2025年湘教新版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，质量为m的小球，用不可伸长的轻绳悬挂在O点．现将小球从A点由静止释放，小球向下摆动至最低点B．在此过程中，小球重力做的功为W，小球重力的冲量为I，小球动能的变化量为小球动量的变化量为．不计空气阻力；下列关系式正确的是。

A.B.C.D.2、如图所示，轻弹簧竖直立在地面上，一个质量为的小球从距弹簧上端正上方0.8m处由静止释放。从小球接触弹簧到第一次脱离弹簧共用时0.5s，不计空气阻力，弹簧的形变在弹性限度内，重力加速度g取则小球与弹簧接触过程中弹簧对小球的平均作用力大小为（）

A.13NB.8NC.3ND.18N3、如图所示，从地面上同一位置抛出相同的两小球分别落在地面上的点；两球运动的最大高度相同。空气阻力不计，下列说法正确的是（）

A.两球抛出时的速度方向相同，大小不同B.球在最高点的动量比球在最高点的动量大C.球落地时重力的功率比球落地时重力的功率大D.球在空中运动的时间比球在空中运动的时间长4、物体受到方向不变的力F作用，其中力的大小随时间变化的规律如图所示，则力F在4s内的冲量大小为（）

A.2N∙sB.4N∙sC.6N∙sD.8N∙s5、我国新一代载人飞船试验船是面向中国空间站运营及未来载人探月需求而研发的新一代天地往返运输器，目前已取得重大成果。2020年5月5日18时整，长征五号运载火箭（被我们昵称为胖5）在海南文昌首飞成功，为试验成功打下良好基础。2020年5月8日13时49分，试验船在东风着陆场成功实现软着陆，本次着陆采用“隔冲框+阻尼盒”降冲击方案，应用颗粒阻尼技术，实现减振降噪。至此，经过7次轨道控制，新一代试验船成功在近地点高度为远地点高度为的椭圆轨道上实现顺利运行。则下列说法正确的是（）

A.载人飞船要与空间站对接，可以飞行到与空间站同一轨道后在合适的位置加速追上空间站后对接B.飞船变轨时需要发动机点火，有其他形式的能的转化，飞船的机械能是变化的，能量守恒定律不再适用C.载人飞船从近地轨道返回地面时，其返回速度可以大于第一宇宙速度D.试验船软着陆的“隔冲框+阻尼盒”降冲击方案有助于减少试验船对地面的冲量6、如图所示，半径为R、质量为的光滑半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，将质量为m的小球（可视为质点）从A点正上方高为R处由静止释放，由A点经过半圆轨道后从B冲出，重力加速度为g，则（）

A.小车向左运动的最大距离为B.小车获得的最大速度为C.小球离开小车后做斜上抛运动D.小球进入半圆轨道后，由小球和小车组成的系统总动量守恒7、如图所示，凹槽Q静置于光滑水平面上，其上表面为半径为R的半圆柱面。现将一个小球P从凹槽的右侧最顶端由静止释放；一切摩擦均不计。则以下说法正确的是（）

A.Q和P组成的系统机械能守恒B.Q和P组成的系统动量守恒C.当Q的动能最大时，P的动能最小D.当P释放后第一次速度为零时，其位移大于2R8、如图所示，长为L的轻绳一端系于O点，另一端系一小球，在O点正下方P点有一钉子。现将小球拉至A点由静止释放，小球摆至最低点B后继续向右摆至最高点C。整个过程中；小球摆角始终小于5°。下列说法不正确的是（）

A.小球在C点时回复力最大B.小球从A摆至B点时合力突然变大C.小球在B点时合力为零D.若将钉子的位置上移，则小球从A点摆至C点的时间变长9、一根粗细均匀的弹性绳子，右端固定，S点上下振动；产生向右传播的机械波，某时刻的波形如图所示。下列说法中正确的是（）

A.波源振动的周期逐渐减小B.波的传播速度逐渐减小C.各处的波长都相等D.此时刻质点P的速度方向向上评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、某空间存在的静电场方向平行于轴，其电势随坐标变化情况如图所示，图中的和为已知量。一质量为电荷量为的带电粒子在电场中以为中心，沿轴做周期性运动。已知该粒子的动能与电势能之和为不计粒子重力，下列说法正确的是（）

