2025年人教版PEP选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP选修3物理上册月考试卷897考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、对于一个“或非”门，当输出端是高电势时，输入端A、B所对应的情况是（）A.均为高电势B.均为低电势C.A为高电势，B为低电势D.B为高电势，A为低电势2、如图所示，一定质量的理想气体从状态a（p0、2V0、T0）依次经热力学过程a→b、b→c、c→a后又回到状态，下列说法中正确的是（）

A.b→c过程中，气体的内能不变B.c→a过程中，气体一直吸收热量C.气体在状态a的温度比在状态b的温度低D.a→b→c→a过程中，外界对气体做的功等于图中△abc的面积3、根据热力学定律和分子动理论可知，下列说法中不正确的是（）A.扩散现象是分子的无规则热运动造成的，温度越高，分子热运动越剧烈，扩散得越快B.系统从外界吸收热量，同时对外做功，根据热力学第一定律可知，其内能不一定增加C.悬浮在水中花粉的布朗运动，反映了固体小颗粒分子在做无规则的热运动D.第二类永动机违背了热力学第二定律，所以是不可能制成的4、下列说法正确的是（）A.热量不可以从低温物体向高温物体传递B.某冰水混合物的温度为则其分子的平均动能为零C.10克水蒸气你内能大于10克水的内能D.气体如果失去了容器的约束就会散开，原因是气体分子之间斥力大于引力5、在如图所示的电路中；闭合开关S，将滑动变阻器滑片P缓慢向右移动，则。

A.灯泡L变暗B.电源内部消耗的功率先变大后变小C.电容器C上的电荷量增加D.流过R1的电流方向由左向右评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，在直角三角形ABC内充满垂直纸面向外的匀强磁场(图中未画出)，AB边长度为d，现垂直AB边射入一群质量均为m、电荷量均为q、速度大小均为v的带正电粒子，已知垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间为t，而运动时间最长的粒子在磁场中的运动时间为t(不计重力).则下列判断中正确的是()

A.粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为5tB.该匀强磁场的磁感应强度大小为C.粒子在磁场中运动的轨道半径为D.粒子进入磁场时速度大小为7、如图所示；绝热气缸中间用固定栓将可无摩擦移动的导热隔板固定，隔板质量不计，左；右两室分别充有一定量的氢气和氧气（均视为理想气体）。初始时，两室气体的温度相等，氢气的压强大于氧气的压强，松开固定栓直至系统重新达到平衡，下列说法正确的是（）

A.初始时氢分子的平均动能大于氧分子的平均动能B.系统重新达到平衡时，氢气的内能比初始时的小C.系统重新达到平衡时，两者温度相同，等于初始值E.松开固定栓直至系统重新达到平衡的过程中，氧气的内能先增加后减少E.松开固定栓直至系统重新达到平衡的过程中，氧气的内能先增加后减少8、一定质量的理想气体；按图示箭头方向经历了A→B→C状态变化的过程。下列说法正确的是（）

A.气体在状态A时的分子平均动能，要比状态B时的小B.气体在状态C时的内能，要比状态A时的大C.由B→C的过程中，气体吸收的热量大于内能的增加量D.此过程中，与气体在状态A时的内能相等的状态还有两个9、下列说法正确的是（）A.当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时，其压强可能减小B.非晶体不可能转化为晶体C.第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在10、下列说法正确的是（）A.热量不能从低温物体向高温物体传递B.两分子之间的距离越大，分子势能越小C.对一定质量的气体做功，气体的内能不一定增加E.在空气中一定质量100℃的水吸收热量后变为100℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能E.在空气中一定质量100℃的水吸收热量后变为100℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能11、如图所示，在倾角为θ的光滑固定斜面上，存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直斜面向上，磁场的宽度为2L.一边长为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场瞬间和刚越过MN穿出磁场瞬间速度刚好相等.从ab边刚越过GH处开始计时，规定沿斜面向上为安培力的正方向，则线框运动的速率v与线框所受安培力F随时间变化的图线中；可能正确的是()

A.B.C.D.12、如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器降压给用户供电的示意图，图中变压器均可视为理想变压器，电表均为理想交流电表.设发电厂输出的电压一定，两条输电线总电阻用R0表示，并且电阻不变.变阻器R相当于用户用电器的总电阻.当用电器增加时，相当于R变小；则当用电进入高峰时()

