2025年北师大版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版必修3物理下册月考试卷247考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，水平放置两平行金属极板间有一垂直于极板的匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M。一带电量为q、质量为m的质点从两板中央平行于极板方向射入板间，最后垂直打在M屏上；则（）

A.质点入射时的动能小于打到屏上时的动能B.板间电场强度大小为C.质点在板间运动的加速度大小为g，方向竖直向上D.质点在板间运动的时间大于它从板的右端运动到光屏M的时间2、如图是匀强电场遇到空腔导体后的部分电场线分布图，电场线的方向如图中箭头所示，M、N、Q是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN.以下说法正确的是()

A.O点电势与Q点电势相等B.O、M间的电势差小于N、Q间的电势差C.将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能增加D.在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与OQ垂直的方向竖直向上3、如图为某一块手机电池背面的铭牌；下列说法正确的是（）

A.该电池在工作时的电流为500mAB.该电池的电动势为3.6V，内阻为0C.该电池的容量为500mA·hD.若电池以10mA的电流工作，可用5小时4、如图所示，用多用电表测量直流电压U和测量电阻R时（）

A.前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表B.两者电流均从红表笔流入多用电表C.两者电流均从红表笔流出多用电表D.前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表5、如图甲所示，电阻R1的阻值为0.25R0、灯泡L的电阻值恒为1.5R0，R2是热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图乙所示。已知电流表为理想电表，电源的内阻r=R0。则下列说法中正确的是（）

A.当温度升高时，电流表的示数减小，R1两端的电压减小B.当温度降低时，灯泡L的亮度变暗C.在0~80℃范围内，当温度为0℃时，灯泡L和R2的总功率最大D.当温度为80℃时，R2的阻值为零，故电源的输出功率最大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图所示，竖直平面内固定一个半径为R的刚性光滑绝缘圆环。在圆环的最低点A固定一个电荷量为+q的小球，另一个质量为m的带电小环套在大圆环上恰能静止在B点，且小环与大圆环圆心O的连线OB与竖直线OA的夹角θ等于60°。已知静电力常量为k；重力加速度为g，下列说法正确的是（）

A.小环带负电B.小环带正电C.小环所带电荷量D.若小环所带电荷量逐渐衰减导致其发生缓慢移动，则小环所受大环的弹力大小不会改变7、某电路如图所示，电源电动势为E、内阻为r，定值电阻R1、R2，电位器(滑动变阻器)为R，L1是小灯泡，电压表和电流表均为理想电表．当电位器的触片滑向b端时；下列说法正确的是()

A.小灯泡L1将变亮B.电压表示数与电流表A1示数的比值将变大C.电流表A1的示数将变大D.电源的总功率将变大8、下列关于电源的说法，正确的是（）A.电源向外提供的电能越多，表示电动势越大．B.电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功C.电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大9、两个带电量相等的正点电荷分别固定于绝缘水平面上的A、B两点，A、B连线的垂直平分线上有P、C、O、H四点，如图所示，已知PC＝CO＝OH；取无穷远处电势为零，下列结论中正确的是：

A.C点和H点的电场强度相同B.O点的电场强度为零，O点的电势也为零C.C点和P点的电势皆高于零，且C点电势高于P点电势D.负电荷q自C点由静止释放后，将以O点为平衡位置在C点和H点之间往复运动10、利用电容传感器可检测矿井渗水，及时发出安全警报，如图所示是一种通过测量电容器电容的变化来检测矿井中液面高低的仪器原理图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体（矿井中含有杂质的水），A、C构成电容器。灵敏电流表G的a端通过导线穿过绝缘物质B与A极相连。则（）

A.若G中有从a到b的电流，说明电容器正在充电B.若G中有从a到b的电流，说明电容器正在放电C.若G中有从a到b的电流，说明矿井正在渗水（即导电液深度h正在增大）D.若G中有从a到b的电流，说明矿井中导电液深度h正在减小11、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为q，此时电子定向移动的速率为v，则在Δt时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A.nvSΔtB.nvΔtC.D.12、有一小段通电导线，长通过导线的电流为把它放入磁场中某一位置，受到的磁场力是则该处磁感应强度的大小可能为（）A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、用螺旋测微器测量某材质电线的直径d，其中一次测量如图所示，其读数___________mm。