A.该静电场的电场强度大小为B.带电粒子运动的区间为C.带电粒子运动的最大速度为D.带电粒子运动的周期为11、一列简谐横波沿直线传播，在波的传播方向上有一个质点P，已知波源O与质点P的平衡位置相距1.2m；以波源由平衡位置开始振动为计时零点，质点P的振动图像如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.该列波的波长为4mB.该列波的波速大小为0.6m/sC.波源O的起振方向为沿y轴负方向E.t=5s时，质点P通过的路程是0.15mE.t=5s时，质点P通过的路程是0.15m12、如图所示；光滑水平面上两小车中间夹一压缩了的轻弹簧，两手分别按住小车，使它们静止，对两车及弹簧组成的系统，下列说法中不正确的是（）

A.两手同时放开后，系统总动量为零B.先放开右手，后放开左手后，系统总动量不为零，且方向向左C.先放开左手，后放开右手后，系统总动量不为零，且方向向左D.无论先放哪只手，系统机械能都守恒13、质量分别为m、2m、3m的三个物体在一光滑水平面上排成一直线，且彼此隔开一定距离，如图所示。具有初动能E0的第1号物块向右运动；依次与其余两个静止物块发生碰撞，每次碰后物块都粘成一个整体。下列说法正确的是（）

A.最终这个整体的动能等于B.最终这个整体的动能等于C.最终这个整体的动量等于D.最终这个整体的动量等于14、如图，a、b、c、d是均匀媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为2m、4m和6m．一列简谐横波以2m/s的波速沿x轴正向传播，在时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运动，时a第一次到达最高点．下列说法正确的()

A.在时刻波恰好传到质点d处B.在时刻质点c恰好到达最高点C.质点b开始振动后，其振动周期为4sD.在的时间间隔内质点c向上运动评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、如图，在杨氏双缝干涉实验中，激光波长530nm，屏上P点距双缝S1和S2的路程差为7.95×10-7m。则在这里出现的应是______（填“亮条纹”或“暗条纹”），若双缝间距0.01mm，挡板到屏的距离0.6m，则相邻两条亮条纹的间距是______cm。

16、光的干涉实验最早是英国物理学家______在1801年成功完成的，杨氏实验有力地证明了光是一种______。17、如图甲所示为一弹簧振子的振动图像；规定向右的方向为正方向，试根据图像分析以下问题：

（1）如图乙所示的振子振动的起始位置是________，从初始位置开始，振子向________（填“右”或“左”）运动．

（2）在乙图中，找出图像中的O、A、B、C、D各对应振动过程中的位置，即O对应________，A对应________，B对应________，C对应________，D对应________．

（3）在时，振子的速度的方向与时速度的方向_______．

（4）质点在前4s内的位移等于________．18、共振。

（1）概念：当驱动力的频率等于___________时，物体做受迫振动的振幅___________的现象。

（2）共振的条件：驱动力的频率等于___________。

（3）共振的特征：共振时___________最大。

（4）共振曲线（如图所示）。

19、【易错辨析】

（1）水一定是光密介质。____

（2）两种介质相比，光在光密介质中的速度一定较小。____

（3）两种介质相比，光密介质的密度一定较大。____

（4）光线从一种介质进入另一种介质时，在光密介质中与法线夹角较小。____

（5）两种介质相比，光疏介质的折射率一定较小。____20、一系统作简谐振动,周期为T，以余弦函数表达振动时，初相为零．在范围内，系统在t=_______时刻动能和势能相等。21、（1）通过波的图像可以找出任一质点在任意时刻的位移。______

（2）机械波在传播过程中，各质点振动的周期、起振方向都相同。______

（3）机械波在一个周期内传播的距离就是振幅的4倍。______

（4）波速表示介质中质点振动的快慢。______22、一列声波从空气传入水中，则此列波的频率将_______，波长将_____。(填“变大”、“变小”、“不变”)评卷人得分四、实验题(共2题，共10分)23、如图所示“为探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图。

