2025年上教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于分子电流假说，下列说法中正确的是（）A.分子电流假说最初是由法国学者法拉第提出的B.分子电流假说是安培通过精密仪器观察到分子电流而提出的C.分子电流假说无法解释加热“去磁”现象D.分子电流假说揭示了磁铁的磁场与电流的磁场具有共同的本质，即磁场都是由运动电荷产生的2、关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A.物体受的合外力不为零时一定做曲线运动B.物体做曲线运动时所受的合外力一定不为零C.物体在恒力的作用下，不能做曲线运动D.速度的大小和方向一定时刻变化3、如图，一理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈两端接入一正弦交流电源；副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表．下列结论正确的是（）A.若电压表读数为6V，则输入电压的最大值为24VB.若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数减小到原来的一半C.若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D.若保持负载电阻的阻值不变．输入电压增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的8倍4、如图所示是滑梯简化图，一小孩从滑梯上A点开始无初速度下滑，在AB段匀加速下滑，在BC段匀减速下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态．假设小孩在AB段和BC段滑动时的动摩擦因数分别为μ1和μ2，AB与BC长度相等，则（）A.整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用B.动摩擦因数μ1+μ2=2tanθC.小孩从滑梯上A点滑到C点先超重后失重D.整个过程中地面对滑梯的支持力始终等于小孩和滑梯的总重力5、如图所示；位于竖直面内的半圆形光滑凹槽放在光滑的水平面上，小滑块从凹槽边缘A点由静止释放，经最低点B向上到达另一侧边缘C点．把小滑块从A点到达B点称为过程Ⅰ，从B点到达C点称为过程Ⅱ，则（）

A.过程Ⅰ中小滑块与凹槽组成的系统水平方向动量守恒。

B.过程Ⅰ中小滑块对凹槽做正功。

C.过程Ⅱ中小滑块与凹槽组成的系统机械能守恒。

D.过程Ⅱ中小滑块与凹槽组成的系统机械能不守恒。

6、在如下左图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为（）A.A灯和B灯都变亮B.A灯和B灯都变暗C.A灯变亮，B灯变暗D.A灯变暗，B灯变亮7、如图所示，电荷量为q的正点电荷与均匀带电且很薄的水平圆板相距为2d，点电荷到圆板的垂线通过圆板的圆心，若图中b点的电场强度为零，则在图中a点的电场强度大小和方向分别为（静电力常数为k）（）A.，竖直向下B.，竖直向下C.，竖直向上D.，竖直向下8、一物体受F1=4N和F2=7N两个共点力的作用，则合力大小可能是（）A.0B.2NC.5ND.12N9、用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A.mg，mgB.mg，mgC.mg，mgD.mg，mg评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、一台电风扇，内阻为20Ω，接上220V的电压后正常运转，此时它消耗的电功率是66W，那么通过电动机的电流是____A，电动机输出功率为____W，如接上电源后，扇叶被卡住不能转动，电动机消耗的发热功率为____W．11、【题文】一正弦式电流频率为______，接上R=10Ω电阻后，一周期内产生的热量为______，12、（2013秋•宣武区校级期中）如图所示，小球B静止在光滑水平面上，小球A以速度v0=6m/s向右运动；A；B的质量分别为1kg、2kg．若A、B分别发生：

（1）弹性碰撞，则碰后A的速度大小为____m/s；

（2）完全非弹性碰撞，则碰后A的速度大小为____m/s．13、初动能为20ev的电子，从A点顺着电线场方向飞入匀强电场，达到B点（位移SAB=10cm）时，电子的速度降为零，则UAB为____v，匀强电场的电场强度为____．14、（2011秋•崇明县校级期中）在利用牛顿管“研究重力作用下物体的运动”的实验中，两次实验情景如图所示，其中，____（填“左”或“右”）图是已抽成真空的情景；观察两次实验现象，得到的科学结论是____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、参考系的选取是任意的，但参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．____．（判断对错）16、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）17、普通验电器能直接检测物体带有何种性质的电荷．____．（判断对错）18、当温度升高时，物体内部所有分子的动能都增加．____．（判断对错）19、如果以高出地面0.8m的桌面位置为坐标原点，则地面的坐标为x=-0.8m．____．（判断对错）20、较大的颗粒不做布朗运动是因为跟颗粒碰撞的分子数较多，多方面的撞击导致受力平衡．因为分子冲击力小，不易改变大颗粒的运动状态．____．（判断对错）21、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．____．（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共2题，共18分)22、要测绘一个标有“3V0.6W

”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V

并便于操作。已选用的器材有：电池组(

电动势为4.5V

内阻约1娄赂):

电流表(

量程为0隆芦250mA.

