2025年浙科版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、钢索拉着升降机在竖直方向上运动；钢索所受的拉力最大时发生在（）

A.在下降过程中急速停下来

B.以最大的速度匀速下降时。

C.减速上升。

D.以最大的速度匀速上升时。

2、如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，重为G的物体受到水平推力F的作用，物体静止不动，则物体对斜面的压力大小为（）A.GsinθB.GcosθC.Gcosθ+FsinθD.Gcosθ+Fcosθ3、一理想变压器原、副线圈的匝数比为5:1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，为滑动变阻器的触头。下列说法正确的是A.副线圈输出电压的频率为10HzB.副线圈输出电压的有效值为62VC.向右移动时，原、副线圈的电流比减小D.向右移动时，变压器的输入功率增大4、如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正方形金属框电阻为R，边长是L，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在水平向右的外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进人磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场．规定顺时针方向为感应电流I的正方向．外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，通过导体横截面的电荷量为q，其中p—t图像为抛物线，则这些量随时间的变化关系正确的是（）5、关于速度与加速度，下列说法正确的是（）A.物体的速度越大，其加速度越大B.物体的速度变化越大，其加速度越大C.物体的速度减小，其加速度一定减小D.物体的加速度不变，其速度可能减小6、如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光时，则下列说法正确的是(

)

A.U1U2=34

B.U1U2=43

C.若将L1

短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光D.若将L2

短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的32

倍7、如图所示，A为一水平旋转的橡胶盘，带有大量均匀分布的负电荷，在圆盘正上方水平放置一通电直导线，电流方向如图。当圆盘高速绕中心轴OO′转动时，通电直导线所受磁场力的方向是（）A.竖直向上B.竖直向下C.水平向里D.水平向外8、关于运动电荷、通电导线所受磁场力的方向，下列判断正确的是（）A.B.C.D.9、将两个质量均为m的小球a、b用绝缘细线相连，竖直悬挂于O点，其中球a带正电、电荷量为q，球b不带电，现加一电场强度方向平行竖直平面的匀强电场(没画出)，使整个装置处于平衡状态，且绷紧的绝缘细线Oa与竖直方向的夹角为θ＝30°；如图所示，则所加匀强电场的电场强度大小可能为()

A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、平行板电容器所带量Q=4×l0-8C，它的两极板之间电压U=2v，则该电容器的电容为____μF；如果两板电量各减少一半，则两板间电势差变为____V，两板间的电场强度将变为原来的____．11、如图所示，a、b为电场中同一电场线上的两点，两点的电势分别为φa＝8V，φb＝6V．将一个带电量为1.6×10－19C的质子放在电场中的a点．(1）该质子在a点具有的电势能为________J；(2）该质子从a点运动到b点，电场力做功为________J.12、手机是人们生活中普遍使用的通讯工具，它是利用____（选填“电磁波”或“超声波”）进行通讯的．这种波____（选填“能”或“不能”）在真空中传播．13、如图所示，放在通电螺线管内部中央处的小磁针，静止时N极指向右端，则电源的a端为______极（填“正”或“负”），螺线管的c端为______极．（填“N”或“S”）14、如图10

所示的光滑绝缘水平面上，固定着ABC

三个带电小球，三球球心共线，质量mAmBmC=121

现同时释放三个小球的瞬间，A

球的加速度值为2m/s2

方向向左，C

球的加速度值为6m/s2

方向向右，那么B

球的加速度大小为______，方向______．15、为测量某种液体的密度，小刚利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到了几组数据并绘出了m-V图象，如图所示。则：量杯质量为______g，该液体密度为______g/cm316、下图是用一个逻辑电路和按钮开关、光敏电阻、蜂鸣器等元件组成的一个简单防盗报警器的电路图。该报警器的功能是：当放在保险箱前地板上的按钮开关S

