2025年沪科版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高三物理下册月考试卷485考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一物体从静止出发；沿一条直线运动的v-t图象如图所示，下列说法中正确的是（）

A.物体一直沿一个方向运动B.物体的加速度的大小总是变化的C.物体做往返的运动，永远不会停下来D.物体每次返回的路程都减少一点，所以最终会停下来2、如图甲所示，理想变压器原副线圈匝数比n1：n2=2：1，电表均为理想电表，两个电阻均为1Ω，C是电容器，其击穿电压为V；图乙为原线圈输入电压与时间的关系图象，下列说法中正确的是（）

A.输入电压的频率为50Hz，经过变压器后通过电阻的交流电频率为25HzB.s断开时电压表的示数为1.41V，电流表的示数为0.35AC.s断开时电压表的示数为1V，电流表的示数为0.25AD.闭合开关s，电容器将被击穿3、如图所示，物体A用轻绳系住，轻绳的另一端跨过定滑轮用一力F拉住，并使A沿水平面做向右匀速运动，若A与水平面间的动摩擦因素为定值，则A在向右运动的过程中，拉力F的大小变化是（）A.一定一直增大B.一定一直减小C.可能先增大后减小D.可能先减小后增大4、如图所示，物体A和B的重力分别为10N和3N，不计弹簧秤和细线的重力和一切摩擦，则下列选项正确的是（）A.弹簧秤所受的合力为7NB.地面对A的支持力为0NC.弹簧秤的读数为6ND.弹簧秤的读数为3N5、如图所示，矩形线圈有N匝，长为a，宽为b，每匝线圈电阻为R，从磁感应强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出来，那么，产生的感应电动势和流经线圈中的感应电流的大小应为（）A.E=Bav，I=B.E=NBav，I=C.E=Bav，I=D.E=NBav，I=6、【题文】如图所示；滑块A；B的质量均为m，A套在固定竖直杆上，A、B通过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，B放在水平面上并靠着竖直杆，A、B均静止。由于微小的扰动，B开始沿水平面向右运动。不计一切摩擦，滑块A、B视为质点。在A下滑的过程中，下列说法中正确的是。

A.A；B组成的系统机械能守恒。

B.在A落地之前轻杆对B一直做正功。

C.A运动到最低点时的速度为

D.当A的机械能最小时，B对水平面的压力大小为2mg7、航天技术拓展了人类的视野，方便了人们的生活，下列关于人造地球卫星和宇宙飞船的运动的描述中，正确的是（）A.人造地球卫星绕地球运动的向心力由地球对它的万有引力提供B.同步卫星的运行速度大于第一宇宙速度C.同步卫星只能在赤道的正上方，离地心的距离可按需要选择不同值D.宇宙飞船内的航天员处于失重状态是因为他没有受到地球引力作用8、甲乙两物体相距s，同时同向沿同一直线运动，甲在前面做初速度为零，加速度为a1的匀加速直线运动，乙在后面做初速度为v0，加速度为a2的匀加速直线运动，则下列说法错误的是（）A.若a1=a2，则两物体可能相遇一次B.若a1＜a2，则两物体可能相遇两次C.若a1＞a2，则两物体可能相遇两次D.若a1＞a2，则两物体也可相遇一次或不相遇评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、一台电熨斗的电阻为400Ω，在220V的额定电压下运行时，发热消耗的电功率为____W．10、（2012春•宁强县月考）在如图所示的皮带传动装置中，小轮O1的半径是大轮O2半径的一半，A、B、C、分别是大轮边缘、小轮边缘、大轮上的点，且C到转轴O2的距离等于大轮半径的一半．在此传动装置正常运转（皮带不打滑）的情况下；