内阻约5娄赂);

电压表(

量程为0隆芦3V.

内限约3k娄赂):

电键一个、导线若干。(1)

实验中所用的滑动变阻器应选下列中的____(

填字母代号)

A.滑动变阻器(

最大阻值20娄赂

额定电流1A)

B.滑动变阻器(

最大阻值1750娄赂

额定电流0.3A)

(2)

实验的电路图应选用下列的图____(

填字母代号)

(3)

实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V

内阻为50娄赂

的电源两端，小灯泡消耗的功率是____W

23、如图甲，某实验小组采用常规方案验证动量守恒定律。实验完成后，该小组又把水平木板改为竖直木板再次实验，如图乙所示。图中小球半径均相同、质量均已知，且mA＞mB；B；B′两点在同一水平线上。

（1）若采用图甲所示的装置；实验中还必须测量的物理量是______。

（2）若采用图乙所示的装置；下列说法正确的是______。

A．必需测量B′O；BN、BP和BM的距离。

B．必需测量B′N；B′P和B′M的距离。

C．若=+则表明此碰撞动量守恒。

D．若=+则表明此碰撞动量守恒评卷人得分五、综合题(共2题，共6分)24、【题文】将阻值为R="36"Ω的电阻丝浸入质量为m="200"g、温度为t1="20"℃的煤油中，电阻丝两端接在电压为U="6"V的电源上，假设电阻丝放出的热量全部被煤油吸收，经过t="7"mIn的时间后，煤油的温度t2是多少度？〔煤油的比热容c="0.5"caL/（g·℃）〕25、【题文】

磁谱仪是测量能谱的重要仪器。磁谱仪的工作原理如图所示，放射源Ｓ发出质量为m、电量为q的粒子沿垂直磁场方向进入磁感应强度为Ｂ的匀强磁场，被限束光栏Ｑ限制在２的小角度内，粒子经磁场偏转后打到与束光栏平行的感光片Ｐ上。（重力影响不计）

（１）若能量在Ｅ∽Ｅ＋ΔＥ（ΔＥ>0，且ΔＥ<<Ｅ）范围内的粒子均垂直于限束光栏的方向进入磁场。试求这些粒子打在胶片上的范围Δx1.

(2)实际上，限束光栏有一定的宽度，粒子将在２角内进入磁场。试求能量均为Ｅ的粒子打到感光胶片上的范围Δx2参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】安培根据通电螺线管的磁场与条形磁铁相似提出的一种假说，他认为构成磁体的分子内部存在一种环形电流--分子电流．由于分子电流的存在，每个磁分子成为小磁体，两侧相当于两个磁极．通常情况下磁体分子的分子电流取向是杂乱无章的，它们产生的磁场互相抵消，对外不显磁性．当外界磁场作用后，分子电流的取向大致相同，两端显示较强的磁体作用，形成磁极，就被磁化了．当磁体受到高温或猛烈撞击时会失去磁性，是因为激烈的热运动或震动使分子电流的取向又变的杂乱无章了．【解析】【解答】解：A；分子电流假说最初是由安培提出来的；故A错误；

B；安培的分子电流假说在当时物质结构的知识甚少的情况下无法证实；只是一种假说，故B错误；

C；加热去磁现象可以根据分子电流假说解释；构成磁体的分子内部存在一种环形电流--分子电流通常情况下磁体分子的分子电流取向是杂乱无章的，它们产生的磁场互相抵消，故C错误；

D；“分子电流”并不是专指分子内部存在环形电流的；分子电流假说揭示了磁铁的磁场与电流的磁场具有共同的本质，即磁场都是由电荷的运动形成的，故D正确；

故选：D2、B【分析】【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同．【解析】【解答】解：A；物体受的合外力不为零时可能做曲线运动；也可能做直线运动，关键要看合力与速度是否在同一条直线上．所以A错误；

B；物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；所以物体做曲线运动时所受的合外力一定不为零，所以B正确；