A.电压表V1、V2的读数均不变，电流表A2的读数增大，电流表A1的读数减小B.电压表V3、V4的读数均减小，电流表A2的读数增大，电流表A3的读数增大C.电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D.线路损耗功率增大13、如图所示，MM′是空气与某种介质的界面；一条光线从空气射入介质的光路如图所示，那么根据该光路图做出下列判断中正确的是。

A.该介质的折射率为B.光在介质中的传播速度c(c真空中光速)C.光线从介质射向空气时有可能发生全反射D.光线由介质射向空气时全反射的临界角大于45°14、振源起振方向沿方向，从振源起振时开始计时，经轴上至范围第一次出现图示简谐波，则()

A.此列波的波速约为B.时，轴上处的质点振动方向向下C.波的周期一定是D.波的周期(可取)评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、数字电路中基本的逻辑门电路是___________门、___________门和___________门。16、（1）两个系统具有相同的________时；即达到了热平衡。

（2）北京时间2016年8月6日是第31届里约奥运会开幕的日子，中央电视台播报天气预报，里约的最高气温是38℃，它是________K，我国在研究超导问题方面走在世界前列，我国科学家发现某种超导材料的临界温度是90K，它是________℃。17、查理定律。

（1）内容：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成______。

（2）表达式：p＝______。

（3）适用条件：气体的______和______不变。

（4）图像：如图所示。

①p－T图像中的等容线是一条______。

②p－t图像中的等容线不过原点，但反向延长线交t轴于______。18、热机是一种______________________的装置．热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做__________________．19、已知光速为c，普朗克常数为h，则频率为ν的光子的动量为______．用该频率的光垂直照射平面镜，光被镜面全部垂直反射回去，则光子在反射前后动量改变量的大小为______．20、阅读短文；回答问题：

变频空调机。

空调机中有被称为“冷媒”的物质；利用它的物态变化可以实现室内；室外热量的转移，如图所示是空调机制冷系统的原理图，其中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒”在管内循环，压缩机的转速越大，“冷媒”的流量越大，空调机的制冷能力就越强．

压缩机的转速由供电频率决定；“变频空调”是与传统供电频率不变的“定频空调”相比较而产生的概念，与“定频空调”相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率，从而改变压缩机的转速．供电频率越高，转速越大，达到控制“冷媒”流量的目的．

变频空调机开始工作时；以最大功率进行制冷，当室内温度快速降至设定温度后，压缩机随机处于低速持续运转状态，维持室温基本不变．

某型号变频空调机的部分参数如下表；其中：制冷量是指单位时间内空调机从密闭区域内去除热量的总和；能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率之比．

。

最小。

额定。

最大。

输入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

请回答下列问题：

(1)空调机的制冷原理是：在室内；“冷媒”由于________吸收热量，而在室外则由于________放出热量，从而把室内的热量转移到室外，达到降低室内温度的目的．（以上均填物态变化名称）

(2)关于变频空调机；下列说法正确的是：（_____）．（填字母序号）

A；变频空调的压缩机与定频空调一样；也是断断续续工作的。

B；空调机制冷时；图中钢管A内流动的是气态“冷媒”

C；空调压缩机是利用降温的方法使“冷媒”发生物态变化的。

D、变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)24、利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻．要求尽量减小实验误差．

（1）应该选择的实验电路是图中的______（选项“甲”或“乙”）．

（2）现有开关和导线若干；以及以下器材：

A.电流表A1：量程0~0.6A；内阻约0.125Ω

B.电压表V1:量程0~3V；内阻约3kΩ

C.电压表V2:量程0~15V；内阻约15kΩ

D.滑动变阻器0~50Ω

E.滑动变阻器0~500Ω

实验中电压表应选用_______；滑动变阻器应选用________；（选填相应器材前的字母）

（3）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在图的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U-I图线____________．。序号123456电压U（V）1.451.401.301.251.201.10电流(A)0.0600.1200.2400.2600.3600.480