（1）因为下落高度相同的平抛小球（不计空气阻力）的飞行时间______；所以我们在实验中可以用平抛时间作为时间单位。

（2）本实验中，实验必须要求的条件是____

A.斜槽轨道必须是光滑的。

B.斜槽轨道末端点的切线是水平的。

C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放。

D.入射球与被碰球满足ma>mb，ra＝rb

（3）图中M、P、N分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，要验证的关系是_____

A.ma·ON＝ma·OP＋mb·OM

B.ma·OP＝ma·ON＋mb·OM

C.ma·OP＝ma·OM＋mb·ON

D.ma·OM＝ma·OP＋mb·ON24、用如图甲所示装置验证“动量守恒定律”。A、B两球半径相同，A球质量为m1，B球质量为m2，轨道包括斜槽和水平槽，固定在桌面上，白纸铺在水平地面上，复写纸在白纸上。先让A球从斜槽上某一固定位置C由静止滚下，从轨道末端水平抛出，落到复写纸上，重复上述操作10次，在白纸上得到10个落点痕迹；再把B球放在水平轨道末端，让A球仍从位置C由静止滚下，A球和B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。M、P、N为三个落点的平均位置，O点是水平槽末端在白纸上的竖直投影点；如图乙所示。

(1)除了图甲中实验器材外，完成本实验还必须使用的测量仪器是()。

A.秒表刻度尺B.天平刻度尺C.秒表D.天平秒表刻度尺。

(2)在下列实验操作中，符合要求的是_______（选填序号）。

A.入射小球与被碰小球必须大小相同；质量相等。

B.每次必须从同一高度由静止释放入射小球。

C.安装轨道时；必须让水平槽末端水平。

D.实验过程中；只要保持复写纸在白纸上位置不变，可以移动白纸。

(3)测量了A、B两个小球的质量m1、m2，记录的落点平均位置M、N、P和轨道末端投影点O几乎在同一条直线上，并测量出三个落点M、N、P与O点距离分别是LM、LN、LP。在实验误差允许范围内，若关系式_____________________成立（用测得的物理量符号表示），则验证了动量守恒定律。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

小球在摆动过程中，只有重力做功，轻绳的弹力不做功，根据动能定理可知，重力的功等于动能的变化量，即W=△Ek；小球在摆动过程中；受到了重力和绳子拉力的冲量，故重力的冲量不等于动量的变化量。

A.与分析不符；故A错误；

B.与分析相符；故B正确；

C.与分析不符；故C错误；

D.与分析不符，故D错误．2、A【分析】【分析】

【详解】

由题意可知，小球与弹簧接触时的速度大小为

离开弹簧时的速度大小也为设小球与弹簧接触过程中弹簧对小球的平均作用力大小为F，根据动量定理有

解得

A项正确。3、B【分析】【详解】

D．抛出时两球的水平分速度和竖直分速度分别根据斜抛运动可以计算出物体从抛出到最高点所用的时间为

因为两球运动的最大高度相同；则两球从抛出到最高点所用时间相同，根据运动对称性可知两球在空中运动的时间相同，D错误；

B．抛体运动的水平位移可以表示为

因为两球运动的时间相同，且由此可知小球抛出时的水平速度满足

球在最高点的动量

球在最高点的动量

因此，球在最高点的动量比球在最高点的动量大；B正确；

C．根据抛体运动的规律可知

球落地时重力的功率分别为

可知两球落地时重力的功率相同；C错误；

A．因为

抛出时的速度大小满足

抛出速度与水平方向的夹角满足

因此两球抛出时的速度方向不同；大小不同，A错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

根据I=Ft可知，力F的冲量等于F-t图像与坐标轴围成的“面积”，则力F在4s内的冲量大小为

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．载人飞船在与空间站同一轨道加速后一定会离心变轨；无法实现对接，故A错误；

B．能量守恒定律是普遍适用的；故B错误；

C．载人飞船在近地轨道运行时的速度为第一宇宙速度；故其返回地面时，速度可以大于第一宇宙速度，故C正确；

D．由动量定理可知本方案可用于延长作用时间，减小试验船对地面的冲力，但不能减少试验船对地面的冲量，故D错误。

故选C。6、B【分析】【详解】

A．小车和小球组成的系统满足水平方向动量守恒，且水平总动量为零，在小球相对车从A运动到B的过程，小车向左运动的距离最大，则有

则有

又

联立解得小车向左运动的最大距离为

故A错误；

B．当小球运动到最低点时，小车速度最大，设此时小球速度为小车速度为根据水平方向动量守恒可得

根据系统机械能守恒可得

联立解得小车的最大速度为

故B正确；

C．小球从B离开小车时；小球相对车的速度竖直向上，小球和小车在水平方向具有相同的速度，由于水平总动量为零，可知此时两者的水平速度均为零，则小球离开小车后做竖直上抛运动，故C错误；