（1）A、B、C运动的速度大小之比为____；

（2）A、B、C转动的角速度速度之比为____；

（3）A、B、C的向心加速度之比为____．11、一辆汽车在平直公路上做直线运动先以速度v1行驶了三分之一的路程，接着又以v2=20km/h的速度跑完剩下的三分之二路程，如果汽车在全过程的平均速度是v=15km/h，则v1=______km/h。12、（2016春•丰城市校级期中）小明同学在学习了圆周运动的知识后，设计了一个课题，名称为：快速测量自行车的骑行速度．他的设想是：通过计算踏脚板转动的角速度，推算自行车的骑行速度．如图是自行车的传动示意图，其中Ⅰ是大齿轮，Ⅱ是小齿轮，Ⅲ是后轮．当大齿轮Ⅰ（脚踏板）的转速通过测量为n（r/s）时，则大齿轮的角速度是____rad/s．若要知道在这种情况下自行车前进的速度，除需要测量大齿轮Ⅰ的半径r1，小齿轮Ⅱ的半径r2外，还需要测量的物理量是____（名称及符号）．用上述物理量推导出自行车前进速度的表达式为：____．13、安培力的大小当磁感应强度B的方向与导线方向成θ角时，F=____；这是一般情况下的安培力的表达式，以下是两种特殊情况：

（1）当磁场与电流____时，安培力最大，Fmax=BIL．

（2）当磁场与电流____时，安培力等于零．14、真空中有两个点电荷；电荷量均为q，当两点电荷相距为L时，它们之间库仑力的大小为F．

（1）若保持两点电荷的电荷量不变，仅将它们之间的距离减小为，求它们之间的库仑力的大小F1____；

（2）若保持两点电荷之间的距离不变，仅将它们的电荷量都增大为2q，求它们之间的库仑力的大小F2____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、非晶体的结构跟液体非常相似，可以看成是黏滞性极大的液体．____．（判断对错）16、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）17、x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律．____．（判断对错）18、串联电路中，电压分配与电阻成反比．____．（判断对错）19、化学成分相同的物质只能生成同一种晶体．____．（判断对错）20、当达到动态平衡时，蒸发的速度不再改变，以恒速蒸发．____．（判断对错）21、电视机的显象管中电子束每秒进行50场扫描____．评卷人得分四、画图题(共2题，共8分)22、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分五、综合题(共4题，共12分)24、【题文】三根固定的光滑细杆，上套一个小滑环，从a外静止释放，判断到b.c.d的时间关系。

(最高点为a，然后依次为bcd)25、

26、(1)鈻�OMN

为玻璃等腰三棱镜的横截面。ab

两束可见单色光从空气垂直射入棱镜底面MN(

两束光关于OO隆盲

对称)

在棱镜侧面OMON

上反射和折射的情况如图所示，则下列说法正确的是________A.在玻璃棱镜中，a

光由MN

面射向MO

面的传播时间大于b

光由MN

面射向NO

面的传播时间B.在玻璃棱镜中，aa光的传播速度大于bb光的传播速度C.若光束从玻璃棱镜中射向空气，则光束bb的临界角比光束aa的临界角小D.用同样的装置做“双缝干涉”实验，aa光的条纹间距小E.用aabb照射同一狭缝，aa光衍射现象更明显(2)

如图所示是一列沿x

轴方向传播的机械波图像，实线是t1=0

时刻的波形，虚线是t2=1s

时刻的波形，求：

垄脵垄脵该列波的周期和波速；垄脷

若波速为9m/s

其传播方向如何？从t1

时刻起质点P

运动至波谷位置的最短时间是多少？27、如图，在区域Ⅰ(0鈮�

x

鈮�

d

)

和区域Ⅱ(

d

<

x

鈮�2

d

)

内分别存在匀强磁场，磁感应强度大小分别为B

和2

B

，方向相反，且都垂直于Oxy

平面。一质量为m

、带电荷量q

(

q

>0)

的粒子a

于某时刻从y

轴上的P

点射入区域Ⅰ，其速度方向沿x

轴正向。已知a

在离开区域Ⅰ时，速度方向与x

轴正方向的夹角为30鈭�

此时，另一质量和电荷量均与a

相同的粒子b

也从P

点沿x

轴正向射入区域Ⅰ，其速度大小是a

的1/3

不计重力和两粒子之间的相互作用力。求：(1)

粒子a

射入区域Ⅰ时速度的大小；(2)