被脚踩下而闭合，同时安装在保险箱里的电阻R0

被手电筒照射时，蜂鸣器就会发出鸣叫声。在实验中我们在R0

处连接的是______电阻，在虚线框里连接的是_______门电路。

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共4题，共28分)23、如图所示，两个质量相等的弹性小球A和B分别挂在L1=0.81m，L2=0.36m的细线上，两球重心等高且互相接触，现将A球拉离平衡位置与竖直方向夹角小于5°后由静止开始释放，已知当A与B相碰时发生速度交换，即碰后A球速度为零，B球速度等于A球碰前的速度；当B与A相碰时遵循相同的规律，且碰撞时间极短忽略不计．求从释放小球A开始到两球发生第3次碰撞的时间t．（已知π2≈g）24、简谐波沿x轴传播；波速为50m/s．t=0时的波形如图，M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴正方向运动．画出t=0.5s时的波形图．（只画出0-50之间的图形即可）

25、在一次闪电的过程中，流动的电荷量为30C

持续的时间是0.05s

所形成的电流大小为多少？26、如图甲所示；理想变压器原；副线圈的匝数n1n2=3l

原线圈电路中接有一量程为3A

的理想交流电流表，副线圈两端接有理想交流电压表一只和可变电阻R

以及若干“6V6W

”的相同灯泡，原线圈输入如图乙所示的交变电压.

求：

(1)

图甲中电压表的示数；

(2)

灯泡均正常发光时电路中最多允许接入的灯泡个数．

评卷人得分五、简答题(共4题，共32分)27、能说明分子都在永不停息地做无规则运动的实验事实有________(

举一例即可)

在两分子间的距离由r

0(

此时分子间的引力和斥力相互平衡，分子力为零)

逐渐增大的过程中，分子力的变化情况是______________，分子势能的变化情况是______________(

填“逐渐增大”、“逐渐减小”、“先增大后减小”、“先减小后增大”)

28、如图甲所示，电源由n个电动势E=1.5V、内阻均为r（具体值未知）的电池串联组成；合上开关，在变阻器的滑片C从A端滑到B端的过程中，电路中的一些物理量的变化如图乙中Ⅰ；Ⅱ、Ⅲ所示，电表对电路的影响不计．Ⅰ图为输出功率与路端电压关系曲线；Ⅱ图为路端电压与总电流关系图线；Ⅲ图为电源的输出效率与外电阻的关系图线）

（1）求组成电源的电池的个数以及一个电池的内阻；

（2）求滑动变阻器的总阻值；

（3）写出图Ⅰ、Ⅱ中a、b、c三点的坐标（不要求计算过程）．29、氯化铁和高铁酸钾都是常见的水处理剂，下图为制备粗高铁酸钾的工业流程。请回答下列问题：rm{(1)}氯化铁做净水剂的原因是rm{(}结合化学用语表达rm{)}___。rm{(2)}吸收剂rm{X}的化学式为___，氧化剂rm{Y}的化学式为___。rm{(3)}碱性条件下反应rm{垄脵}的离子方程式为___。rm{(4)}过程rm{垄脷}将混合溶液搅拌半小时，静置，抽滤获得粗产品。该反应的化学方程式为rm{2KOH+Na_{2}FeO_{4}=K_{2}FeO_{4}+2NaOH}请根据反应原理分析反应能发生的原因_______。rm{(5)K_{2}FeO_{4}}在水溶液中易发生反应：rm{4FeO_{4}^{2-}+10H_{2}O=4Fe(OH)_{3}+8OH^{-}+3O_{2}隆眉}在提纯rm{K_{2}FeO_{4}}时采用重结晶、洗涤、低温烘干的方法，则洗涤剂最好选用___rm{(}填序号rm{)}A.rm{H_{2}OB.}稀rm{KOH}溶液rm{C.NH_{4}Cl}溶液rm{D.Fe(NO_{3})_{3}}溶液除了这种洗涤剂外，一般工业生产还要加入异丙醇作为洗涤剂，你认为选择异丙醇的原因是_____。30、rm{(I)}第三代混合动力车，可以用电动机、内燃机或二者结合推动车辆。汽车上坡或加速时，电动机提供推动力，降低汽油的消耗；在刹车或下坡时，电池处于充电状态。rm{(1)}混合动力车的内燃机以汽油为燃料，汽油rm{(}以辛烷rm{C_{8}H_{18}}计rm{)}和氧气充分反应，生成rm{1mol}水蒸气放热rm{569.1kJ}则该反应的热化学方程式为_______________________________________________________________。rm{(2)}混合动力车目前一般使用镍氢电池，该电池中镍的化合物为正极，储氢金属rm{(}以rm{M}表示rm{)}为负极，碱液rm{(}主要为rm{KOH)}为电解质溶液。镍氢电池充放电原理示意如图，其总反应式为rm{H_{2}+2NiOOHunderset{鲁盲碌莽}{overset{路脜碌莽}{?}}2Ni(OH)_{2}}根据所给信息判断，混合动力车上坡或加速时，乙电极的电极反应方程式为___________________________________________________rm{H_{2}+2NiOOHunderset{鲁盲碌莽}{overset{路脜碌莽}{?}}

