2025年浙教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理上册月考试卷822考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、用带正电的小球靠近不带电验电器的金属球,结果验电器的金属箔张开,如图甲所示:用带正电的小球接触不带电验电器的金属球,结果验电器的金属箔张开,如图乙所示。关于甲；乙两验电器金属箔带电情况。下列说法正确的是()

A.甲带正电、乙带负电B.甲带负电、乙带正电C.都带正电D.都带负电2、真空中相距为的两个点电荷M、N分别固定于x轴上和的两点，规定x轴正向为场强的正方向，在两者连线上各点的电场强度随x变化的关系如图所示；则以下判断正确的是（）

A.M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1B.沿x轴从0到电势逐渐降低C.点电荷M、N为异种电荷D.将一个带负电的试探电荷沿x轴从移动到该电荷的电势能先减小后增大3、如图所示的电路中，R1、R2、R4皆为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源的电动势为E，内阻为r，设理想电流表的示数为I，理想电压表的示数为U，当滑动变阻器的滑动头向a端移动过程中。

A.变大，变小B.变大，变大C.变小，变大D.变小，变小4、如图所示的坐标系中，有两个半径均为r的圆形线圈L1、L2，分别垂直于y轴和x轴放置，其圆心O1和O2的坐标分别为(0，r)、(r，0)，给线圈L1通电流3I0(从上向下看为逆时针方向)，给线圈L2通电流4I0(从右向左看为逆时针方向)．据相关电磁学理论可以知道，圆环形电流在其中心轴线上产生的磁感应强度为B＝其中μ为真空磁导率，I为环中电流，r为圆环半径，Z为中心轴线上任意一点到圆环圆心的距离．据此可推算出两通电线圈在坐标原点O处产生的磁感应强度的大小和方向分别为()

A.方向指向第一象限B.方向指向第二象限C.方向指向第三象限D.方向指向第四象限5、如图所示，在竖直平面内固定个半径为R的绝缘圆环，有两个可视为点电荷的相同的带负电的小球A和B套在圆环上，其中小球A可沿圆环无摩擦的滑动，小球B固定在圆环上和圆心O的连线与水平方向的夹角为45°.现将小球A由静止释放；则下列说法中正确的有()

A.小球A运动到圆环最低点Q的过程中电势能先增大后减小B.小球A速度最大处位于Q点的左端C.小球A恰好可以运动到P点D.小球到达圆环最低点Q时的速度大小为6、如图a，一个正点电荷固定在绝缘水平面上x轴的原点O处，轴上各点电势与的关系如图b。可视为质点的滑块质量为0.05kg、电荷量为从x=0.2m处由静止释放。已知滑块与水平面间的动摩擦因数设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在x=0.4m处滑块速度大小为（）

A.0B.0.2m/sC.0.3m/sD.0.6m/s7、由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，带电荷量分别为q1和q2。其间距离为r时，它们之间相互作用力的大小为式中k为静电力常量．若用国际单位制的基本单位表示，k的单位应为（）A.kg·A2·m3B.kg·A-2·m3·s-4C.kg·m2·C-2D.N·m2·A-28、如图所示，长方体金属块边长之比a：b：c=3：1：2，将A与B接入电压为U的电路中时，电流为I；若将C与D接入电压为U的电路中，则电流为（设金属块的电阻率不变）（

A.IB.9I/4C.4I/9D.2I）评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示，A、B为两个相互接触的、用绝缘支柱支持的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球；下列说法中正确的是（）

A.把C移近导体A时，B上的金属箔片都张开，若用一根导线在A左端接地，则A上金属箔闭合B.把C移近导体A时，B上的金属箔片都张开，若用手触摸B的右端，则A上金属箔仍张开C.把C移近导体A，先把B分开，然后移去C，B上的金属箔片仍然张开D.先把B分开，再把C移去，后重新让B接触，A上的箔片张开，而B上的箔片闭合10、如图所示，半径为R的圆所在平面与某一匀强电场平行，A、B、C、E为圆周上四个点，E为BC圆弧的中点，AB//OE，O为圆心，D为AB中点，粒子源从C点沿不同方向发出速率均为的带正电的粒子，已知粒子的质量为m、电量为q（不计重力和粒子之间的相互作用力）。若沿CA方向入射的粒子恰以的速度垂直AB方向过D点。则以下说法正确的是（）