C；物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动，受到的就是恒力重力的作用，所以C错误；

D；曲线运动物体的速度方向与该点曲线的切线方向相同；所以曲线运动的速度的方向是时刻变化的，而大小可能不变，如匀速圆周运动．所以D错误；

故选：B．3、A【分析】【分析】电压表读数6V为有效值，电压与匝数成正比可得输入电压的有效值为24V，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得输入电压的最大值输入功率随输出功率而变化，输出功率变大则输入功率变大．若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，得输出电压也增加到原来的2倍，电流表示数也应增加到原来的2倍，若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，输出电流减小到原来的一半，输入功率即P=IU也减小到原来的一半．【解析】【解答】解：A、若电压表读数为6V，由电压与匝数成正比可得输入电压有效值为24V，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得因此其最大值为V；A正确；

B；若输入电压不变；副线圈匝数增加到原来的2倍，可得输出电压也增加到原来的2倍，电流表示数也应增加到原来的2倍，B错误；

C、若输入电压不变，则输出电压也不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，由知输入功率等于输出功率减小到原来的一半；C错误；

D、若保持负载电阻的阻值不变．输入电压增加到原来的2倍，输出电压增大到原来的2倍，则由可知输出功率增加到原来的4倍；D错误．

故选：A．4、B【分析】【分析】小朋友在AB段做匀加速直线运动，加速度沿斜面向下；在BC段做匀减速直线运动，加速度沿斜面向上．以小朋友和滑梯整体为研究对象，将小朋友的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿定律分析地面对滑梯的摩擦力方向和支持力的大小；判断超失重时，利用加速度的方向判断即可．【解析】【解答】解：ACD、小朋友在AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度a1分解为水平和竖直两个方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根据牛顿定律知，地面对滑梯的摩擦力方向先水平向右；有竖直向下的分加速度，则由牛顿第二定律分析得知：小孩处于失重，地面对滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的总重力．同理；小朋友在BC段做匀减速直线运动时，小孩处于超重，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力，地面对滑梯的摩擦力方向水平向左．故ACD错误．

B、设AB的长度为L，AB间的高度为h，则sinθ=；小孩在B点的速度为v．

小孩从A到B为研究对象；由动能定理得：

-μ1mgLcoosθ+mgh=-0①

小孩从B到C为研究过程；由动能定理得：

-μ2mgLcosθ+mgh=0-..②

联立①②代入数据得：μ1+μ2=2tanθ；故B正确．

故选：B．5、A|B|C【分析】

A；过程Ⅰ中小滑块与凹槽组成的系统在水平方向上不受外力；系统在水平方向上动量守恒．故A正确．

B；在过程Ⅰ中；小滑块对槽的压力做正功．故B正确．

C；过程Ⅱ中小滑块与凹槽组成的系统；只有重力做功，系统机械能守恒．故C正确，D错误．

故选ABC．

【解析】【答案】当系统不受外力时或所受的外力之和为零；系统动量守恒，当系统只有重力做功，机械能守恒．

6、B【分析】试题分析：当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，变阻器接入电路中的阻值减小，回路总阻值减小，总电流增大，端电压减小，UA减小，A灯变暗，IA减小，由于I总增大，故左侧支路电流增大，左侧支路串联的定值电阻的分压增大，故B灯分压减小，B灯变暗。B正确。考点：直流电路动态分析。【解析】【答案】B7、B【分析】【分析】求解本题的关键是明确点电荷场强的公式及合场强为零的含义，及其带电圆板产生场强的特点．【解析】【解答】解：由于b点处的合场强为零，所以带电圆板在b处产生的场强与点电荷+q在b处产生的场强大小相等，方向相反，场强大小均为=；带电圆板应带负电．

根据带电圆板场强的对称性特点可知，圆板在a点产生的场强方向向下，大小为E1=，+q在a处产生的场强大小为E2=，方向向下，所以根据电场的叠加知a点的电场强度大小为E=E1+E2=+=；方向向下．

故选：B．8、C【分析】【分析】两力合成时；合力随夹角的增大而减小，当夹角为零（方向相同）时合力最大，夹角180°（方向相反）时合力最小，合力范围。

为：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相同，合力最大、最大值为：F1+F2=4N+7N=11N；

当夹角180°时，即两个力在同一直线上，并且方向相反，合力最小、最小值为：F1-F2=7N-4N=3N；

故合力的范围为3N≤F≤11N；故C正确，ABD错误；

故选：C．9、A【分析】【分析】对c点进行受力分析．

根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．【解析】【解答】解：对结点C受力分析，受到三根绳子拉力，将Fa和Fb合成为F；