（4）根据（3）中所画图线可得出干电池的电动势E=_______V，内电阻r=______Ω

（5）甲电路中，产生误差的主要原因是__________________________________________；

流经电压表所在支路的最大电流数量级约为_________________________________

（6）若采用甲电路图，实验过程中存在系统误差．在图所绘图像中，虚线代表没有误差情况下，电压表两端电压的真实值与通过电源电流真实值关系的图像，实线是根据测量数据绘出的图像，则图中能正确表示二者关系的是______（选填选项下面的字母）．

（7）上述（6）中的实线是根据测量数据绘出的图像，其中U、I分别表示电压表和电流表的示数．若字母RV、RA分别表示电压表和电流表的内阻，E、r分别表示电池的电动势和内阻的真实值．那么，上述图像中的实线图像与U轴的截距为_________________，斜率为_______________．25、摄氏温标：在1954年以前，标准温度的间隔是用两个定点确定的。它们是水在标准大气压下的沸点（汽化点）和冰在标准大气压下与饱和空气的水相平衡时的熔点（冰点）。摄氏温标（以前称为百分温标）是由瑞典物理学家摄尔修斯设计的。如图所示，以冰点定为0℃，汽化点定为100℃，因此在这两个固定点之间共为100℃，即一百等份，每等份代表1度，用1℃表示，用摄氏温标表示的温度叫作摄氏温度，摄氏温标用度作单位，常用t表示。热力学温标由英国科学家威廉·汤姆逊（开尔文）创立，把作为零度的温标，叫作热力学温标（或绝对温标），热力学温标用K表示单位，常用T表示。则。

（1）热力学温标与摄氏温标之间的关系为：________。

（2）如果可以粗略地取为绝对零度，在一标准大气压下，冰的熔点为________℃，即为________K。

（3）如果物体的温度升高1℃，那么，物体的温度将升高________K。26、热敏陶瓷是一类电阻率随温度发生明显变化的新型材料，可用于测温．某同学利用实验室提供的一种电阻阻值随温度呈线性变化（关系式为：Rt=kt+b，其中k＞0，b＜0；t为摄氏温度）的热敏电阻，把一灵敏电流计改装为温度计．除热敏电阻和灵敏电流计外，还用到如下器材：1．直流电源（电动势为E，内阻不计）；2．滑动变阻器；3．单刀双掷开关；4．标准温度计；5．导线及其他辅助材料．该同学设计电路如下图所示，按如下步骤进行操作．

（1）按电路图连接好器材．

（2）将滑动变阻器滑片P滑到_____（填“a”或“b”）端，单刀双掷开关S掷于_____（填“c”或“d”）端；调节滑片P使电流计满偏，并在以后的操作中保持滑片P位置不动，设此时电路总电阻为R，断开电路．

（3）容器中倒入适量开水，观察标准温度计，每当标准温度计示数下降5℃，就将开关S置于d端，并记录此时的温度t和对应的电流计的示数I，然后断开开关．请根据温度计的设计原理和电路图，写出电流与温度的关系式（用题目中给定的符号）I=_____．

（4）根据对应温度记录的电流计示数，重新刻制电流计的表盘，改装成温度计．根据改装原理，此温度计表盘刻度线的特点是：低温刻度在_____（填“左”或“右”）侧，刻度线分布是否均匀？_____（填“是”或“否”）．27、在“测玻璃的折射率”实验中：

（1）为了取得较好的实验效果，下列操作正确的是_______．

A．必须选用上下表面平行的玻璃砖；B．选择的入射角应尽量小些；C．大头针应垂直地插在纸面上；D．大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些.

（2）甲同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O点为圆心，OA为半径画圆，交OO’延长线于C点，过A点和C点作垂直法线的直线分别交于B点和D点，如图所示，若他测得AB=7cm，CD=4cm，则可求出玻璃的折射率n=_________．

（3）乙同学使用同一个玻璃砖完成实验，却发现测出的折射率明显大于理论值，反复检查实验操作过程后认为是用铅笔描出玻璃砖上下表面时候出现了操作失误，由此可以判断该同学作出的两界面间距_______玻璃砖的实际宽度．（选填“大于”、“小于”）评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)28、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，顶端接阻值为R的电阻．质量为m、电阻为r的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放；金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g，求：