14、判断下列说法的正误。

（1）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为正电荷从丝绸转移到玻璃棒上。____________

（2）摩擦起电的过程是电子从一个物体转移到另一个物体的过程。____________

（3）两种不同物质组成的物体相互摩擦使物体带电，是由于两物体的原子核对核外电子束缚的能力不同。____________

（4）原来不带电的丝绸和玻璃棒相互摩擦后分别带上了异种电荷，说明通过摩擦可以创造电荷。____________

（5）元电荷就是最小的带电体。____________

（6）某一带电体的电荷量可能等于5×10-19C___________15、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、电场强度大小为E的匀强电场时，验电器的箔片___________（选填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称为___________此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的电场强度大小为___________，方向与所加的电场方向___________（选填“相同”或“相反”）。

16、如图是用游标卡尺测量某金属圆筒外径的示意图，由图中可以读出该圆筒外径的测量值为___________mm。

17、如图所示，一个有弹性的导线圈套在通电长螺线管外，与螺线管垂直且同轴，螺线管中的电流方向如图，导线圈中的磁通量方向为_________．如果把线圈向四周拉，使线圈所围面积增大，则线圈内的磁通量将__________（选填“变大”“变小”或“不变”）．18、下列说法正确的是_________。评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)19、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)20、一根粗细均匀，中空的柱形导电元件，其横截面及中空部分均为正方形，如图甲所示。某同学想知道中空部分正方形的边长a的大小，但a太小，无法直接测出，他设计了如下实验进行测量，已知该元件的长度L=10m及电阻率

该同学进行了如下实验步骤：

（1）用螺旋测微器测得该元件横截面外边长b=5.500mm；

（2）用多用电表粗测该元件电阻阻值，多用电表的“Ω”挡有“×1”，“×10”、“×100”和“×1k”四挡，选用“×100”挡测量时，发现指针偏转角度过大，换用相邻的某倍率，重新调零后进行测量，结果如图乙所示，则该元件的电阻值为______Ω。

（3）为精确地测量该导电元件的电阻阻值；可供选择的器材如下：

A.待测导电元件Rx

B.电流表（量程600mA；内阻约为lΩ）

C.电流表（量程150m；内阻约为20Ω）

D.电流表（量程30mA；内阻为50Ω）

E.滑动变阻器R（0~20Ω；额定电流2A）

F.直流电源E（电动势约为12V；内阻不计）

G.定值电阻

H.定值电阻

I.开关一只；导线若干。

①所用电流表应选择______和______；定值电阻应选择______（选填所选器材前的字母序号）。并将实验电路图画在图丙虚线框内，标明所选器材后的字母代号________。

②实验中调节滑动变阻器，测得多组电流值I、做出的图像如图丁所示，可得该导电元件的电阻的测量值为______Ω，则该元件横截面的内边长a为______mm。（结果均保留3位有效数字）21、某同学查阅资料发现二极管的实物图、电路符号以及二极管的正向伏安特性曲线如图甲所示，为了验证二极管的正向伏安特性，该同学在实验室找来电源、电流表电压表滑动变阻器R；二极管、开关和导线若干。

（1）该同学设计的实验电路图如图乙所示，为了描绘二极管的正向伏安特性曲线，电源a端应为电源的________（选填“正”或“负”）极；闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于________（选填“P”或“Q”）端。

（2）用笔画线代替导线，完成图丙实物图连线_______。

（3）闭合开关S，调节滑动变阻器滑片位置，测量多组电流值I和电压值U，并描绘二极管的正向伏安特性曲线如图丁所示，由图像可知，欧姆定律___（选填“适用”或“不适用”）二极管，在“死区电压”阶段二极管的阻值____（选填“非常大”或“几乎为零”），在正向电压时，二极管的阻值为________（结果保留两位有效数字）。

（4）若将该规格的二极管与一个阻值为的定值电阻串联后接在一节电动势为内阻不计的干电池上，如图戊所示，则稳定后二极管的实际功率为__W（结果保留两位有效数字）。

22、某学习小组的同学设计了如图甲所示的电路来测量定值电阻R0的阻值（约为几欧到十几欧）及电源的电动势E和内阻r。实验器材有：待测电源，待测电阻R0，电流表A（量程为0.6A，内阻不计）电阻箱R（0～99.9Ω），开关S1和S2；导线若干。