2Ni(OH)_{2}}是一种半导体材料，可通过如图所示的电解装置制取，电解总反应式为rm{(3)Cu_{2}O}阴极的电极反应式是________________________________________用镍rm{2Cu+H_{2}Ooverset{脥篓碌莽}{=!=!=!=!=}Cu_{2}O+H_{2}隆眉}氢电池作为电源进行电解，当电池中有rm{1molH}rm{1molH}rm{{,!}_{2}}被消耗时，rm{Cu}的理论产量为________rm{Cu}rm{{,!}_{2}}时，有关物质的电离平衡常数如下：rm{O}的理论产量为________rm{g}常温下，体积为rm{O}的醋酸溶液与亚硫酸溶液分别加蒸馏水稀释至rm{g}稀释后溶液的rm{(II)25隆忙}前者___________后者rm{(4)}填“rm{10mLpH=2}”、“rm{1000mL}”或“rm{pH}”rm{(}rm{>}下列离子rm{<}rm{=}rm{)}rm{(5)}下列离子rm{CH}rm{(5)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COO}rm{COO}rm{{,!}^{-}}、rm{CO}rm{CO}、rm{HSO}rm{HSO}评卷人得分六、实验题(共1题，共8分)31、某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为101.00cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为101.5s。则（1）他测得的重力加速度g=________m/s2。（保留三位有效数字）（2）他测得的g值偏小，可能的原因是____A．测摆线长时摆线拉得过紧B．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，再以L为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度表达式g=________。(用k表示)参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】

钢索拉着升降机在竖直方向上运动；钢索所受的拉力最大时，则升降机的加速度向上，可能加速上升，也可能减速下降．

A；在下降过程中急速停下来时；向下的速度减小，则加速度方向向上，故A正确。

B；升降机匀速运动时；不论向下还是向上，拉力都等于重力．故BD错误；

C；升降机减速上升；则速度向上，加速度向下，则重力大于拉力，故C错误；

故选：A

【解析】【答案】当钢索拉着做匀速运动时；拉力等于重力；当做加速度向下的运动时，拉力小于重力；当做加速度向上的运动时，拉力大于重力．

2、C【分析】【解析】试题分析：对物体进行受力分析，然后把重力和推力分解在沿斜面方向和垂直于斜面方向，在垂直于斜面方向受力平衡FN=Gcosθ+Fsinθ考点：受力分析，正交分解【解析】【答案】C3、D【分析】【解析】【答案】D4、C【分析】试题分析：导体棒以恒定加速度a进入磁场，由和得知I与t成正比，所以A错误；由牛顿第二定律：得知，F与t成一次函数，所以B错误；由P与t是二次函数，图象为抛物线；所以C正确；电量q与t是二次函数，图象为抛物线，所以D错误。考点：电磁感应的图象问题【解析】【答案】C5、D【分析】解：A；加速度与速度没有直接关系；物体的速度越大，其加速度不一定越大，如速度很大的匀速运动，加速度为零，故A错误．