D．小球进入半圆轨道后；由小球和小车组成的系统在竖直方向动量不守恒，故小球和小车组成的系统总动量不守恒，故D错误。

故选B。7、A【分析】【详解】

A．Q和P组成的系统；只有小球P的重力做功，满足系统机械能守恒，故A正确；

B．由于小球P在竖直方向存在加速度；而凹槽Q在竖直方向没有加速度，则Q和P组成的系统在竖直方向的合外力不为零，竖直方向动量不守恒，故Q和P组成的系统动量不守恒，故B错误；

C．Q和P组成的系统在水平方向不受力；系统满足水平方向动量守恒，当小球P运动到圆心等高处时，小球P和凹槽Q的速度均为零，此时小球P和凹槽Q的动能均最小，故C错误；

D．当P释放后第一次速度为零时，小球P相对于凹槽Q运动到左侧圆心等高处，此过程小球P相对凹槽Q向左的位移大小为但由于凹槽Q向右运动，可知小球P的位移小于故D错误。

故选A。8、C【分析】【详解】

AC．小球受重力和绳子拉力，所受合力沿切线方向提供回复力，在A、C两点合力最大，回复力最大。在B点回复力为零；但沿半径方向的力提供向心力，故合力不为零，A说法正确，不符合题意，C说法错误，符合题意。

B．经过B点时，速度不变，圆周运动半径变小，根据

可知；合力变大，B说法正确，不符合题意；

D．根据

若将钉子的位置上移，摆长变大，周期变大，则小球从A点摆至C点的时间变长；D说法正确，不符合题意。

故选C。9、A【分析】【详解】

ABC．波向右传播，由波形图可知，由振源振动形成的机械波的波长逐渐减小，由于同一种介质中的波速不变，根据

可知波源振动的频率变大；周期变小，故A正确，BC错误；

D．波向右传播，由波形图结合上下坡法可知，此时刻质点P的速度方向向下；故D错误。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)10、A:C【分析】【详解】

A．图象的斜率表示电场强度，沿电场方向电势降低，因而在x=0的左侧，电场向左，且为匀强电场，在x=0的右侧；电场向右，且为匀强电场，故该静电场的电场强度大小为。

故A正确；

B．如果粒子恰好能够到达d位置，则粒子到达d位置时动能和势能都为零，即动能和势能之和为零，这和该粒子的动能与电势能之和为－0.5qφ0矛盾，所以带电粒子运动的区间为－d≤x≤d不成立；故B错误；

C．粒子在x=0的右侧向右或者向左都做匀减速运动，所以粒子在O点速度增大，设带电粒子在O点的速度为v0；根据功能关系。

解得。

故C正确；

D．粒子运动在右侧运动，从O点开始回到O点；根据动量定理。

解得。

根据运动的对称性；粒子在左侧运动的时间和右侧相等，故带电粒子运动的周期为。

故D错误。

故选AC。11、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

AB．根据题意可知，2s传到P，波速

周期T=4s，故波长

故A错误B正确；

C．波源O的起振方向与P起振方向一致，为沿y轴正方向；故C错误；

D．波源O的动能在t=10s时最大；因为10s时经过了2.5个周期，在平衡位置，故D正确；

E．t=5s时，P振动了质点P通过的路程是0.15m

故E正确；

故选BDE。12、B:C【分析】【详解】

A．两手同时放开后；由于系统所受合外力为零，系统满足动量守恒，则系统总动量为零，故A正确，不满足题意要求；

B．先放开右手；可能出现右边汽车先向右运动到弹簧伸长最大后，再向左回到压缩位置，所以之后放开左手瞬间，弹簧可能处于伸长状态；压缩状态，右边汽车可能速度向右，也可能速度向左，甚至可能速度刚好为零，故两手都放开后，系统的总动量可能向右，也可能向左，甚至可能为零，故B错误，满足题意要求；

