2025年牛津上海版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，某一电场中的几条电场线，A、B为电场中两点，用EA和EB表示A；B两处的电场强度；

则（）

A.EA＜EB

B.EA=EB

C.EA＞EB

D.EA、EB的大小不能确定。

2、如图所示，在水平桌面上的Ａ点有一个质量为m的物体以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它到达B点时，其动能为（）A.B.C.D.3、在垂直纸面向里的有界匀强磁场中放置了一矩形线圈abcd.

线圈cd

边沿竖直方向且与磁场的右边界重合.

线圈平面与磁场方向垂直.

从t=0

时刻起，线圈以恒定角速度娄脴=2娄脨T

绕cd

边沿图示方向转动，规定线圈中电流沿abcda

方向为正方向，则从t=0

到t=T

时间内，线圈中的电流I

随时间t

变化关系图象为(

)

A.B.C.D.4、下列四个物理量中，只有一个物理量的单位与众不同，这个物理量是（）A.电势B.电势差C.电势能D.电动势5、如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离。用Ua、Ub、Uc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以判定A.Ua>Ub>UcB.Ua－Ub＝Ub－UcC.Ea>Eb>EcD.Ea=Eb=Ec6、一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d

电阻为R

把它拉制成直径为d10

的均匀细丝后，它的电阻变为(

)

A.R1000

B.10000R

C.100R

D.R100

7、用两条细绳把一个镜框悬挂在墙上，在如图所示的四种挂法中，细绳对镜框拉力最小的是()A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、在均匀介质中，各点的平衡位置在同一条直线上，相邻两点间的距离为a，如图（a）所示，波向右传播，质点1的起始速度方向竖直向上，经过时间t，前13个质点第一次形成如图（b）所示的波形，则该波的周期是____，波长为____．

9、某人用万用电表按正确步骤测量一电阻阻值，指针指示位置如右图，则这电阻值是____．如果要用这万用电表测量一个约200欧的电阻，为了使测量比较精确，选择开关应选的欧姆档是____．

10、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，试判断：(1)粒子带________电；(2)粒子在________点加速度大；(3)粒子在________点动能大；(4)A、B两点相比，________点电势高．11、如图LC

振荡回路中振荡电流的周期T=2隆脕10鈭�2s.

自振荡电流沿逆时针方向达最大值时开始计时，当t=3.4隆脕10鈭�2s

时，电容器正处于______状态(

填“充电”、“放电”、“充电完毕”或“放电完毕”).

这时电容器的上极板______(

填“带正电”、“带负电”或“不带电”)

12、一个小球从1.25m

高处被水平抛出，落到地面的位置与抛出点的水平距离为2.5m

则小球在空中运动的时间为______s

小球抛出时的速度大小为______m/s

．13、如图所示，在光滑水平面上，一绝缘细杆长为d，两端各固定着一个带电小球，处于水平方向、场强为E的匀强电场中，两小球带电量分别为+q和﹣q，轻杆可绕中点O自由转动．在轻杆与电场线夹角为α时，忽略两电荷间的相互作用，两电荷受到的电场力对O点的力矩大小为____，两电荷具有的电势能为____．

14、①在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L．直径d和电阻R．用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图1，则金属丝的直径为______mm．

②用电流表和电压表测金属丝的电流电压时读数如图2，则电压表的读数为______V，电流表的读数为______A．

15、“探究碰撞中的不变量”的实验中，入射小球m1=30g，原来静止的被碰小球m2=20g，由实验测得它们在碰撞前后的x-t图象如图所示，由图可知，入射小球碰撞前的动量是______，入射小球碰撞后的动量是______，被碰小球碰撞后的动量是______，由此得出结论______。评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)23、如图1所示，在直导线上方放一小磁针．当导线中通入电流时，发现小磁针的S极转向读者，请画出导线中电流的方向．如图2所示，通电导线由于受到磁场力而向左运动，画出条形磁铁的N、S极．