B；物体的速度变化越大；其加速度不一定越大，还与发生变化所用时间有关，故B错误．

C；物体的速度减小；加速度可能不变，如匀减速运动．加速度可能减小，也可能增大．故C错误．

D；物体的加速度不变；若加速度方向与速度方向相反，则速度减小，故D正确．

故选：D

加速度与速度没有直接关系；加速度表示物体速度变化的快慢，速度变化越快，加速度一定越大．由此分析即可．

本题的解题关键是抓住速度与加速度无关的特点和加速度的物理意义，来理解加速度与速度的关系．【解析】【答案】D6、B【分析】解：AB

设灯泡的额定电压为U

额定电流为I

则副线圈电压为3U

电流为I

原线圈的灯泡正常发光，电流也为I

所以原副线圈的匝数比为11

原线圈两端电压为3U

所以U1U2=43

A错误，B正确；

C；若将L1

短路；则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，C错误；

D、若将L2

短路，设副线圈的电流为I

原线圈的电流也为I

因此2IR+IR=U1

则副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43

D错误．

故选：B

．

设每只灯的额定电流为I

因串联在副线圈两端的三只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为I

由电流关系求出匝数比；由匝数比求电压关系．

题解题的突破口在原副线圈的电流关系，难度不大，属于基础题．【解析】B

7、D【分析】解：带负电圆盘如图转动时；形成逆时针方向（从上向下）的电流，根据右手螺旋定则可知，在圆盘上方形成的磁场方向竖直向上，根据左手定则，伸开左手，让四指和电流方向一致，磁感线穿过手心，则大拇指指向垂直纸面向外，因此安培力的方向水平向外，故D正确，ABC错误。

故选：D。

带电圆盘转动时形成环形电流；利用右手螺旋定则判断出环形电流在导线处的磁场方向，然后根据左手定则即可正确判断通电直导线所受磁场力的方向。

本题考查了电流的形成、右手螺旋定则、左手定则等基础知识，要掌握两种定则的使用方法、条件，熟练应用其解决问题。【解析】D8、C【分析】解：A；由左手定则可知；安培力方向应竖直向下，故A错误；

B；根据左手定则可知；洛伦兹力方向向上，故B错误；

C；根据左手定则可知；安培力方向水平向右，故C正确；

D；粒子带负电；由左手定则可知，粒子受力竖直向下，故D错误。

故选：C。

根据左手定则判断出安培力的方向；伸开左手，使大拇指与四指方向垂直，四指方向与电流方向相同，磁场方向垂直于掌心，大拇指所指方向为安培力的方向．

解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系，要注意明确负电荷在判断时洛伦兹力时，四指要指向运动的反方向．【解析】C9、B【分析】【详解】

取小球a、b整体作为研究对象，则受重力2mg、悬线拉力FT和电场力F作用处于平衡；此三力满足如图所示的三角形关系；

由图知F的最小值为由知故B对。

综上所述所述本题答案是：B二、填空题(共7题，共14分)10、略

【分析】

电容C=μF．

当电量减小一半，电容不变，则电势差．

电势差变为原来的一半，根据E=知，电场强度变为原来的．

故答案为：2×10-2，1，．

【解析】【答案】根据电容的定义式求出电容的大小．根据Q=CU求出两板间电势差；结合匀强电场的场强公式判断电场强度的变化．

11、略

【分析】试题分析:该质子在a点具有的电势能为该质子从a点运动到b点，电场力做功考点：电势；电势能【解析】【答案】1.2810-18J；3.210-19J12、电磁波能【分析】【解答】手机已成为人们普遍使用的通信工具；它是由电磁波来传递信息的，电磁波本身就是物质，故能在真空中传播．

故答案为：电磁波；能．

【分析】手机既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；电磁波本身就是物质，能在真空中传播．13、略

【分析】解：螺线管内部的磁场方向水平向右；根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，实验a端为电源的正极．内部的磁场由S指向N，实验c端为S极或南极．

