2025年教科新版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年教科新版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在图示的电场中，电荷从静止开始运动，加速度越来越大的是（）A.B.C.D.2、如图所示的电路中，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能正常发光，电源电动势E恒定且内阻r不可忽略。现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些；三盏灯亮度变化的情况是（）

A.a灯变亮，b灯和c灯变暗B.a灯和c灯变亮，b灯变暗C.a灯和c灯变暗，b灯变亮D.a灯和b灯变暗，c灯变亮3、如图所示电路中，为电阻箱，为定值电阻（阻值未知）。当电阻箱电阻为20Ω时；通过它的电流为1A；当电阻箱电阻为64Ω时，通过它的电流为0.5A；当通过电阻箱的电流为0.1A时，电阻箱电阻为（）

A.124ΩB.416ΩC.654ΩD.800Ω4、均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，其电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R．已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为（）

A.B.C.D.5、如图所示，是圆周上四点，和均为圆的直径且相互垂直，O为圆心，在两点分别放上带电荷量为的点电荷，e为连线的中点，则下列判断错误的是（）

A.O点电势比c点电势高B.一个正的点电荷，沿圆弧按顺时针从c点运动到d点，电势能一直增大C.将b点处负电荷沿圆弧按顺时针从b点运动到d点，两电荷组成的系统电势能先减小后增大D.一个负的点电荷放在e点时，受到的电场力从c点指向d点6、如图所示为某示波管内的聚焦电场横截面示意图，实线和虚线分别表示电场线和等势线。电场中a、b两点的场强大小分别为和电势分别为和下列说法中正确的是（）

A.B.C.D.7、如图所示，平行板电容器与直流电源、理想二极管（正向电阻为零，可以视为短路；反向电阻无穷大，可以视为断路）连接，电源负极接地，初始时电容器不带电，闭合开关稳定后，一带电油滴位于电容器极板间的P点且处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.减小极板间的正对面积，带电油滴会向下移动，且P点的电势会降低B.减小极板间的正对面积，带电油滴会向上移动，且P点的电势会降低C.断开开关S，带电油滴将向下运动D.将下极板上移，带电油滴将向上运动8、如图，带正电的小球A固定在光滑绝缘斜面底端，轻弹簧的一端连接带负电的小球B，另一端固定于挡板，两小球的球心在弹簧的轴线上，弹簧原长时处于O点。将球B由O点静止释放，小球沿斜面运动至M点时加速度为零。则下列说法正确的是（）

A.球B做简谐运动B.球B运动后不可能静止在斜面上C.球B运动至M点时一定有最大速度D.球B在M点和O点的机械能可能相等评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，A、B是圆心角为120°的一段圆弧的两个端点，D是圆弧的中点，圆弧的圆心是O，半径为r，AB与CD相交于C点，电荷量均为Q的两个正点电荷分别固定于A、B两点。静电力常量为k。下列说法正确的是（）

A.O、D两点的电势相等B.O、D两点的电场强度相等C.D点的电场强度大小为D.将一负点电荷从O沿直线OD移到D，其电势能先增加后减少10、如图所示的电路中，闭合开关当滑动变阻器的滑片向上移动时；下列说法中正确的是（）

A.电流表示数变大B.电压表示数变小C.电阻的电功率变大D.电源的总功率变小11、如图甲所示，一个条形磁铁固定在水平桌面上，以的右端点为原点，中轴线为轴建立一维坐标系．一个灵敏的小磁针放置在轴上不同位置，设与轴之间的夹角为．实验测得与之间的关系如图乙所示．已知该处地磁场方向水平，磁感应强度大小为．下列说法正确的是（）

A.的右端为极B.的中轴线与地磁场方向垂直C.在处产生的磁感应强度大小为D.处合磁场的磁感应强度大小为12、下列关于电源的说法正确的是（）A.电源是将电能转化为其他形式的能的装置B.电源的作用是使电源的正负极保持一定量的正、负电荷，维持一定的电势差C.与电源相连的导线中的电场是由电源正、负极上的电荷形成的D.在电源内部负电荷由正极流向负极（或正电荷由负极流向正极）13、下列说法正确的是（）A.处于静电平衡状态的导体是一个等势体B.导体处于静电平衡时它里面的场强处处为零C.导体处于静电平衡时导体越尖锐的位置电荷分布越密D.静电屏蔽中我们利用了牛顿运动定律14、理论研究表明，无限大的均匀带电平板在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场．现有两块无限大的均匀绝缘带电平板正交放置，如图所示，A1B1板两面带正电，A2B2板两面带负电，且两板单位面积所带电荷量相等(设电荷不发生移动)．图中直线A1B1和A2B2分别为带正电平面和带负电平面与纸面正交的交线，O为两交线的交点，C、D、E、F恰好位于纸面内正方形的四个顶点上，且CE的连线过O点．则下列说法中正确的是。