24、根据所给电路图（图甲）；请在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整．

25、已知电磁铁的两个极性如图；请在电磁铁上画出线圈的绕向。

26、细绳的一端在外力作用下从t=0时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波。在细绳上选取15个点，图1为t=0时刻各点所处的位置，图2为t=T/4时刻的波形图（T为波的周期）。在图3中画出t=3T/4时刻的波形图。评卷人得分五、计算题(共1题，共6分)27、在其他能源中，核能具有能量密度大、地区适应性强的优势.在核电站中，核反应堆释放的核能被转化为电能.核反应堆的工作原理是利用中子轰击重核发生裂变反应，释放出大量核能.（1）核反应方程式+n→++aX是反应堆中发生的许多核反应中的一种，n为中子，X为待求粒子，a为X的个数，则X为______，a=______.以mU、mBa、mKr分别表示的质量.mn、mp分别表示中子、质子的质量，c为光在真空中传播的速度，则在上述反应过程中放出的核能ΔE=__________________________.（2）有一座发电能力为P=1.00×106kW的核电站，核能转化为电能的效率η=40%.假定反应堆中发生的裂变反应全是本题（1）中的核反应，已知每次核反应过程放出的核能ΔE=2.78×10－11J,的质量mU=390×10－27kg.求每年（1年=3.15×107s）消耗的的质量.评卷人得分六、识图作答题(共2题，共4分)28、果蝇易饲养、繁殖快、世代周期短等，是常见的模式生物。请分析回答下列问题：（1）上图为______（雄或雌）果蝇体细胞染色体组成示意图。（2）自然界中果蝇眼色通常是红色的。1910年遗传学家摩尔根进行果蝇眼色的遗传实验时；偶然发现了1只白眼雄果蝇，这只果蝇的白眼变异来源于________________。

（3）从图中可以看出，果蝇的体细胞内有_____个染色体组，有____对同源染色体。（4）若该果蝇的基因组成如图所示，则可产生_______种配子。29、下面是四类细胞的结构模式图，请据图回答：____（1）从结构上看，__________与其它三者的差别最大，主要表现在_______________。（2）Ⅳ属于_______细胞，判断依据是_______________________________。（3）将Ⅱ细胞置于一定浓度的KNO3溶液中，细胞将会发生__________________现象，与该过程有关的细胞器有_____________（填序号）。（4）四类细胞中共有的细胞器是__________，四类细胞与周围环境进行信息交流均依赖于_____________________。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】

A点的电场线比B点密；所以A点的电场强度大于B点的电场强度．故C正确，A；B、D错误．

故选C．

【解析】【答案】根据电场线的疏密判断场强的大小；电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱．

2、B【分析】【解析】【答案】B3、B【分析】解：线圈以cd

边为轴按图示方向匀速转动，从ab

边速度正好与磁场平行开始计时，线圈磁通量在变小，则感应电流的磁场会阻碍其变小，所以感应电流方向是adcba

与规定的正方向相反，感应电流大小在渐渐变大；

然而磁场只有一半；接着二分之一周期没有感应电流；

当从ab

边刚好进入磁场开始计时，线圈磁通量在变大，则感应电流的磁场会阻碍其变大，所以感应电流方向是abcda

与规定的正方向相同，感应电流大小在渐渐变小；

所以只有B

选项符合条件．

故选：B

．

矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动；产生交流电.

由于磁场有界，所以只有一半有感应电流.

则由楞次定则可判定感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律求出感应电流大小．

本题虽没有明确什么方向为感应电流的正方向，但不影响答题.