故答案为：正；S

根据小磁针的指向；通过安培定则判断出螺线管电流的流向，从而知道电源的正负极．螺线管等效为条形磁铁，根据内部磁场的方向得出螺线管的极性．

解决本题的关键掌握安培定则，会运用安培定则判断电流与磁场的关系．【解析】正；S14、略

【分析】解：设A

球质量为m

根据mAmBmC=121

可知B

球质量为2mC

球质量为m

小球A

受到小球B

和C

的作用力分别记为FBA

和FCA

小球B

分别受到小球A

和C

的作用力分别记为FAB

和FCB

小球C

受到A

和B

的作用力记为FAC

和FBC

对小球A

有：FBA+FCA=ma1垄脵

对小球B

有：FAB+FCB=2ma2垄脷

对小球C

有：FAC+FBC=ma3垄脹

由于FBA

和FAB

互为作用力和反作用力；故其大小相等方向相反，有FBA+FAB=0

故有。

垄脵+垄脷+垄脹

得：

ma1+2ma2+ma3=0

根据题意取向左为正方向；则有：a1=2m/s2a3=鈭�6m/s2

据ma1+2ma2+ma3=0

知a2=2m/s2

方向与正方向相同即向左．

故答案为：2m/s2

向左。

在光滑的水平面上；小球所受重力和支持力平衡，使小球产生加速的力就是小球间相互作用的库仑力，根据牛顿第三定律解出其加速度满足的规律．

根据力的独立作用性原理，根据牛顿第三定律求解出释放每个小球时加速度所满足的关系式，根据题目中给出的2

种情况下的加速值，求释放B

球时产生的加速度a

．【解析】2m/s2

向左15、201.0×103【分析】解：设量杯的质量为m杯；液体的密度为ρ；

读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=m1+m杯=40g；

由ρ=可得：ρ×20cm3+m杯=40g①

当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量m总2=m2+m杯=100g；

可得：ρ×80cm3+m杯=100g②

由①-②得；液体的密度：

ρ=1.0g/cm3=1.0×103kg/m3；

代入①得m杯=20g。

故答案为：20；1.0×103。

设量杯的质量为m杯；液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1；当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量m总2，列方程组求出液体密度和量杯质量。

读取图象获取信息，进一步进行分析和计算，是本题的一大特点，形式较为新颖，即考查了密度的相关计算，同时更考查了对图象的认识，值得我们关注，这也是我们应该锻炼的实验能力。【解析】201.0×10316、光敏与【分析】【分析】由题意分析可知，当放在保险箱前地毯下的按钮开关S

被脚踩下闭合，同时安装在保险箱里的光敏电阻R0

被透入的光线照射时，蜂鸣器就会发出鸣叫声，说明某个事件的条件全部满足，事件才能发生.

即可知采用与门电路。对于门电路要清楚其原理及功能，并且通过分析题意才能找出正确的对应关系。【解答】与门的特点是当某个事件的条件全部满足时，事件才能发生，由题意分析：按钮开关S

被脚踩下闭合和光敏电阻R0

被透入的光线照射同时满足时，蜂鸣器就会发出鸣叫声，可知虚线方框中使用的门电路是与门电路。故填：光敏，与。【解析】光敏与三、判断题(共6题，共12分)17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、计算题(共4题，共28分)23、略

【分析】

由于两球相撞时交换速度；则球A从最大位移处摆下来碰静止的球B后，球A静止，球B运动．同样，球B摆下来碰静止的球A后，球B静止，球A运动．所以，总是只有一个球在摆动，两球总是在最低点相碰．

本题考查了单摆的周期公式，解决本题的关键是知道两个摆总是一个在动，理解系统的周期．【解析】解：两质量相等的弹性小球做弹性正碰时；两球速度交换．

由单摆周期公式有s；

s

从释放小球A到第1次相碰经历时间t1=s

从小球B摆起到第2次相碰经历时间t2=s

从小球A摆起到第3次相碰经历时间t3=s

所以从释放小球A到A、B第3次碰撞，共需时间t=t1+t2+t3=0.45s+0.6s+0.9s=1.95s

答：释放小球A开始到两球发生第3次碰撞的时间为1.95S24、略

【分析】

根据时间t=0.5s与周期的关系；则可得出波在0.5s内传播的距离，再结合波形的平移，即可作出图象．

本题是波动图象中基本题，由质点的振动方向判断波的传播方向是基本功，会应用平移的方法画出波的图象．【解析】解：t=0.5s=1T，此时波形与t=T时刻波形相同，根据波形的平移法可知，将t=0时刻的波形向左平移λ得到；作出图象如图所示．

25、略

【分析】

根据电流的定义式I=qt

即可求解．

本题主要考查了电流定义式的直接应用，难度不大，属于基础题．【解析】解：根据电流的定义式得：电流I=qt=300.05=600A

．

答：所形成的电流大小为600A

26、略

【分析】

由图象可知原线圈两端电压和周期；根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．

本题考查的是学生读图的能力，根据图象读出交流电的最大值和周期，根据电压和匝数之间的关系即可求得．【解析】解：(1)