(1)金属棒在磁场中运动时；流过电阻R的电流方向？

(2)金属棒的速度为v时；金属棒所受的安培力为大小？

(3)金属棒以稳定的速度下滑时；电路消耗的热功率为多少？

29、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，顶端接阻值为R的电阻．质量为m、电阻为r的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放；金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g，求：

(1)金属棒在磁场中运动时；流过电阻R的电流方向？

(2)金属棒的速度为v时；金属棒所受的安培力为大小？

(3)金属棒以稳定的速度下滑时；电路消耗的热功率为多少？

30、有两个质量为m的均处于基态的氢原子A、B，A静止，B以速度v0与之发生碰撞．已知碰撞前后二者的速度均在一条直线上，碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收，从而使该原子由基态跃迁到激发态.然后此原子向低能级态跃迁，并发出光子．若该激发态氢原子最多能辐射出三个光子，则速度v0至少需要多大?已知氢原子的基态能量为E1（E1<0），量子轨道为n的能量为E1/n2．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．输入端均为高电势；则或门后是高电势，非门后输出是低电势，故A错误；

B．输入端均为低电势；则或门后是低电势，非门后输出是高电势，故B正确；

CD．A为高电势，B为低电势或B为高电势，A为低电势；经过或门后均输出高电势，非门后输出低电势，故CD错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

A.b→c过程中；体积不变，压强变小，温度降低，内能减小，故A错误。

B.c→a过程中；压强不变，体积变大，气体对外做功，温度也升高，内能增加，依据热力学第一定律可知，气体要吸收热量，故B正确。

C.由有

由于

所以Ta=Tb

故C错误。

D.图中面积微元

图中△abc的面积表示外界对气体做的功的故D错误。

故选B。3、C【分析】【详解】

A．扩散现象是分子的无规则热运动造成的；温度越高，分子热运动越剧烈，扩散得越快,故A正确；

B．系统从外界吸收热量；同时对外做功，根据热力学第一定律可知，其内能不一定增加，故B正确；

C．悬浮在水中花粉的布朗运动；反映了水分子做无规则的热运动，故C错误；

D．第二类永动机违背了热力学第二定律；所以是不可能制成的，故D正确。

本题选错误的，故选C。4、C【分析】【详解】

A．热量不可以“自己”从低温物体向高温物体传递；能在“一定”的条件下是可以实现的，故A错误；

B．分子在做永不停息的无规则运动；因此其分子的平均动能不是零，故B错误；

C．同样质量同样温度的水蒸气和水的平均动能相等；可同样温度的水变成水蒸气需要吸收热量，因此水蒸气的内能更大，故C正确；

D．气体分子间的距离很大；相对作用力近似是零，气体如果没有容器的约束，气体分子散开原因是分子做杂乱无章的运动的结果，故D错误。

故选C。5、D【分析】【分析】

本题考查含电容器电路的动态分析。

【详解】

AB．当滑片向右移动时，电阻减小，干路电流增大，根据P=I2R知灯泡变亮，电源内部消耗功率变大；选项A；B错误；

C．根据U=IR知；电源内电压及灯泡上电压增大，滑动变阻器上分得电压减小，电容器因与滑动变阻器并联，电容器C上电压也减小，根据Q=CU知电容器电量减小，C错误；

D．电容器会通过R、R1组成回路放电，故经过电阻R1的电流由左向右，D正确．二、多选题(共9题，共18分)6、B:C:D【分析】【分析】

带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间是周期，由此求得周期．根据周期公式求出磁感应强度B．经分析可知粒子在磁场中运动时间最长的情况是粒子垂直AB边入射后，轨迹恰好与BC边相切，画出运动时间最长的粒子在磁场中的运动轨迹，由几何知识求出轨道半径R，根据v=即可求出粒子速度．

【详解】

带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间是T/4，即为：T/4=t，则得周期为：T=4t，故A错误；由T=4t，T=得：故B正确；

运动时间最长的粒子在磁场中运动转过的角度为轨迹如图所示，根据几何关系有：解得：R=d，故C正确；根据粒子在磁场中运动的速度为：周期为：T=4t，半径为：R=d，联立可得：故D正确．故选BCD．