A.D、F两点电势相同B.E、F两点场强相同C.UEF＝UEDD.在C、D、E、F四个点中电子在F点具有的电势能最大15、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内阻为r，为定值电阻，为滑动变阻器，C为电容器，A、V分别为理想电流表和电压表．在滑动变阻器的滑片P自a端向b端滑动的过程中，下列说法正确的是（）

A.电压表示数减小B.电流表示数增大C.电容器C所带电荷量增多D.a点的电势降低评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

17、如图所示，水平平行线代表电场线，但未指明方向，带电量为10-8C的正电微粒，在电场中只受电场力的作用，由A运动到B，动能损失A点的电势为则微粒运动轨迹是虚线______（填“1”或“2”），B点的电势为______V。

18、如图所示的A、B、C、D四组静电实验中，能使左边的验电器的金箔张开的是______组和______组（A；B两组实验中小球的手柄均为绝缘手柄；D组实验中虚线框表示金属网罩）。

A.B.C.D.19、了解多用电表的______和______，掌握多用电表的使用方法。20、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示。该工件的直径为__________cm，高度为________mm。

21、小李同学在学习了库仑定律之后，为了研究带电小球在它们之间的相互作用力下的运动，他在绝缘的光滑水平面上放三个质量相等的带电小球a、b、c，它们处在同一直线上，如图以向右为正方向，若释放a球，a球的初始加速度为若释放c球，c球的初始加速度为则根据所学知识可知，释放b球，b球的初始加速度大小为______方向是______。

22、如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则电源电压为_______V，R1的阻值是_______Ω。

23、如图甲所示为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a=1m，b=0.2m，c=0.1m，当里面注满某电解液，且P、Q加上电压后，其U-I图线如图乙所示，当U=10V时，求电解液的电阻率ρ是_______Ω·m

评卷人得分四、实验题(共1题，共2分)24、为了测定一节干电池的电动势和内阻；在图中给出了两种实验电路图。

（1）为了使测量结果比较准确，应选用下列实验电路图中的__________图所示的电路进行实验；

（2）若实验台上备有下列实验器材：

A.电流表（0~0.6A）

B.电流表（0~3A）

C.电压表（0~3V）

D.电压表（0~15V）

E.滑动变阻器（10Ω；2A）

F.开关。

G.导线。

应该选用的电流表是________（填字母序号），应该选用的电压表是________（填字母序号）；

（3）某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上。请在图坐标纸上画出U-I图线()，根据所画图线可得出干电池的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω。（结果均保留两位有效数字）

评卷人得分五、解答题(共3题，共6分)25、有人说：“既然能量不会凭空产生，也不会凭空消灭，能量在转化和转移的过程中，其总量是保持不变的，那么，我们为什么还要节约能源？”请你用能量转化和转移的方向性来论述节约能源的必要性。26、材料的电阻率ρ随温度变化的规律为ρ=ρ0(1+αt)，其中α称为电阻温度系数，ρ0是材料在t=0℃时的电阻率．在一定的温度范围内α是与温度无关的常量．金属的电阻一般随温度的增加而增加，具有正温度系数；而某些非金属如碳等则相反，具有负温度系数．利用具有正负温度系数的两种材料的互补特性，可制成阻值在一定温度范围内不随温度变化的电阻．已知：在0℃时，铜的电阻率为1.7×10-8Ω·m，碳的电阻率为3.5×10-5Ω·m；在0℃附近，铜的电阻温度系数为3．9×10-3℃-1，碳的电阻温度系数为-5.0×10-4℃-1．将横截面积相同的碳棒与铜棒串接成长1.0m的导体，要求其电阻在0℃附近不随温度变化，求所需碳棒的长度（忽略碳棒和铜棒的尺寸随温度的变化）．27、如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，CD为电场中的两点（其中C点在金属板上），且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角。已知电子从D点移到C点克服电场力做功为3.2×10-17J，电子电荷量e=1.6×10-19C；求：

（1）匀强电场的场强大小；

（2）若B板接地，D点电势为多少?

（3）将一质子从极板B移到D点时；其电势能变化多少?