当a

离开区域Ⅱ时，a

、b

两粒子的y

坐标之差。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】v-t图象是反映物体的速度随时间变化情况的，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，图象与坐标轴的面积表示位移，本题中物体做往复运动，但幅度逐渐变小．【解析】【解答】解：A；根据速度的正负表示速度的方向；可知图中物体的速度只有两个相反的方向，故物体时而沿x轴正方向运动，时而沿x轴负方向运动，物体做往复运动．故A错误；

B；根据图象的斜率表示加速度；可知，物体的加速度的大小不变，故B错误．

C；物体做往返的运动；图象的幅度不断减小，物体最终停止运动，故C错误．

D；由图象知；质点每次返回的位移均小于前一运动周期的位移．故物体最终会静止．故D正确；

故选：D2、C【分析】【分析】变压器只改变电压，不改变频率，原副线圈的电压之比等于匝数之比，电流值比等于匝数的反比，电压表和电流表测量的都是有效值，电容器的击穿电压为最大值【解析】【解答】解：A；变压器只改变电压；不改变频率，故频率还是50Hz，故A错误；

B、原副线圈电压之比等于匝数之比故，解得V2=1V；故B错误；

C、副线圈中的电流为，电流表的示数为；故C正确；

D、闭合后，电容器与电阻并联，故最大电压为；刚好不被击穿，故D错误；

故选：C3、D【分析】【分析】对物体进行受力分析，由共点力的平衡条件可分析拉力的变化．【解析】【解答】解：在向右拉动的过程中；由于A越来越靠近滑轮，则绳子与竖直方向的夹角越来越大；设绳子与水平方向夹角为θ，物体做匀速直线运动；

由平衡条件得：Fcosθ=f；N+Fsinθ=mg，f=μN；

F==；

故在向右运动过程中；sin（α+θ）可能先增大后减小，也可能一直减小；F可能先减小后增大；也可能一直增大；

故选：D．4、D【分析】【分析】弹簧秤处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的，需要注意的是弹簧秤的示数是钩上的拉力或是一端受到的力．【解析】【解答】解：物体B处于静止状态；所以B受力是平衡的，即：B端的力大小为3N

又因为弹簧秤处于静止状态；所以弹簧秤受力是平衡的，B端受到的拉力是3N，虽然A的重力是10N，但为了和B端受力平衡，A端绳受的力是3N，而弹簧秤的合力为零．

弹簧秤的示数是钩上的拉力或是一端受到的力；所以示数为：3N．故D正确．

故选：D5、D【分析】【分析】能根据E=BLv确定感应电动势的大小，知首N匝线圈相当于N个电源进行串联，故感应电动势等于每一匝线圈产生感应电动势的串联，即E=NBLv，在计算感应电流的时候，每一匝线圈都有电阻R，故I=．【解析】【解答】解：如图所示，在将线圈匀速拉出的过程中切割磁感线的导体长度为a，则据E=BLv知，每匝线圈产生感应电动势E=Bav，对N匝线圈相当于N个线圈产生的感应电动势的串联，即整个线圈产生的总电动势E总=NE=NBLv=NBav，对于线圈中的电流，根据欧姆定律有；每匝线圈的电阻为R，则N匝线圈的总电阻为NR，所以电流：

I=．

故选D．6、A|C【分析】【解析】

试题分析：A；由A、B组成的系统中只有动能和势能相互转化；系统机械能守恒；正确。

B；A到最低点时；B物体到达最右端，速度为0，分析它们的受力与运动情况：B先受到竖直杆向右的推力，导致B向右加速，当B的速度达到一定值时，杆又对B有向左的拉力作用，使B减速运动，当A落地时，B速度减为零，且即不向左又不向右运动；由于B受到杆的力先向右，后向左，而运动方向始终向右，所以杆对B先做正功，后做负功；错误。

C、由于A、B物体系统机械能守恒，而到最低点时，B物体速度为零，故根据机械能守恒定律有：可得正确。

D；由于AB系统机械能守恒；A机械能最小时，B的机械能最大，动能最大，由上述B选项分析可知，物体B先加速后减速，动能最大时，速度最大，加速度为零，此时杆的弹力为零，故B对水平面的压力大小为mg；错误。