由图象可知原线圈两端电压的最大值为272

原线圈两端电压有效值27V

对理想变压器有：

U2=n2n1U1=13隆脕27=9V

(2)

设输出端电路中最多接入的灯泡个数为N

每个灯泡正常发光时通过原；副线圈的电流分别为I1I2

则根据理想变压器有：

U1I1=U2I2I2=279隆脕3=9A

N=I2PLUL=966=9

答：(1)

图甲中电压表的示数9V(2)

灯泡均正常发光时电路中最多允许接入的灯泡个数9

个．五、简答题(共4题，共32分)27、布朗运动或扩散现象先增大后减小逐渐增大【分析】【分析】物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力；分子直径的数量级为是10鈭�10m

当分子间距大于平衡位置时，分子力将先增大后减小。

本题考查分子动理论；掌握分子力与间距的变化关系，同时强调间距与平衡位置的比较。

【解答】扩散现象(

布朗运动)

说明分子在永不停息地做无规则运动；当分子间距大于平衡位置时，若间距增大，则分子引力与斥力都在减小，但斥力减小得快，所以体现为引力，则引力越来越大，随着间距增大一定值时，引力与斥力都变小，所以分子力也变小，故分子力先增大后减小，分子势能逐渐增大。

故填：布朗运动或扩散现象；先增大后减小，逐渐增大。

【解析】布朗运动或扩散现象先增大后减小逐渐增大28、略

【分析】

电流表测电路电流；电压表测外电路电压，即滑动变阻器电压；

（1）当滑动变阻器接入电路的阻值为零时；电路短路，电路电流为短路电流，等于电源电压与电源内阻的比值；当滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻阻值相等时，电源输出功率最大，根据图象数据，应用欧姆定律与电功率公式列方程，求出电源电压，然后求出电池节数．

（2）电源的输出功率与电源的总功率之比是电源的效率；滑动变阻器接入电路的阻值越大，电源效率越高，当滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器效率最高，由图丙所示图象，应用电功率公式及效率公式可以求出滑动变阻器的最大阻值．

（3）由欧姆定律；串联电路特点及图象可以求出各点的坐标．

本题难度较大，分析清楚电路结构、根据各图象获得所需信息，应用欧姆定律、电功率公式、效率公式等即可正确解题．【解析】解：设电源电压为U，内阻为r；

（1）由Ⅱ图可知，短路电流：I==3A；

当滑动变阻器电阻与电源内阻相等时；电源输出功率最大；

由于滑动变阻器接入电路的电阻与电源内阻相等；

由串联电路特点知；电源内阻电压等于滑动变阻器电压；

则滑动变阻器电压为R滑=r，由乙图得：P最大===4.5W；

解得：U=6V，r=2Ω，每节干电池电压为1.5V，电源电压为6V，则电源由4节干电池组成，每个电池的内阻．

（2）电源效率η=当滑动变阻器阻值全部接入电路时，电源的效率最高；

由丙图得：η==0.8；解得R=8Ω；

（3）当输出功率达到最大时R=4r=2Ω时，此时的路端电压为3V，b（3V；4.5W）c（4.8V、2.88W）a（0.6A、4.8V）；

答：（1）串联干电池的个数为4个；每个电池的内阻为0.5Ω．

（2）滑动变阻器的最大阻值为8Ω．

（3）各点坐标分别为：a（0.6A、4.8V）；b（3V、4.5W）；c（4.8V、2.88W）．29、(1)水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质。