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

【详解】

正电荷从静止开始沿电场线方向运动；电场线越密集的地方电场强度越大，根据牛顿第二定律。

可知B选项中电荷加速度越来越大；ACD错误，B正确。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

变阻器R的滑片稍向上滑动一些，变阻器接入电路的阻值变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律，可得

干路电流增大，所以a灯变亮，并联部分电路电压为

可得b灯两端电压变小，所以b灯变暗，通过b灯的电流减小。通过c灯的电流为

可得，c灯变亮。故ABC错误；D正确。

故选D。3、B【分析】【分析】

【详解】

把电阻箱之外的电路看作一个等效电源，设整体的电动势为内阻为则有

联立解得

当通过电阻箱的电流为0.1A时，可得电阻箱电阻为故ACD错误，B正确。

故选B。4、A【分析】【详解】

假设在O点有一个完整的带电荷量为2q的带电球壳，设完整球壳在N点产生的场强大小为E0，左半球壳在N点产生的电场强度大小为E左，右半球壳在N点产生的电场强度大小为E右，根据电场叠加原理

根据题意

根据对称性可知右半球壳在N点产生的电场强度大小和左球壳在M点产生场强大小相等即

解得

A正确；BCD错误。

故选A。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．两点处的点电荷带等量的异种电荷，因此两者连线的垂直平分线为电势为零的等势线，因此O点的电势为零，又c点的电势为负，d点的电势为正；故A正确；

B．一个正的点电荷，沿圆弧按顺时针从c点运动到d点；由于电势逐渐升高，因此电势能一直增大，故B正确；

C．将b点处负电荷沿圆弧按顺时针从b点运动到d点；电场力先做负功，后做正功，因此两电荷组成的系统电势能先增大后减小，故C错误；

D．由于e点处电势为零，电场强度平行于方向由d指向c，因此将一个带负电的点电荷放在e点时，某受到的电场力从c指向d；故D正确。

本题选错误的，故选C。6、B【分析】【详解】

电场线的疏密表示电场的强弱，a点的电场线比较密，所以沿电场线方向电势降低，所以有

故选B。7、D【分析】【详解】

AB．正对面积减小，注意到存在二极管，处理方法先假设没有二极管，则电容器两板间电压U不变，

U不变S减小，会使Q减小，但二极管的存在使得Q不能减少，故实际过程为Q不变。上式Q不变，S减小，所以U增大，d不变，所以E增大，所以油滴上移。

即为P与下极板电势差，P与下极板距离不变，E增大，所以增大。选项AB错误；

C．断开开关；不能放电，故油滴不动，选项C错误；

D．根据

U不变，d减小，Q增大，可以充电，故U不变，d减小，E增大；油滴上移，选项D正确。

故选D。8、D【分析】【详解】

A．球B向下运动过程中；弹簧弹力增加，库仑力增加，若库仑力不变，则沿斜面的合外力可以提供回复力而做简谐运动，故A错误；

B．若沿斜面向上的弹簧弹力；沿斜面向下的重力下滑分力，库仑力达到平衡，小球才可以静止在斜面上，故B错误；

C．M点之后；弹簧弹力增大，库仑力也增大，可能还有加速阶段，不能保证M点时最大速度，故C错误；

D．整个系统机械能守恒，球B由O→M，弹簧的弹性势能增加，球的电势能减小，若两者相等，则球在M点和O点的机械能相等；可能存在这种情况，故D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、A:C【分析】【详解】

A．O、D两点关于两等量正电荷对称；所以两点电势相等，A正确；

B．根据场强的叠加法则可知O、D两点电场强度等大反向；B错误；

C．D点的电场强度叠加示意图：

根据点电荷的场强公式结合几何关系可知：

C正确；

D．一负点电荷从O沿直线OD移到C，电场力做正功，电势能减小，从C点移到D点，电场力做负功，电势能增加，所以负点电荷从O沿直线OD移到D；其电势能先减小后增加，D错误。

故选AC。10、C:D【分析】【详解】

滑动变阻器滑片向上移动→外电阻增大→干路电流减小→电源总功率减小→内阻分压减小→电压表示数增大→流过的电流增大→的电功率变大；因为干路电流减小且流过的电流增大，所以流过滑动变阻器的电流减小，电流表示数减小，故AB错误，CD项正确．11、B:C【分析】【详解】