（1）先测电阻R0的阻值，学习小组同学的操作如下：先闭合S1和S2，调节电阻箱，读出其示数R1和对应的电流表示数I，然后断开________，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数仍为I，读出此时电阻箱的示数R2，则电阻R0＝________；

（2）同学们通过上述操作测得电阻R0＝9.5Ω，继续测电源的电动势E和内阻r。该小组同学的做法是：闭合S1，断开S2，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据绘制了如图所示的－R图线，利用图象求出该电源的电动势________V，内阻________Ω。23、某个同学设计了一个电路，即能测量电池组的电动势和内阻又能同时测量未知电阻的阻值；器材如下：

A．电池组（四节干电池）

B．待测电阻（约）

C．电压表（量程3V；内阻很大）

D．电压表（量程6V；内阻很大）

E．电阻箱（最大阻值）

F．开关一只；导线若干。

实验步骤如下：

①将实验器材连接成如图（a）所示的电路，闭合开关，调节电阻箱的阻值，先让电压表接近满偏；逐渐增加电阻箱的阻值，并分别读出两只电压表的读数；

②根据记录的电压表的读数和电压表的读数以为纵坐标，以对应的电阻箱的阻值R为横坐标，得到的实验结果如图（b）所示，有图可求得待测电阻＝___Ω（保留两位有效数字）；

③图（c）分别是以两电压表的读数为纵坐标，以两电压表读数之差与电阻箱阻值的比值为横坐标得到结果，两图线的交点的横坐标为___A，纵坐标为___V。（结果均保留两位有效数字）评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)24、一个初速度为零的电子通过电压为U=4500V的电场加速后，从C点沿水平方向飞入电场强度为E=1.5×105V/m的匀强电场中，到达该电场中另一点D时；电子的速度方向与电场强度方向的夹角正好是120°，如图所示．试求：

(1)电子到达C点时的速度；

(2)电子从C点到达D点的时间；

(3)C、D两点沿电场强度方向的距离y．

25、如图，在真空室内的P点，能沿纸面向各个方向不断发射电荷量为+q，质量为m的粒子(不计重力)，粒子的速率都相同．ab为P点附近的一条水平直线，P到直线ab的距离PC=L，Q为直线ab上一点，它与P点相距PQ=L．当直线ab以上区域只存在垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场时，水平向左射出的粒子恰到达Q点；当ab以上区域只存在平行该平面的匀强电场时，所有粒子都能到达ab直线，且它们到达ab直线时动能都相等；其中水平向左射出的粒子也恰好到达Q点．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

(1)a粒子的发射速率(2)匀强电场的场强大小和方向(3)仅有磁场时，能到达直线ab的粒子所用最长时间和最短时间的比值26、质量为m的飞机模型，在水平跑道上由静止匀加速起飞，假定起飞过程中受到的平均阻力恒为飞机所受重力的k倍，发动机牵引力恒为F，离开地面起飞时的速度为v，重力加速度为g．求：

（1）飞机模型的起飞距离（离开地面前的运动距离）；

（2）若飞机起飞利用电磁弹射技术；将大大缩短起飞距离。图甲为电磁弹射装置的原理简化示意图，与飞机连接的金属块（图中未画出）可以沿两根相互靠近且平行的导轨无摩擦滑动．使用前先给电容为C的大容量电容器充电，弹射飞机时，电容器释放储存电能所产生的强大电流从一根导轨流入，经过金属块，再从另一根导轨流出；导轨中的强大电流形成的磁场使金属块受磁场力而加速，从而推动飞机起飞。

①在图乙中画出电源向电容器充电过程中电容器两极板间电压u与极板上所带电荷量q的图像，在此基础上求电容器充电电压为U0时储存的电能；

②当电容器充电电压为Um时弹射上述飞机模型，在电磁弹射装置与飞机发动机同时工作的情况下，可使起飞距离缩短为x．若金属块推动飞机所做的功与电容器释放电能的比值为η，飞机发动的牵引力F及受到的平均阻力不变，求完成此次弹射后电容器剩余的电能。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

A．因为当质点离开电场后；由于不受电场力了，只受重力作用，所以质点将向下偏转，而最后垂直打到极板上，则说明质点在竖直方向上的速度减为零，只剩下水平方向上的速度，等于初速度，所以质点入射时的动能等于打到屏上时的动能，A错误；