A.AD间和OC间的电势差关系为：UAD=UOCB.沿垂直BC方向入射的粒子可能经过A点C.在圆周上各点中，从E点离开的粒子速率最大D.若则匀强电场的场强为11、如图所示，电源内阻和灯泡的电阻均恒定不变，为理想二极管，为定值电阻，电表均为理想电表。闭合且电路稳定后，有一带电油滴在平行板电容器中处于静止状态。现将滑动变阻器滑片向上滑动，电表V1、V2和A示数变化量的绝对值分别为和则下列说法中正确的是（）

A.灯泡变亮，电流表示数增大B.油滴将向下运动C.D.12、关于电场强度，下列说法错误的是（）A.将检验电荷从电场中某点移走时，该点电场强度变为0B.点电荷电场强度计算式中的Q指源电荷C.对于公式电场强度由检验电荷的受力和电量决定D.虽然电场强度定义为但某一点的电场强度与检验电荷无关13、如图所示，真空中有一正方体在点放一电荷量为的点电荷，C点放一电荷量为的点电荷。下列说法正确的是（）

A.点与点的电场强度相同B.A点的电势高于B点的电势C.质子在D点受到的电场力与在点受到的电场力大小相等D.电子在D点的电势能大于在点的电势能14、空间存在着平行于轴方向的某静电场，轴上各点的电势随坐标的分布图像如图所示。一个带电量绝对值为质量为的带电粒子在坐标轴上处，以沿轴正向的初速度射出，粒子沿轴运动到处时速度恰好为0。若粒子只受到电场力的作用；则（  ）

A.粒子带正电B.粒子在处的初速度大小为C.粒子从运动到过程中做匀减速直线运动D.粒子从运动到过程中电势能先减小后增大15、如图所示，平行金属板中有一个带电油滴悬浮在两板间的P点，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零，当滑动变阻器的滑片向b端移动时；下列说法正确的是（）

A.油滴带负电，将向下运动B.P点的电势能升高C.电源的效率变低D.若电压表、电流表的示数变化量分别为和则16、如图所示，直流电路中，是定值电阻，是光敏电阻，其阻值随光照增强而减小。当开关S闭合时，处在电容器两板间M点的带电液滴恰好能保持静止。现用强光照射电阻时（）

A.电源的总功率增大B.A板的电势降低C.液滴向下运动D.电容器所带电荷量增加评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、使用多用电表测电流时，电流应从_________（选填“黑”或“红”）表笔流入电表；测电阻时，___________（选填“黑”或“红”）表笔的电势较高。18、在如图所示的回路中，若回路面积从变到磁感应强度同时从变到方向垂直纸面向里，则回路中的磁通量的变化量为________

19、能量的耗散∶

（1）定义∶电池中的______转化为电能，电能又通过灯泡转化为_____和_____，热和光被其他物质吸收之后变成周围环境的____；我们很难把这些内能收集起来重新利用，这种现象叫作能量的耗散。

（2）能量的耗散表明∶能量的数量是_____的，但是能量可利用的品质_____了。

（3）能量的耗散从能量转化的角度反映出自然中与热现象有关的宏观过程具有_______。20、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？21、新疆达坂城风口的风速约为设该地空气的密度为把通过横截面积的风能转化为电能（转化效率），利用上述已知量推导计算电功率的公式为___________，代入数据得到电功率的大小为___________。

22、波长、频率与波速:如图邻近的两个______（或波谷）的距离叫作波长,波长用符号______来表示;波的频率是在1s内有多少次______（或波谷）通过,频率用符号______来表示;波速是用来描述波传播______的物理量,波速用符号______来表示。

评卷人得分四、实验题(共4题，共28分)23、如图所示为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池；和是固定电阻，是可变电阻；表头的满偏电流为250μA，内阻为480Ω。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位；5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡。

（1）图中的A端与_____（填“红”或“黑”）色表笔相连接。

（2）关于的使用，下列说法正确的是_____。

A．在使用多用电表之前，调整使电表指针指在表盘左端电流“0”位置。

B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置。

C．使用电流挡时，调整使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置。

（3）根据题给条件可得_____Ω，_____Ω。24、一位同学在测定电池的电动势和内电阻的实验中，利用图的电路进行了实验数据的测量记录，又将测得的数据在图的坐标系中作出了图线。根据图线得出电池的电动势_____电池的内阻___（结果均保留3位有效数字）