同时也可以假设磁场没有界，则感应电流变化规律应是余弦曲线，从而可快速确定当一半磁场时的答案．【解析】B

4、C【分析】试题分析：电势、电势差、电动势的单位都是伏特，而电势能的单位是焦耳，故答案选C.考点：电势及电势差.【解析】【答案】C5、A【分析】【解析】试题分析：只有一条电场线，不能确定具体的电场，无法比较电场强弱及两点间的电势差，公式U=Ed也不能适用，故BCD错误；沿电场线电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知Ua>Ub>Uc，故A正确．考点：考查了对电场线的理解【解析】【答案】A6、B【分析】解：镍铬丝的横截面的直径为d

横截面积为S1=娄脨d24

由数学知识得知，直径变化后横截面积是S2=S1100

由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100

倍，根据电阻定律R=娄脩LS

得到；电阻是原来的10000

倍，即为10000R

．

故选：B

根据数学知识确定直径与横截面积的关系；根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．

本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故面积变化时，长度也要变化．【解析】B

7、B【分析】【分析】当合力一定时；两分力的夹角越小，分力越小，两分力的夹角越大，分力越大。

解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，合力一定，分力夹角越大，分力越大。【解答】镜框受重力和两根绳子的拉力处于平衡；合力等于0

知两根绳子拉力的合力等于重力，绳子的夹角越小，绳子拉力越小，故B正确，ACD错误。

故选B。

【解析】B

二、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】

由波动图象读出波长为λ=8a．由题，波向右传播，质点1的起始速度方向竖直向上，介质中各质点的起振方向都向上，而图中质点13振动方向向下，说明波并不是刚传到质点13，已经振动了半个周期，则有2T=t，得到T=．

故答案为：8a．

【解析】【答案】波向右传播，质点1的起始速度方向竖直向上，介质中各质点的起振方向都向上，而图中质点13振动方向向下，说明波并不是刚传到质点13，根据前13个质点第一次形成如图（b）所示的波形；得到周期与时间的关系，求出周期，由图读出波长，求出波速．

9、略

【分析】

所选档位为×100Ω．则读数为12×100=1200Ω

偏转角度大；则电阻相对小些应换一小的档位即×10Ω档。

故答案为：1200；×10档。

【解析】【答案】根据所选档位进行读数；要由表盘数据乘以倍率．由图示知偏转角度过大，则电阻阻值小，要选小一点档位．

10、略

【分析】试题分析：根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，故粒子从A到B，电场力对粒子做负功，因此粒子带负电；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则B点的加速度较大；粒子从A到B，电场力对粒子做负功，电势能增加，导致动能减少；沿着电场线电势降低，所以A点的电势高。考点：电场线，电场力做功与电势能的关系【解析】【答案】负BAA11、略

【分析】【分析】LC

振荡电路中电流变化一个周期过程(

设t=0

时刻；电流为零，电容器上极板带正电)

垄脵0?14T

电流逆时针逐渐增加，T4

时刻达到最大值；放电完毕；

垄脷T4?T2

电流逆时针逐渐减小，T2

时刻减为零；反向充电完毕；

垄脹T2?3T4

电流顺时针增加，3T4

时刻达到最大值，反向放电完毕；垄脺3T4?T

电流顺时针减小，T

时刻减为0

正向充电完毕。

本题关键是明确LC

振荡电路一个周期内电流和电容器带电量的变化情况，不难。【解答】LC

振荡回路中振荡电流的周期T=2隆脕10鈭�2st=0

时刻振荡电流沿逆时针方向达最大值，即分析中的T4

时刻；t=3.4隆脕10鈭�2s=1.7T

与分析中的3T4?T

中间某时刻相同；电容器在正向充电，电容器的上极板带正电。

故填：充电带正电。

【解析】充电带正电12、略

【分析】解：(1)

根据竖直方向上做自由落体运动；在竖直方向上有：

h=12gt2

解得：t=2hg=2隆脕1.2510=0.5s

．

(2)

平抛运动的初速度为：v0=xt=2.50.5=5m/s

．

故答案为：0.55

．

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动.