故选AC

考点：机械能守恒定律。

点评：该题突破口是系统机械能守恒（墙和地对球的弹力不做功），由绳物模型可知，B的速度沿杆方向的分速度等于杆的速度，越向下杆的运动速度越小，当A刚要到地面时杆的速度为零，即A落地瞬间B的速度为零；物体B一直向右，故B向右先加速后减速。【解析】【答案】AC7、A【分析】【分析】人造地球卫星绕地球运动的向心力由地球对它的万有引力提供的．第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，同步卫星的高度远大于近地卫星的高度，由可知，轨道越大，速度越小，所以同步卫星的运行速度小于第一宇宙速度．同步卫星的轨道是唯一的，在赤道的正上方，高度也一定．宇宙飞船内的航天员受到的地球引力提供向心力，处于失重状态．【解析】【解答】解：A；地球对人造卫星的万有引力提供它绕地球做圆周运动所需要的向心力；故A正确．

B、根据万有引力提供向心力，得；轨道越大，速度越小，第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，故同步卫星的运行速度小于第一宇宙速度．故B错误．

C；同步卫星只能在赤道的正上方；离地心的距离也是确定的值，故C错误．

D；宇宙飞船内的航天员处于失重状态；是由于地球对他的引力提供向心力，不是因为他没有受到地球引力，故D错误．

故选：A．8、B【分析】【分析】分析两物体的速度及加速度可知在相同时间内的位移关系，即可判断两物体能否相遇及相遇几次．【解析】【解答】解：A；因加速度相同；而乙有初速度，则乙一定可以追上甲，且两物体只能相遇一次，故A正确；

B、如果a1＜a2；因为乙有初速度，所以最后乙的速度会比甲的大，一定可以追上，追上后乙的速度大，那么甲不可能再追上，所以相遇一次，故B错误；

C、若a1＞a2；虽然甲的加速度大，但是由于乙有初速度，所以在速度相等前可能追上，也可能追不上，若速度相等时恰好追上，则相遇一次，如果追上时依然是乙车快，因为甲的加速度大，甲的速度最终还是反超乙车，即相遇两次，故CD正确．

本题选错误的，故选：B．二、填空题(共6题，共12分)9、121【分析】【分析】电熨斗是纯电阻电路，根据P=求解即可．【解析】【解答】解：电熨斗发热消耗的电功率P===121W

故答案为：12110、2：2：12：1：14：2：1【分析】【分析】在皮带传动装置中，皮带不打滑，轮边缘的线速度大小相等，同一轮上各点的角速度相等，由线速度、角速度、周期间的关系式及向心加速度公式分析答题．【解析】【解答】解：（1）A、B两点线速度相等vA=vB=v，B、C两点角速度相等ωB=ωC=ω，vC=ωRc=ω=；则三点线速度之比为2：2：1；