(2)FeCl2NaClO

(3)2Fe3++3ClO-+10OH-=2FeO42-+3Cl-+5H2O

(4)K2FeO4溶解度小于Na2FeO4，析出晶体，促进反应进行

(5)B高铁酸钾在异丙醇中的溶解度小于在水中的溶解度，用异丙醇洗涤有利于提高产品回收率【分析】【分析】本题考查了制备粗高铁酸钾的工业流程的知识，涉及离子方程式的书写。【解答】rm{(1)}氯化铁做净水剂的原因是：氯化铁做净水剂的原因是：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{(1)}

rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质；故答案为：吸收剂rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}的与水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质；rm{(2)}吸收剂rm{X}的与rm{Cl}rm{(2)}rm{X}rm{Cl}是rm{{,!}_{2}}反应的产物是rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}，rm{X}是rm{FeCl}rm{X}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}，反应的离子方程式为：rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}和rm{{,!}_{2}}其中rm{=2Fe}能做氧化剂，所以rm{=2Fe}为rm{{,!}^{3+}}

rm{+2Cl}rm{+2Cl}rm{{,!}^{-}}；rm{Cl}碱性条件下反应rm{Cl}的离子方程式为：rm{{,!}_{2}}与氢氧化钠反应生成rm{NaClO}和rm{NaCl}其中rm{NaClO}能做氧化剂，所以rm{Y}为rm{NaClO}rm{NaClO}rm{NaCl}rm{NaClO}rm{Y}rm{NaClO}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}；rm{NaClO}rm{NaClO}rm{(3)}碱性条件下反应rm{垄脵}的离子方程式为：rm{2Fe}

rm{(3)}rm{垄脵}rm{2Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+3ClO}rm{+3ClO}rm{{,!}^{-}}rm{+10OH}rm{+10OH}rm{{,!}^{-}}rm{=2FeO}rm{=2FeO}rm{{,!}_{4}^{2-}}rm{+3Cl}该反应的化学方程式为rm{+3Cl}反应能发生的原因是rm{{,!}^{-}}溶解度小，析出晶体，促进反应进行；故答案为：rm{+5H}溶解度小于rm{+5H}析出晶体，促进反应进行；

rm{{,!}_{2}}在水溶液中易发生反应：rm{O}所以用碱液来洗涤，抑制水解，不引入新的杂质所以用稀rm{O}溶液，高铁酸钾在异丙醇中的溶解度小于在水中的溶解度，用异丙醇洗涤有利于提高产品回收率；故答案为：故答案为：rm{2Fe}rm{2Fe}。

rm{{,!}^{3+}}【解析】rm{(1)F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}水解产生的氢氧化铁胶体能吸附杂质。

rm{(1)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{(2)FeCl_{2}}

rm{NaClO}

rm{(3)2Fe^{3+}+3ClO^{-}+10OH^{-}=2FeO_{4}^{2-}+3Cl^{-}+5H_{2}O}rm{(4)}rm{K}rm{K}rm{{,!}_{2}}rm{FeO}rm{FeO}rm{{,!}_{4}}溶解度小于rm{Na}rm{Na}

rm{{,!}_{2}}rm{FeO}rm{FeO}rm{{,!}_{4}}30、（1）C8H18（l）+O2（g）═8CO2（g）+9H2O（g）△H=-5121.9kJ•mol-1

（2）NiOOH+H2O+e-═Ni(OH)2+OH-

（3）2H++2e-=H2↑144

（4）<

（5）CO32-＞SO32-＞CH3COO-＞HSO3-

（6）c(Na+)＞c(HSO3-)＞c(H+)＞c(SO32-)＞c(OH-)【分析】【分析】本题考查学生有关电化学和热化学的知识，注意热化学方程式书写和电极反应式书写，综合性较强，难度中等。【解答】rm{(1)}辛烷rm{C_{8}H_{18}}燃烧生成rm{1mol}水蒸气时放热rm{569.1KJ}rm{1mol}辛烷燃烧生成rm{9mol}水，所以rm{1mol}辛烷燃烧放热放热rm{569.1KJ隆脕9=5121.9kJ}其热化学方程式为：rm{C_{8}H_{18}(l)+dfrac{25}{2}O_{2}(g)篓T8CO_{2}(g)+9H_{2}O(g)triangleH=-5121.9kJ?mol^{-1}}故答案为：rm{C_{8}H_{18}(l)+dfrac{25}{2}O_{2}(g)篓T8CO_{2}(g)+9H_{2}O(g)triangleH=-5121.9kJ?mol^{-1}}

rm{C_{8}H_{18}(l)+dfrac

{25}{2}O_{2}(g)篓T8CO_{2}(g)+9H_{2}O(g)triangleH=-5

121.9kJ?mol^{-1}}混合