【点睛】

本题考查带电粒子在磁场中的运动，考查半径公式和周期公式的运用，解题的关键是要画出粒子轨迹过程图，确定圆心，利用几何方法求出半径．7、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．温度是分子平均动能的标志；温度相同，分子的平均动能相同，与分子质量无关，两部分气体温度相同，初始时两部分气体分子的平均动能相同，故A错误；

BCDE．松开固定栓至系统达到平衡过程中；先是氢气对氧气做功，内能减少，氧气内能增加，温度升高，由于存在温度差，发生热传递，最后两者温度相同，故氧气内能又减少，等于初始值，所以两种气体的内能与初始时相同，故B错误，CDE正确。

故选CDE。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据理想气体状态方程和图像可知；A→B的过程中气体等容变化，压强与温度成正比。A→B的过程中气体压强减小，温度也减小。由于温度是分子平均动能的标志，所以分子平均动能也减小。故A错误；

B．A→B的过程中气体等容变化；则。

可得。

B→C的过程中气体等压变化；则。

可得。

可知，由于理想气体内能只与温度有关；所以气体在状态C时温度更高，内能更大。故B正确；

C．由B→C的过程中，气体温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功（）。根据热力学第一定律可知；气体吸收的热量大于内能的增加量。故C正确；

D．由于此过程中，与气体在状态A时的内能相等的状态还有一个。故D错误。

故选BC。9、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时；即温度升高，根据理想气体状态方程可知，当体积增大时，其压强可能减小。A正确；

B．在一定条件下；非晶体与晶体可以相互转化。B错误；

C．第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律。C正确；

D．当一定量的理想气体体积减小时；外界一定对气体做正功。D正确；

E．两分子间的引力和斥力总是同时存在的。E错误。

故选ACD。10、C:D:E【分析】【详解】

A．在引起其他变化的情况下热量可以从低温物体向高温物体传递；故A错误；

B．当分子间距离大于平衡距离时,分子力表现为引力,此时增大分子间距离,分子力作负功,分子势能增加；故B错误；

C．对一定质量的气体做功；若气体同时对外放热，气体的内能不一定增加，故C正确；

D．树叶面上的小露珠成球形是由于液体表面张力的作用；故D正确；

E．在空气中一定质量100℃的水吸收热量后变为100℃的水蒸气；因为气体膨胀对外做功，所以吸收的热量大于增加的内能，故E正确。

故选CDE。11、A:C【分析】【详解】

A、B、根据楞次定律可得线框进入磁场的过程中电流方向为顺时针；根据法拉第电磁感应定律可得感应电动势E=BLv，根据电流产生的安培力大小为随速度变化为变化，ab边刚越过GH进入磁场瞬间和刚越过MN穿出磁场瞬间速度刚好相等可能满足的运动情况两种；一是进磁场时匀速，完全进入磁场后做匀加速直线运动，但出磁场过程中，做加速度逐渐减小的减速运动，二是进磁场做变减速，后匀加速，再出磁场变减速，结合图象知A正确、B错误；C、D、根据左手定则可得线框进入磁场的过程中安培力方向向上为正，且线框完全进入磁场过程中；安培力为零；出磁场的过程中安培力方向向上，且等于进入磁场时的安培力，所以C正确；D错误．故选AC．

【点睛】解答本题的关键是弄清楚线框的运动情况，能够根据楞次定律和左手定则进行判断；根据楞次定律判断感应电流的方向的一般步骤是：确定原磁场的方向→原磁场的变化→引起感应电流的磁场的变化→楞次定律→感应电流的方向．12、B:C:D【分析】【详解】

因发电厂的输出电压一定，因此可知升压变压器的原线圈的电压不变，即不变，由可知升压变压器的副线圈的电压不变，即电压表的示数不变；进入用电高峰，电阻R降低，假设电压表得电压不变，可知电流表得电流增大，由可知电流表降压变压器得输入端得电流增大，即电流表的示数增大，由可知输入电流增大，即电流表示数增加；由可知降压变压器原线圈的电压降低，即电压表降低，由可知降压变压器的副线圈的电压降低，即降低，故AD错误，BC正确．13、B:C:D【分析】【详解】