（2）A的角速度ωA===2ω；则三点的角速度之比为2：1：1；

（3）向心加速度a=ω2r；角速度之比为2：1：1，半径之比为1：2：1，则4：2：1；

故答案为：（1）2：2：1；（2）2：1：1；（3）4：2：1．11、10【分析】解：设总路程是S．则汽车在全过程的平均速度为：

v==

代入数据解得：

v1=10km/h

故答案为：10。

根据一段时间内的平均速度等于位移与时间的比值，通过列式求解v1。

解决本题的关键要掌握平均速度的定义，知道全程的平均速度等于全程的位移与时间之比。本题的单位不必化成国际单位。【解析】1012、2πn后轮半径r32πn【分析】【分析】转速的单位为转/秒，即单位时间做圆周运动转过的圈数，转过一圈对应的圆心角为2π，所以角速度ω=转速n×2π，由于大齿轮I和小齿轮II是通过链条传动，所以大小齿轮边缘上线速度大小相等，又小齿轮II和车轮III是同轴转动，所以它们角速度相等，要知道车轮边缘线速度的大小，则需要知道车轮的半径；利用I和II线速度大小相等，II和III角速度相等，列式求III的线速度大小即可．【解析】【解答】解：转速为单位时间内转过的圈数，因为转动一圈，对圆心转的角度为2π，所以ω=rad/s=2πnrad/s，因为要测量自行车前进的速度，即车轮III边缘上的线速度的大小，根据题意知：轮I和轮II边缘上的线速度的大小相等，据v=Rω可知：r1ω1=r2ω2，已知ω1=2πn，则轮II的角速度ω2=ω1．因为轮II和轮III共轴，所以转动的ω相等即ω3=ω2，根据v=Rω可知，要知道轮III边缘上的线速度大小，还需知道轮III的半径r3，其计算式v=r3ω3=2πn=2πn

故答案为：2πn，后轮半径r3，2πn．13、BILsinθ垂直平行【分析】【分析】安培力的公式F=BIL，I是指于B的长度．【解析】【解答】解：安培力的大小当磁感应强度B的方向与导线方向成θ角时；F=BLIsinθ；

（1）当当磁场与电流垂直时sin90°=1，安培力最大，Fmax=BLI；

（2）当磁场与电流时；sin0=0，则安培力等于零；

故答案为：（1）BILsinθ；（2）垂直；平行．14、=4F=4F【分析】【分析】比较简单，直接代入库仑定律的公式F=即可．【解析】【解答】解：（1）由库仑定律的公式：F=；

保持两点电荷的电荷量不变，仅将它们之间的距离减小为，则有：F1==4F

（2）保持两点电荷之间的距离不变，仅将它们的电荷量都增大为2q，它们之间的库仑力大小为：F2=

故答案为：4F；4F．三、判断题(共7题，共14分)15、√【分析】【分析】液体微观结构理论：

（1）液体分子的排列更接近于固体；是密集在一起的，因而液体具有一定的体积，不易被压缩。

（2）液体分子之间的相互作用不像固体中的微粒那样强；液体分子只在很小的区域内做有规则的排列，这种区域是暂时形成的，边界和大小随时改变，有时瓦解，有时又重新形成，液体由大量的这种暂时形成的小区域构成，这种小区域杂乱无章地分布着，因而液体表现出各向同性。

（3）液体分子的热运动与固体类似，主要表现为在平衡位置附近做微小的振动，但液体分子没有长期固定的平衡位置，在一个平衡位置附近振动一小段时间以后，又转移到另一个平衡位置附近去振动，即液体分子可以在液体中移动，这就是液体具有流动性的原因．【解析】【解答】解：由液体的结构知非晶体的结构进行比较可知；二者在很多的方面非常类似，可以看作是粘滞性极大的液体．该说法是正确的；

故答案为：√16、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√17、√【分析】【分析】位移-时间图象中的曲线反映了物体的位移随时间变化的规律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根据x-t图象的意义可知；x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律，所以该说法是正确的．

故答案为：√18、×【分析】【分析】根据串并联电路电流和电压的规律进行分析，串联电路中电压与电阻成正比．【解析】【解答】解：串联电路中电流相等；故电压分配与电阻成正比；所以该说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】根据晶体的结构与特点可知，同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体．【解析】【解答】解：由同种元素构成的固体；可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，例如石墨和金刚石．所以该说法是错误的．

故答案为：×20、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发．【解析】【解答】解：饱和蒸汽的平衡是一种动态平衡．当达到动态平衡时；液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发蒸发的速度不再改变，此时以恒速蒸发．所以该说法是正确的．

故答案为：√21、√【分析】【分析】根据显像原理：显像管尾部的电子枪发射的电子束被加速和控制后呈扫描状轰击屏幕上的荧光粉，使屏幕发光，结合交流电的频率，即可求解．【解析】【解答】解：电子枪发射电子束击在显像管的屏幕上的彩色茧光粉上；它的电子束是逐行扫描的，速度非常的快，肉眼是看不出来的，电子束扫描的方向主是靠显像管管颈上的偏转线圈来控制的，交流电的频率为50赫兹，因此电子束能在1秒内，打在荧光屏上50场画面，所以显象管中电子束每秒进行50场扫描；