根据高度求出小球在空中运动的时间，结合水平位移求出抛出的速度大小．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．【解析】0.55

13、Eqdsinα﹣Eqdcosα【分析】【解答】两球受力及力臂如图所示：

M1=F1•L1=EqSinα

M2=F2•L2=EqSinα

因两力矩均使杠杆逆时针转动，则总力矩M=M1+M2=Eqdsinα；

设右方无穷远处为零势能面，正电荷距无穷远处距离为x；

则正电荷的电势能E1=Eqx

负电荷的电势能E2=﹣Eq（x+dcosα）

总的电势能E=E1+E2=﹣Eqdcosα；

故答案为：Eqdsinα；﹣Eqdcosα．

【分析】绝缘杆两端小球都受电场力的作用而绕O点转动；则先求出两力的力矩，由合力矩的求法可求出合力矩；

选定一零势能面，分别求得两电荷的电势能，再求得总的电势能．14、略

【分析】解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知；固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为19.7×0.01mm=0.197mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.197mm=0.697mm．

（2）由图丙所示电压表可知；其量程为3V，分度值为0.1V，示数为2.60V；

由图示电流表可知；其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A．

故答案为：（1）0.697；（2）2.60；0.52．

（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器所示．

（2）由图象电表确定电表量程与分度值；读出电表示数．

螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读，而电压表与电流表读数不需要估计，原因是不精确．【解析】0.697；2.60；0.5215、0.03kg•m/s0.015kg•m/s0.015kg•m/s碰撞中mv的矢量和是守恒的量【分析】解：由图象可知；碰前入射小球的速度：

v1===1m/s；

碰后入射球的速度：

v1′==m/s=0.5m/s；

被碰球碰后的速度：

v2===0.75m/s；

入射球碰前的动量：p=m1v1=0.030×1=0.03kg•m/s；

入射小球碰撞后的动量：P1′=m1v1′=0.030×0.5=0.015kg•m/s；

被碰小球碰撞后的：P2′=m2v2=0.020×0.75=0.015kg•m/s；

碰后系统的总动量：p′=m1v1′+m2v2′=0.015kg•m/s。

通过计算发现：两小球碰撞前后的动量相等；即：碰撞中mv的矢量和是守衡的量。

故答案为：0.03kg•m/s；0.015kg•m/s；0.015kg•m/s；碰撞中mv的矢量和是守恒的量。

由速度图象求出小球的位移与对应的时间；由速度公式求出小球的速度，然后根据动量的计算公式求出小球的动量，然后分析答题。

本题考查了实验数据分析，由图象求出小球的位移与对应的时间，应用速度公式与动量的计算公式正确解题；要注意图象的正确应用。【解析】0.03kg•m/s0.015kg•m/s0.015kg•m/s碰撞中mv的矢量和是守恒的量三、判断题(共7题，共14分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、作图题(共4题，共32分)23、

【分析】【解答】（1）从图中可以看出，发现小磁针的S极转向读者，则小磁针的北极向里偏转，那么，此通电导线上方的磁感线方向垂直纸面向里，即此通电螺线管的N极在纸的里面，根据安培定则，用右手握住螺旋管，让大拇指指向里面，四指的指向就是导线中的电流方向，是水平向左的．（2）通电导线由于受到磁场力而向左运动，根据左手定则，则有通过导线的磁场方向向上，因此磁铁下端是S极，上端是N极．

答：如图所示；

【分析】（1）通电导线周围存在磁场，其磁场方向可以根据安培定则来判断，用四指的方向代表电流的方向，那么大拇指所指的一端为通电螺线管的N极．磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向与该点磁感线的方向一致．（2）根据通电导线受到安培力，结合左手定则，即可求解．24、解：由图示电路图可知；滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

【分析】【分析】由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，根据电路图连接实物电路图．25、解：磁感线从N极出发进入s解；U行软铁上半部分磁场方向向右，根据安培定则，电流从左侧看顺时针；

U行软铁下半部分磁场方向向左；根据安培定则，电流从左侧看逆时针；

绕线如图所示：

故答案为：如图所示【分析】

通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管；使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。

本题关键熟悉安培定则的应用，明确螺线管中电流方向与磁场方向的判断方法。【解析】解：磁感线从N极出发进入s解；U行软铁上半部分磁场方向向右，根据安培定则，电流从左侧看顺时针；

U行软铁下半部分磁场方向向左；根据安培定则，电流从左侧看逆时针；

绕线如图所示：

故答案为：如图所示26、略

【分析】【解析】【答案】五、计算题(共1题，共6分)27、略

【分析】（