对图电路分析可知，实验中实际测得的_______（选填“电压值”或“电流值”）并不等于实验原理中所要的值，而是比所要的值_______（选填“偏大”或“偏小”）。25、某实验小组打算测一未知电源的电动势和内阻，已知电动势约内阻约实验室提供了如下器材：

A.电压表（量程为内阻）；

B．电压表（量程为内阻）；

C．电流表（量程为内阻）；

D．电流表（量程为内阻）；

E．定值电阻（）；

F.定值电阻（）；

G.滑动变阻器（最大阻值为允许通过的最大电流为）；

H.滑动变阻器（最大阻值为允许通过的最大电流为）；

I.开关一个；导线若干。

（1）为尽量准确测量电源的电动势和内阻，电压表应选__________，电流表应选__________，滑动变阻器应选__________；（选填所选器材对应选项的字母）

（2）实验小组结合所给器材设计了测量电路，实验过程中通过改变滑动变阻器的阻值获得了多组数据，画出的图像如图1所示。请你结合图像数据在图2的方框中画出测量电路的原理图________；

（3）由所给的图像可知，则电源的电动势为__________V，内阻为_________26、某同学将一量程为内阻为的表头G改装为多用电表。电路图如图甲所示，图中E是电动势为1.5V的干电池，是定值电阻，是可变电阻，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有3个挡位：直流电流1mA挡；直流电压3V挡、欧姆挡。

(1)开关接到“2”时为______

A.直流电流1mA挡。

B.直流电压3V挡。

C.欧姆挡。

(2)图甲中表笔A应为______（选填“红”或“黑”）表笔，测量图乙所示小灯泡两端电压时，应将______（选填“A”或“B”）表笔接电路中的a点，另一表笔接b点。

(3)根据题给条件可得：______=______

(4)用该多用电表测量一电阻的阻值时，表头的读数为则该电阻的阻值为_____

评卷人得分五、解答题(共1题，共7分)27、现将标有“3V，3W”的直流电动机，串联一个滑动变阻器接在电动势为E＝4.0V、内阻为r＝0.40的电源的两端，如图所示。已知电动机线圈的电阻R0＝0.10Ω；不计其它电阻。

（1）若滑动变阻器接入电路的阻值R1＝3.5Ω，电动机卡住不转，求此时电路中的电流I1；

（2）若要使直流电动机正常工作，求滑动变阻器接入电路的阻值R2应为多少；

（3）调节滑动变阻器接入电路的阻值，回路中的电流I及电源的输出功率P随之改变。

a.请从理论上推导P与I的关系式，并在图中定性画出P-I图像；

b.求该电源对外电路能够输出的最大功率Pm。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

甲图中；验电器本来不带电，由于同种电荷相到吸引，带正电的小球靠近验电器的金属球时，使得金属球带负电荷，从而导致金属箔带上正电荷；乙图中，用带正电的小球接触不带电验电器的金属球，这时验电器无论是金属球还是金属箔都带上了正电荷，因此C正确，ABD错误。

故选C。2、A【分析】【详解】

AC．若两电荷为异种电荷，在x=2a处，电场强度不可能为0，故两电荷为同种电荷；2a处合场强为0，由

知

所以M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1；故A正确，C错误；

B．选沿x轴方向为正方向，0～2a电场为正，方向向右，而沿电场线方向电势降低，即从0到2a电势降低；2a～3a电场为负，方向向左，则从2a点到3a点电势升高；故B错误；

D．将一个负点电荷沿x轴从0.5a移动到2.4a；电势先减小后增大，所以该电荷的电势能先增大后减小，故D错误；

故选A。3、B【分析】【详解】

由图知并联后与串联，再与并联；当滑动变阻器的滑臂向端移动过程中，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流干增大，路端电压路减小，则知通过的电流减小，而通过的电流干增大，根据欧姆定律可知的增大，所以理想电压表的示数变大，并联电压并路变小，则通过的电流变小，而电流表的示数变大；