故答案为：√．四、画图题(共2题，共8分)22、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m23、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题五、综合题(共4题，共12分)24、略

【分析】【解析】设细杆与竖直方向的夹角为则其下滑的加速度为：

细杆的长度为：

则环下滑到底端的时间为：

与夹角大小无关，则环从这三根杆上下滑到底端的时间都相等。【解析】【答案】时间都相等25、略

【分析】【解析】由左手定则和平衡条件得：

BIL+2T－mg="0"①

4T－BIL－mg="0"②

由以上两式解得B=mg/3IL【解析】【答案】B=mg/3IL26、（1）BCE

（2）解：

①由图像知，波长λ＝4m

若波沿x轴正方向传播，在Δt＝t2－t1＝1s内传播了(n＝0，1，2，3，)

即

(n＝0，1，2，3，)

波速(n＝0，1，2，3，)

若波沿x轴负方向传播，在Δt＝t2－t1＝1s内传播了(n＝0，1，2，3，)

即

(n＝0，1，2，3，)

波速(n＝0，1，2，3，)

②若波速v＝9m/s，在Δt＝1s内传播的距离(n取2)

所以波沿x轴正方向传播，t＝0时刻质点P沿y轴正方向振动

由知，n＝2，

P点再经过振动到波谷位置

【分析】(1)

【分析】由光路图看出，b

光束在NO

面上发生了全反射，而a

光束在MO

面上没有发生全反射，而入射角相同，则知b

光的临界角小于b

光的临界角，由sinC=1n

分析折射率的大小，由v=cn

判断光在玻璃中速度的大小，从而分析出光束在玻璃砖中传播时间的关系.

再确定出波长和频率关系，结合衍射、干涉的条件和规律分析。本题的解题关键是根据全反射的条件分析临界角的大小，确定折射率的大小，进一步分析光速、频率、波长的大小。【解答】ABC.

由光路图看出，b

光束在NO

面上发生了全反射，而a

光束在MO

面上没有发生全反射，而入射角相同，说明b

光的临界角小于a

光的临界角，由sinC=1n

分析得知，玻璃对a

光的折射率小于b

的折射率，由v=cn

得知在玻璃砖中a

光的传播速度比b

光大，则a

光束从进入玻璃砖到射到OM

的时间小于b

光束从进入玻璃砖到射到ON

的时间.

故A错误；BC正确；

D.由于玻璃对a

光的折射率小于b

的折射率小，则a

光的频率比b

光的低，a

光的波长比b

光的长；而双缝干涉条纹间距与波长成正比，所以a

光束的条纹间距大，故D错误；

E.波长越长越容易发生明显的衍射现象，故a

光比b

光更容易发生明显的衍射现象；故E正确。

故选BCE。(2)

本题关键要理解波的周期性，即每隔一个周期时间，波的图象重复，得到波传播的时间与距离的通项，再求解特殊值，是典型的多解问题，不能漏解。垄脵

由图读出波长.

由于波的传播方向未知，要分沿x

轴正方向和沿x

轴负方向两种情况研究：若波沿x

轴正方向传播，在鈻�t=t22鈭�t11=1s

内传播的最短距离为14娄脣

传播距离表达式为x=(n+14)娄脣

若波沿x

轴负方向传播，传播的最短距离为34娄脣

传播距离表达式为x=(n+34)娄脣

从而得到时间与周期的表达式，求出周期的通项，由v=娄脣T

求出波速的通项；垄脷

若波速为9m/s

由x=vt

求出波传播的距离，由波形的平移法分析波的传播方向；根据t=0

时刻P

质点的运动方向，求解质点P

运动到波谷的最短时间。

【解析】(1)BCE

(2)

解：垄脵

由图像知，波长娄脣=4m

若波沿x

轴正方向传播，在娄陇t=t22鈭�t11=1s

内传播了x=(n+14)娄脣(n=0,1