C．先放开左手；可能出现左边汽车先向左运动到弹簧伸长最大后，再向右回到压缩位置，所以之后放开右手瞬间，弹簧可能处于伸长状态；压缩状态，左边汽车可能速度向左，也可能速度向右，甚至可能速度刚好为零，故两手都放开后，系统的总动量可能向左，也可能向右，甚至可能为零，故C错误，满足题意要求；

D．无论先放哪只手；手对汽车总是不做功，系统机械能都守恒，故D正确，不满足题意要求。

故选BC。13、B:C【分析】【详解】

AB．取向右为正方向，第1号物体的初速度大小为v0，最终三个物体的共同速度为v。以三个物体组成的系统为研究对象，对于整个过程，根据动量守恒定律得mv0=6mv

解得

又

联立得整体的末动能为

故A错误、B正确；

CD．根据动能和动量的关系可得初动量

由于碰撞过程中动量守恒，则最终这个整体的动量等于故C正确、D错误。

故选BC。14、A:C:D【分析】【详解】

A．ad间距离为x=12m，波在同一介质中匀速传播，则波从a传到d的时间为即在t=6s时刻波恰好传到质点d处．故A正确；

B．设该波的周期为T，由题可得，得T=4s．波从a传到c的时间为则在t=5s时刻质点c已振动了2s，而c起振方向向下，故在t=5s时刻质点c恰好经过平衡位置向上．故B错误；

C．质点b的振动周期等于a的振动周期；即为4s．故C正确；

D．在4s＜t＜6s的时间内，质点c振动了1s＜t＜3s，此时c点从波谷向波峰运动；D正确．

故选ACD．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]光程差与半波长的倍数关系为

即光程差是半波长的奇数倍；则该处出现的应该是暗条纹。

[2]根据代入数据解得

则相邻两条亮条纹的间距是【解析】暗条纹3.1816、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.托马斯·杨②.波17、略

【分析】【分析】

由题中“如图甲所示为一弹簧振子的振动图像”可知；本题考查简谐振动的振动图像，根据简谐振动的振动图像反应的位移与时间的关系．

【详解】

（1）[1]由图知t=0时刻，x=0；说明振子振动的起始位置是E；

[2]t=0时刻位移图像的斜率为正；则振子速度沿正向，即向右；

（2）[3][4][5][6][7]根据位移和起始速度方向可以知道；图像中的O；A、B、C、D各对应振动过程中的位置，即O对应E、A对应G、B对应E、C对应F、D对应E；

（3）[8]在t=2s时，图像的斜率为负，说明振子的速度沿负方向，即向左，t=0速度的方向相反；

（4）[9]质点在前4s内回到了出发点，其位移等于零．【解析】①.E②.右③.E④.G⑤.E⑥.F⑦.E⑧.相反⑨.018、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]当驱动力的频率等于固有频率时；物体做受迫振动的振幅最大的现象。

（2）[3]共振的条件：驱动力的频率等于固有频率。

（3）[4]共振的特征：共振时振幅最大。【解析】①.固有频率②.最大③.固有频率④.振幅19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]光密介质与光疏介质是相对而言的；单独一种介质无法确定它是光密介质还是光疏介质，故错误。

（2）[2]两种介质相比；折射率较大的介质叫作光密介质，光在光密介质中的速度一定较小，故正确。

（3）[3]两种介质相比；折射率较大的介质叫作光密介质，与介质密度无关，故错误。

（4）[4]光线从一种介质进入另一种介质时；在光密介质中折射率大，与法线夹角较小，故正确。

（5）[5]两种介质相比，光疏介质的折射率一定较小，故正确。【解析】①.错误②.正确③.错误④.正确⑤.正确20、略

【分析】【详解】

[1]设振动方程为

系统的总能量为当动能等于势能时，设位移为则有

解得

所以

解得（n为整数）

在时，或【解析】或21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]波的图象描述的是在波的传播方向上的介质中的各质点在某一时刻离开平衡位置的位移。

（2）[2]机械波在传播过程中；质点的振动周期等于波源的振动周期，各质点振动的起振方向都和波源的振动方向相同。