A.当x趋向无穷大时，小磁针所指的方向为地球的磁场的方向，所以根据题图可知，x趋向。

无穷大时，趋向1，则趋向90°，即小磁针的方向与x的方向垂直，所以x的方向为。

向东．当x非常小时，小磁针的N极沿x方向，即向东．由题图可知，开始时N背离O点；

所以O点处的磁极是N极；故A错误；

B.由以上的分析可知，P的中轴线沿东西方向；与地磁场方向垂直，故B正确；

C.由乙图可知，处则P在处产生的磁感应强度大小为BP；

所以故C正确；

D.处合磁场的磁感应强度大小为故D错误．12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．在电源内部把电子从正极搬运到负极，克服静电力做功，将其他形式的能转化为电能，A错误；

B．电荷的搬运使电源正；负极间维持一定电势差；B正确；

C．导线中的电场是由电源；导线等电路元件所积累的电荷共同形成的；C错误；

D．在电源内部；负电荷从电源正极流向负极（或正电荷从负极流向正极），D正确。

故选BD。13、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．处于静电平衡状态时；在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与场源电荷产生的场强与大小相等，方向相反，此时导体的内部场强处处为0．电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体。故A正确，B正确；

C．导体处于静电平衡时；导体表面的电荷分布是不均匀的，导体越尖锐的位置电荷分布越密。故C正确；

D．静电屏蔽中我们利用了处于静电平衡状态时整个导体是一个等势体的特点；没有利用牛顿运动定律。故D错误。

故选ABC。14、B:D【分析】无限大的均匀带电平面在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场，故A1B1在四点单独产生的电场均向上，A2B2在四点单独产生的电场均向左，四点场强方向均是左偏上45°，大小相等，故B正确；D、F两点在一条电场线上，而沿着电场线电势是降低的，故电势不等，故A错误；E、F两点间电势差和E、D两点间电势差绝对值相同而正负相反，故C错误；C、D、E、F四个点，场强方向均是左偏上45°，故CE是等势面，D点电势最高，F点电势最低，故D正确．所以BD正确，AC错误．15、B:D【分析】【详解】

解法一（程序法）

A．滑片P自a端向b端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路总电阻减小，总电流增大，电阻两端电压增大；电压表V示数变大，A错误；

B．电阻两端的电压增大，则减小，故减小，电流表A的示数增大；B正确；

C．由于电容器两端的电压减压，由知电容器所带电荷量Q减少；C错误；

D．故降低；D正确．

故选BD。

解法二（串反并同法）

C．由于减小，与并联，则均减小，而知电容器所带电荷量Q减少；C错误；

D．降低；D正确；

A．因为间接与串联，故均增大；电压表V示数增大，A错误；

B．电流表和滑动变阻器串联；滑动变阻器接入电路的阻值减小时，电流表A示数增大，B正确．

故选BD。

解法三（极值法）

D．若将滑片P滑至b点，则D正确；

C．两端电压为零，则电容器C两端电压也为零，电容器所带电荷量C错误；

A．当时，电路总电阻最小，总电流最大，两端电压最大；故A错误；

B．由于此时最大，最小，故最大；B正确．

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0217、略

【分析】【详解】

[1][2]根据动能定理得qUAB=△Ek

可得到

由UAB=φA-φB

则B点的电势φB=φA-UAB=2×103-（-2×104）V=2.2×104V

电荷从A点运动到B点时动能减少，电场力做负功，又电场力指向轨迹的内侧，则判断出来微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示。【解析】218、A:C【分析】【分析】

【详解】

[1][2]AB．处于静电平衡状态下的导体所带的电荷都分布在导体的外表面；故A能使验电器带电，B不能使验电器带电；

C．将验电器与带电物体用导线连接；二者组成新的导体，导致电荷在新的导体表面重新分布，所以可以使验电器带电，故C能使验电器带电；

D．由于静电屏蔽的作用，验电器不受外电场的影响，故金属箔是闭合的，D不能使验电器带电。19、略

【分析】【详解】

略【解析】构造原理20、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数即工件的直径为

[2]螺旋测微器的读数即工件的高度为【解析】4.2151.85021、略

【分析】【详解】

[1][2]对三个小球构成的系统，假设同时释放三个小球，则三个小球构成的系统受到的合力为零，且在释放瞬间，a球的加速度为c球的加速度为b球的加速度为对系统由牛顿第二定律知

即

所以

方向水平向右。【解析】1水平向右22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由电路图可知与串联，电压表测两端的电压，测两端的电压；电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小；

由图象可知，电路中的最小电流

两端的电压

两端的电压

因串联电路中总电压等于各分压之和，所以电源电压

由

可得定值电阻的阻值为【解析】①.18②.2023、略

【分析】【详解】

由图乙可求得电解液的电阻为由图甲可知电解液长为截面积为结合电阻