BC．因为初始速度和打到屏上的速度相同，所以质点在电场中运动时，重力和电场力做的功，等于射出电场后重力所做的功，设质点在竖直方向上最大位移为h，则

解得质点在电场中运动时，合力

故加速度为g；方向向上，B错误，C正确；

D．质点在整个过程中水平方向上做匀速直线运动，而极板的长度为L，极板右端到屏的距离也为L，所以质点在板间运动的时间等于它从板的右端运动到光屏M的时间；D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高；故A错误．

B．根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度大，故由公式U=Ed可知，OM间的电势差大于NO间的电势差；故B错误．

C．M点的电势比Q点的电势高；负电荷从高电势移动到低电势电场力做负功，电荷的电势能增加；故C正确．

D．在Q点释放一个正电荷；正电荷所受电场力将沿与该点电场线的切线方向相同，斜向上；故D错误．

【点睛】

电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以及大小比较，是电场中的重点和难点，在平时训练中要加强这方面的练习，以加深对概念的理解．3、C【分析】【详解】

ACD．500mA·h表示电池容量，该电池在工作时的电流远小于500mA。若电池以10mA的电流工作，由

得

AD错误；C正确。

B．3.6V表示电池的电动势；但内阻不为0，B错误。

故选C。4、B【分析】【分析】

【详解】

题图中所示是多用电表的示意图，无论是测电压U还是测电阻R；电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电表。

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．温度升高时，R2的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，R1两端电压增大；A错误；

B．温度降低时，R2的阻值增大；总电阻增大，总电流减小，电流表的示数减小，灯L两端电压变大，B错误；

D．温度为20℃时，R2=1.5R0，此时外电路的总电阻为R0；等于电源的内阻，所以电源的输出功率最大，D错误；

C．将R1看做等效电源内阻，则r＇=1.25R0，而L和R2的并联电阻总小于r＇，故0℃时其并联阻值最大，灯泡L和R2的总功率最大；C正确。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)6、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意可判断出；小环带正电，故B正确，A错误；

C．小环恰能静止，所以受力平衡的力学三角形如图所示，可知mg=

即

C正确；

D．当小环电荷量缓慢减少时，根据受力平衡可知，力的三角形CBD总是相似于几何三角形OAB，故

弹力F=mg

故D正确。

故选BCD。

7、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AC．电位器的触片滑向b端时,电位器电阻减小,外电路总电阻R减小,由闭合电路欧姆定律知：总电流增加,电流表A1的示数将变大,电压表V的示数将减小，流过R1和R2的电流减小，流过L1的电流将增大，灯泡L1将变亮．故A正确；C正确；

B.电压表V的示数与电流表A1比值等于外电路总电阻；可知该比值变小，故B错误；

D.总电流变大，由P=EI知；电源的电功率将变大，故D正确；

故选ACD

点睛：根据电位器电阻的变化情况得到外电路总电阻的变化情况，得到电流变化情况，由欧姆定律分析电压表的示数与电流表A1比值如何变化．由P=EI分析电源的总功率如何变化．8、B:D【分析】【详解】

电动势表征电源把其他形式能转化为电能的本领，与电源向外提供的电能多少、外电路的电阻等均无关，AC选项均错误，选项BD正确．9、C:D【分析】【详解】

A、根据点电荷场强公式运用矢量合成的平行四边形定则得：C点和H点的电场强度大小相等；方向分别是向上和向下，故A错误；

B、两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零，沿着场强方向，电势越来越低．取无穷远处电势为零，所以O点的电势不为零；故B错误；

C、沿着场强方向，电势越来越低．取无穷远处电势为零，C点和P点的电势皆高于零，且C点电势高于P点电势；故C正确；

D、C点释放后受到两个相等大小的静电力，合力竖直向下，在C-O过程中静电力逐渐减小，在O点静电力为0，但此时速度不为0，速度向下，所以O-H过程中静电力合力朝上且逐渐增大，所以做减速运动到H点时速度减为0，但还受到向上的库仑力所以又开始向上加速运动，由能量守恒可知因H点与C点的电势能相等，C-O过程是电势能转化为动能，O-H是动能转化为电势能，在H点时动能全部转化为电势能，全过程都遵循能量守恒，故D正确．10、A:C【分析】【详解】