A.变大，变小与分析不符；故A错误；

B.变大，变大与分析相符；故B正确；

C.变小，变大与分析不符；故C错误；

D.变小，变小与分析不符，故D错误．4、A【分析】【详解】

根据B＝可知：线圈L1在O点产生的磁感应强度为：B1＝

由右手螺旋定则可知方向沿y轴正方向，线圈L2在O点产生的磁感应强度为：B2＝

方向沿x轴正方向，B1和B2方向垂直，所以O点的磁感应强度为B＝

方向指向第一象限；故A正确。

故选A。5、D【分析】【详解】

A．小球A、B均带负电，则根据点电荷的特点可知，B固定，当A、B距离缩短时，电场力做负功，电势能增大，反之减小，由图可知，小球A运动到圆环最低点Q点的过程中；与B电荷的距离先增大后减小，则电势能先减小后增大，故A错误；

B．延长BO交圆周与C点；作图如下。

小球在下降过程中，当小球A、B距离增大时，即AC段，电场力做正功，重力做正功，速度增大，CQ段，小球A、B距离减小，电场力做负功，重力做正功，PQ段，小球A、B距离减小，电场力做负功，重力做负功，小球速度减小，则可知小球速度最大处不位于Q左边；故B错误；

C．小球在A、P两点相比，重力势能相同，但P点与B球距离更小，则A到P过程电场力做负功，电势能增大，则需要有外力做功才能到达P点；故C错误；

D．由图几何关系可知，A、Q两点与B小球距离相同，则电势能相等，则A到Q过程中动能增加量等于重力势能减少量，可得

解得

故D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

在x=0.4m处即

由图可知此处电势为φ1=2.5×105V

滑块电势能为

在x=0.2m处即

由图可知此处电势为φ2=5×105V

设滑块在x=0.4m处的速度大小为v，根据动能定理有

解得

故选B。7、B【分析】【详解】

根据可得

由于F=ma，q=It，所以

根据质量的单位是kg，加速度的单位m/s2，距离的单位是m，电流的单位是A，时间的单位s，可得k的单位是kg•A-2•m3•s-4。

故选B。

【点睛】8、B【分析】【分析】

根据电阻定律可确定AB及CD时的电阻；再由欧姆定律即可确定电流．

【详解】

设b长为l；根据电阻定律可知：则接AB时，电阻当接CD时，电阻由欧姆定律可知：则故选B．二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．金属导体处在正电荷的电场中；由于静电感应现象，导体B的右端感应出正电荷，导体A的左端感应出负电荷，所以A；B上的金属箔片都张开，且无论是一根导线在A左端接地还是用手触摸B的右端，都会使大地传递给金属导体一定的电子，把导体B的右端的正电荷给中和掉，导体A的左端还是带负电荷，A上金属箔仍张开，故A错误，B正确；

C．由于A；B分开；当移去C，A、B仍然带等量异种电荷，所以A、B上的金属箔片仍然张开，故C正确；

D．先把A；B分开；再把C移去，A、B仍然带等量异种电荷，后重新让A、B接触，A、B上的电荷又重新中和，所以A、B上的金属箔片都闭合，故D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

A．因为沿CA方向入射的粒子恰垂直AB方向以的速度过D点，可知粒子沿平行于BC方向的速度不变，垂直于BC方向的速度减小到零，可知粒子受电场力方向平行于BA向下，则场强方向平行于BA向下，因OD和BC连线垂直于电场线，可知BC和OD均为等势面，则UAD=UOC；选项A正确；

B．电场方向垂直BC向下，则沿垂直BC方向入射的粒子不可能经过A点；选项B错误；

C．在圆周上各点中，从E点离开的粒子电场力做正功且做功最大，则从E点离开的粒子的速率最大；选项C正确；

D．若∠ACB=60°，则由类平抛运动的规律可知

联立解得

选项D错误。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

A．滑片向上滑动；其接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知回路中电流变大，灯泡变亮，电流表示数增大，A正确；

B．总电流增大，故电源内电压增大，外电压减小，即V1的示数减小，而L1的电压变大，所以并联部分R1两端的电压减小，所以V2的示数及电容器板间电压变小，应放电，但二极管的单向导电性使电荷不能放出，由于Q不变，则由