由图知，入射角i=60°，折射角r=45°，则折射率为故A错误．光在介质中的传播速度为故B正确．光线从介质射向空气时，只要入射角大于等于临界角就能发生全反射，故C正确．设光线由介质射向空气时全反射的临界角为C，则则得：C>45°，故D正确．14、B:C【分析】【详解】

A．因振源起振方向沿方向，经轴上至范围第一次出现图示简谐波，可知此图显示的波形不完整，又因是第一次出现，所以处质点的右边还有个波长的波形图，即波传播到处的质点，所以有

故A错误；

B．波向右传播，由平移法可知在时，轴上处的质点振动方向向下；故B正确；

C．根据波形图可以得知波长波速为根据公式

故C正确；

D．由于第一次出现波形图确定；所以周期是一定的值，不会出现周期的多解，故D错误。

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]数字电路中基本的逻辑门电路是与门、或门和非门。【解析】与或非16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度311.15－183.1517、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正比CT或＝质量体积过原点的直线－273.15℃18、略

【分析】【详解】

热机是一种将内能转化为机械能的装置．

热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做热机的效率．【解析】将内能转化为机械能热机的效率19、略

【分析】【详解】

根据光子的动量公式取入射的方向为正方向，则光子动量的变化量为

【点睛】

光子的动量的公式以及动量的矢量性．【解析】①.②.20、略

【分析】（1）在室内；制冷剂由液态变成气态，叫做汽化，汽化吸热；在室外又由气态变成液态叫液化，液化放热．故填汽化（蒸发）；液化．

（2）变频空调的压缩机是连续工作的，故A错误；由图示可知，空调机制冷时，图中钢管A内流动的是气态“冷媒”，故B正确；空调压缩机是利用做功的方法使“冷媒”发生物态变化的，故C错误；变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强，故D正确。所以选BD。【解析】液化汽化BD四、作图题(共3题，共12分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共16分)24、略

【分析】【分析】

（1）当待测电源内阻很小时，为减小实验误差，相对于电源应采用电流表外接法（相对于电压表采用内接法）．（2）根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器．（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象．（4）电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，根据图示图象求出电源电动势与内阻．（5）根据电路的结构分析误差原因；（6）明确实验误差原因，根据测量值和真实值之间的关系确定正确的图象．（7）将电压表内阻RV等效为电源的内阻；可求解等效电源的电动势和内阻.

【详解】

（1）干电池内阻较小；为减小实验误差，应选题甲所示电路图；

（2）一节干电池电动势约为1.5V；则电压表应选B，为方便实验操作，滑动变阻器应选D；（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出电源的U-I图象如图所示：

（4）由图示电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则电源电动势E=1.5V，电源内阻：

（5）根据欧姆定律和串并联规律可知，采用甲电路时由于电压表A的分流作用，导致电流表的测量值小于流经电源的电流；流经电压表所在支路的最大电流约为数量级10-4；

（6）本实验采用相对电源的电流表外接法；由于电压表不是理想电表，故存在分流现象，导致电流表示数偏小；而当外电路短路时，电压表的分流可以忽略，故真实图象和测量图象在横轴上的交点相同，故A正确，BCD错误；故选A．

（7）将电压表内阻RV等效为电源的内阻，则由等效电路可知当外电路断开时等效内阻相当与RV和r的并联，则即图像中的实线图像与U轴的截距为斜率为．

【点睛】

本题考查了实验电路选择、实验器材选择、作图象、求电源电动势与内阻等问题，要知道实验原理，要掌握应用图象法处理实验数据的方法；电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势图象斜率的绝对值是电源内阻．【解析】甲BD1.50.83电压表的分流A25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]摄氏温标冰点温度为0℃，汽化点温度作为100℃。且用t表示，而热力学温标是把作为0K的，用K表示；所以热力学温标与摄氏温标之间的关系为。

（2）[2][3]如果取为绝对零度，则T与t的关系为。

显然；在标准大气压下，冰的熔点为0℃，即为273K；

（3）[4]因为所以当t由1℃增加到2℃时，T就由。

增加到。

显然物体的温度升高了1℃，温度升高了1K。【解析】0273126、略

【分析】【详解】

解：(2)根据实验的原理可知；需要先选取合适的滑动变阻器的电阻