AB．A、C构成电容器，由图可知两板间的距离不变，液面变化时只有正对面积发生了变化，由

可知，当液面升高时，电容正对面积增大，电容增大，由于电源电压不变，因此电容器两端的电势差不变，根据

可知，当电容增大时，电容的电荷量增大，电容器充电，G中有从a到b的电流。同理，当液面下降时，电容器减小，电容的电荷量减少，电容器放电，G中有从b到a的电流。故AC正确；BD错误。

故选AC。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，此时电子定向移动的速率为v，则

在Δt时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为

故选AC。12、C:D【分析】【详解】

若导线与磁场垂直，则该处的磁感应强度

若导线不与磁场垂直，则磁感应强度

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【详解】

螺旋测微器读数为【解析】1.49814、略

【解析】①.错误②.正确③.正确④.错误⑤.错误⑥.错误15、略

【分析】【详解】

[1]金属网罩起到静电屏蔽的作用；所以箔片不张开。

[2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理【解析】不张开静电屏蔽E相反16、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数【解析】23.6017、略

【分析】【详解】

[1]根据右手定则可知；螺线管左侧为N极，因此导线圈中的磁通量方向为向左穿过；

[2]如果把线圈向四周拉，使线圈所围面积增大，则外部从左向右穿过的磁场线增多，相互抵消，则线圈内的磁通量将变小。【解析】向左穿过变小18、A:B:D【分析】不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关，选项A正确；游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变，选项B正确；当光从光密介质射入另一种光疏介质时，如果入射角足够大，就会发生全反射现象，选项C错误；麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场，选项D正确；相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小，选项E错误；故选ABD.四、作图题(共1题，共8分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共40分)20、略

【分析】【详解】

（2）[1]选用“×100”挡测量时，发现指针偏转角度过大，说明倍率太大，因此要减小倍率，选择“×10”挡，则由图乙可读得该原件的电阻值为

（3）[2][3][4]电源电压为待测电阻约为则用直除法可知电流表选择量程为150mA的即可满足实验要求；另所给器材中没有电压表，因此要用已知内阻的电流表进行改装，而内阻已知的电流表只有要改装的电压表的量程需接近电源电压，则根据电压表的改装原则

可知定值电阻需选用的

[5]

[6]根据电路图可得

即

代入图中数据解得

[7]由电阻定律有

代入数据解得【解析】110CDH1001.521、略

【分析】【详解】

（1）[1]研究二极管的正向伏安特性曲线，二极管的正极应该接高电势，负极接低电势，所以电源a端应为电源的负极；

[2]闭合开关前，为了保护电路，应该让分压电路的电压值为零，所以滑动变阻器的滑片应滑到Q端。

（2）[3]连接电路如图所示。

（3）[4]根据描绘的伏安特性曲线可知；二极管正向伏安特性曲线为非线性电阻，不适用欧姆定律；

[5]在“死区电压”阶段；二极管正向电压增大，但是电流值几乎为0，所以二极管在“死区电压”阶段阻值非常大；

[6]正向电压为0.8V时，电流为20mA，所以此时二极管的电阻为

（4）[7]将电池和定值电阻R看作一个电池，由闭合电路欧姆定律可知

在二极管的正向伏安特性曲线图中描绘出电流I和电源的路端电压U的变化关系曲线如图所示。

可知此时二极管两端的电压为

电流为

所以二极管的实际功率为【解析】负Q不适用非常大40####22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]电路中只有电流表而没有电压表，无法由伏安法求出电阻，故只有利用电阻箱得出待测电阻的阻值；当电路中电流相同时，电阻也应相同；因此可以控制电流相等，利用电阳箱的示数变化，得出待测电阻的阻值；操作为先闭合和调节电阻箱，读出其示数和对应的电流表示数I，然后断开调节电阻箱使电流表的示数仍为I；读出此时电阻箱的示数而待测电阻等于两次电阻箱的示数之差：即

（2）[3][4]由全电路欧姆定律可知

变形可得

由图线可知

则解得【解析】断开S2，调节电阻箱的阻值6.02.523、略

【分析】【分析】

先要确定电路图的结构；然后根据实验的步骤搞清实验的原理，结合欧姆定律找出函数关系，结合图像的斜率和截距的意义求解．

【详解】

(2)由欧姆定律可知：即由