得

可知E不变；油滴静止不动，B错误；

C．根据闭合电路欧姆定律可知

可知

电流表串联在支路上，则有

故

C正确；

D．将灯泡L电阻R看作电源内阻一部分，可知

由于故

D错误。

故选AC。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

ACD．是电场强度的定义式；其由电场自身性质决定，而与检验电荷无关，故D正确，不符合题意，A；C错误，符合题意；

C．为真空中点电荷电场强度的决定式，式中Q为场源电荷；故B正确，不符合题意；

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

A．点和C点的电荷为等量异种点电荷，根据等量异种点电荷产生电场的特点可知，点与点的电场强度大小相等；方向不同，A错误；

B．等量异种点电荷连线的中垂面为电势等于0的等势面，A点的电势大于0，B点的电势小于0；B正确；

C．D点与点的电场强度大小相等，质子在D点受到的电场力与在点受到的电场力大小相等；C正确；

D．D点的电势等于点的电势，电子在D点的电势能等于在点的电势能；D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

A．由题意可知粒子在处电势能为零，动能大于零，而粒子在处动能为零，则根据能量守恒定律可知粒子在处电势能大于零，而处的电势为负；所以粒子带负电，故A错误；

B．设粒子在处的初速度大小为v0，对粒子从到的过程，根据动能定理有

解得

故B正确；

C．粒子从运动到电势能一直增大，所以动能一直减小，一直在做减速运动，又由于图像斜率不变；则场强不变，粒子受到的电场力不变，加速度不变，做匀减速直线运动，故C正确；

D．粒子从运动到电势一直变小，又粒子带负电，可知电势能一直增大，故D错误。

故选BC。15、A:C:D【分析】【详解】

A．油滴原来静止在电容器内，受向上的电场力与向下的重力且二力平衡，由题图可知，电容器内部电场方向向下，所以油滴带负电。当滑片项、向b移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流增大，路端电压减小，所以两端的电压增大；则电容器两端电压减小，电容器内场强减小，油滴所受电场力小于重力，将向下运动，故A项正确；

B．因为下极板接地，所以电势为零，所以P点的电势等于P点与下极板的电势差，由公式

可知，由之前分析可知E减少，P与下极板间距不变，所以电势差减少，P点电势降低；故B项错误；

C．电源的效率为

当滑动变阻器的滑片向b端移动时，其阻值减小，外电阻R减小；电源的效率变低，故C项正确；

D．将和电源等效为一个新的电源，新电源的内阻为电压表测的为新电源的路端电压，假设电流表测的为总电流，有

又因为

由于总电流增大，并联部分的电压减小，所以中的电流减小，则增大，所以

所以有

故D项正确。

故选ACD。16、A:D【分析】【分析】

【详解】

BC．现用强光照射电阻时，的阻值减小，干路电流增大，R2与电容器串联，稳定后相当于断路，对电路无影响，故电容器两端电压相当于R1两端电压，由于下极板接地，由

可知，电容器两端电压增大，即A板的电势升高，极板间场强

故场强增大；液滴受到向上的电场力增大，故液滴向上运动，BC错误；

D．由

可知；电容器所带电荷量增加，D正确；

A．由

可知；电源的总功率增大，A正确。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]使用多用电表测电流时；电流应从红表笔流入电表；

[2]测电阻时，因黑表笔接内部电源的正极，可知黑表笔的电势较高。【解析】红黑18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]因为都变化，所以用后来的磁通量减去原来的磁通量【解析】13.619、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3][4]定义∶电池中的化学能转化为电能；电能又通过灯泡转化为内能和光能，热和光被其他物质吸收之后变成周围环境的内能，我们很难把这些内能收集起来重新利用，这种现象叫作能量的耗散；

（2）[5][6]能量的耗散表明∶能量的数量是守恒的；但是能量可利用的品质降低了；

（3）[7]能量的耗散从能量转化的角度反映出自然中与热现象有关的宏观过程具有方向性。【解析】①.化学能②.内能③.光能④.内能⑤.守恒⑥.降低⑦.方向性20、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高21、略

【分析】【详解】

[1]设时间t内通过横截面积的风能为

电功率为

[2]代入数据得到电功率的大小为【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5][6]波长、频率与波速:如图邻近的两个波峰（或波谷）的距离叫作波长,波长用符号λ来表示;波的频率是在1s内有多少次波峰（或波谷）通过,频率用符号f来表示;波速是用来描述波传播快慢的物理量,波速用符号c来表示。【解析】①.波峰②.λ③.波峰④.f⑤.快慢⑥.c四、实验题(共4题，共28分)23、略

【分析】【详解】

(1)[1]根据欧姆表原理可知；内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”；

(2)[2]由电路图可知，只在测量电阻时才接入电路；故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流挡时也