根据三力平衡得出：F=Fc=mg

已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°；所以α=30°

根据三角函数关系得出：

Fa=F•cosα=mg

Fb=F•sinα=mg

故选：A．二、填空题(共5题，共10分)10、0.364.22420【分析】【分析】电风扇正常工作时其电路是非纯电阻电路，根据P=UI求解电流，由P热=I2R求出热功率，总功率减去热功率等于电动机输出功率．扇叶被卡住不能转动时电动机电路是纯电阻电路，根据P=求解电动机消耗的发热功率．【解析】【解答】解：电风扇正常运转时；由P=UI得：

通过电动机的电流I==A=0.3A

电动机输出功率P出=P-I2R=66-0.32×20=64.2（W）

扇叶被卡住不能转动时电动机电路是纯电阻电路，电动机消耗的发热功率P热′==W=2420W

故答案为：0.3，64.2，2420．11、略

【分析】【解析】交流电频率周期电压有效值为10V，一周期内产生的热量为

故答案为：50Hz，0.2J【解析】【答案】50Hz，0.2J12、22【分析】【分析】（1）两球发生弹性正碰；碰撞过程动量守恒；机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出碰撞后的速度．

（2）完全非弹性碰撞，碰撞结束后两个物体的速度相等，由此即可求出碰撞后的速度．【解析】【解答】解：（1）取水平向右的方向为正方向，设碰撞后A球的速度为v1，B球的速度为v2．两球碰撞过程动量守恒；由动量守恒定律得：

mAv0=mAv1+mBv2；

两球发生完全弹性碰撞，由机械能守恒定律得：

代入数据并整理后可得：

解得：v1=-2m/s

A球速度大小为2m/s；方向水平向左．

（2）完全非弹性碰撞；碰撞结束后两个物体的速度相等，则：

mAv0=（mA+mB）v

代入数据得：m/s

故答案为：2，213、20200v/m【分析】【分析】由A到B用动能定理uq=△EK可求得电势差，由E=可得场强【解析】【解答】解：由动能定理：由A到B：qUAB=0-EK0可得：=20V

UAB=Ed可得：E=═200V/m

故答案为：20，20014、右只在重力作用下，物体下落快慢相同【分析】【分析】轻重不同的物体在真空管中，不受阻力，做自由落体运动．根据h=gt2比较时间，根据下落空气阻力对物体运动有无影响进行判断．【解析】【解答】解：空气阻力时；阻力对物体的运动有影响，下落的加速度不同．而在真空管中，不受阻力，做自由落体运动．则右图是已抽成真空的情景。

观察两次实验现象；得到的科学结论是在没有空气阻力作用的情况下，轻重物体以相同的加速度下落．

故答案为：右只在重力作用下，物体下落快慢相同三、判断题(共7题，共14分)15、√【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系；是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．该说法是正确的．

故答案为：√16、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×17、×【分析】【分析】验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的．【解析】【解答】解：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；故验电器张开的角度越大，说明带电体所带的电荷越多，不能直接判断电荷的正负，只可以定性表物体带电量的多少．

故答案为：×18、×【分析】【分析】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：温度是分子的平均动能的标志；是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义；当温度升高时，物体内的分子的平均动能增加，不是物体内部所有分子的动能都增加．所以该说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】根据建立坐标系的条件可知，建立坐标系需要确定坐标原点与正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置为坐标原点；选择向下为正方向，则地面的坐标为：x=0.8m．所以该说法错误．

故答案为：×20、×【分析】【分析】悬浮在液体（或气体）中固体小颗粒的无规则运动是布朗运动，固体颗粒越小、液体（或气体）温度越高，布朗运动越明显；布朗运动是液体（或气体）分子无规则运动的反应．【解析】【解答】解：较大的颗粒不做布朗运动是因为跟颗粒碰撞的分子数较多；多方面的撞击导致受力平衡．因为各个方向的分子冲击力比较均衡，所以不易改变大颗粒的运动状态，不是因为分子的冲击力小．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×．21、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动；是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×四、实验探究题(共2题，共18分)22、(1)A

(2)B

(3)0.1

【分析】(1)

因实验要求电流从零调；所以滑动变阻器应用分压式接法，为了便于操作，应选全电阻最小的变阻器A

(2)

因小灯泡电阻为R=U2P=320.6=15娄赂RvR>RRA

故电流表应用外接法，又变阻器用分压式，故电路图应选B。(3)

电源与小灯泡直接串联；那么路端电压等于小灯泡两端的电压，画出内阻为5娄赂

电动势为1.5V

的电源的路端电压与干路电流的关系图线和小灯泡的伏安特性曲线的交点即表示小灯泡与该电源直接串联；

根据交点坐标(1.0V,0.1A)

可以计