2025年外研版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高一物理下册月考试卷66考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、为了测定子弹的飞行速度，在一根水平放置的轴杆上固定着两个薄圆盘abab

平行相距2m

轴杆的转速为3600r/min

子弹穿过两盘留下两个弹孔ab

测得两孔所在的半径间的夹角为30鈭�

如图所示，则该子弹的速度是(

)

A.360m/s

B.720m/s

C.1440m/s

D.1080m/s

2、对于万有引力定律的数学表达式F=Gm1m2/r2

下列说法正确的是A.公式中G

为引力常数，是人为规定的B.r

趋近于零时，万有引力趋于无穷大C.只有m1m2

的质量相等时，m1m2

之间的万有引力大小才会相等D.对于质量均匀分布的实心球体之间的引力，r

可视为球心之间的距离3、同步卫星是指相对于地面不动的人造卫星。关于同步卫星，下列说法正确的是（）A.它可以在地面上任一点的正上方，且离地心的距离可按需要选择不同的值B.它只能在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的C.它的速度大小是7.9km/sD.它的速度大于7.9km/s4、对于以下列举的各个实例中（均不计空气阻力）；哪种情况机械能是不守恒的？（）

A.

小球在平抛运动过程中。

B.

小球沿光滑曲面下滑的过程。

C.

拉着物体沿光滑的斜面匀速上升。

D.

小球自由摆动的过程中。

5、以下各物理量属于矢量的是（）A.路程B.时间C.质量D.速度6、对平抛运动，下列说法正确的是（）A.做平抛运动的物体，在任何相等的时间内速度的增量都是相等的B.做平抛运动的物体，在任何相等的时间内位移的增量都是相等的C.平抛运动的轨迹是曲线，所以平抛运动是变加速运动D.落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关7、下列关于功的说法中，正确的是(

)

A.静摩擦力总是不做功B.滑动摩擦力总是做负功C.凡是既受力又发生位移的物体，一定有力对物体做功D.物体在运动过程中，若所受力的方向总是垂直于速度的方向，此力不做功8、某汽车以额定功率在水平路面上行驶，空载时的最大速度为v1

装满货物后的最大速度为v2

已知汽车空车的质量为m0

汽车所受的阻力跟车重成正比，则汽车后来所装货物的质量是()

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、A、BC

三个物体放在旋转的圆台上，动摩擦因数均为娄脤.A

的质量为2mBC

的质量均为mAB

离轴RC

离轴2R

则圆台旋转时，(

设ABC

都没有滑动)(

)

A.C

物体的向心加速度最小B.B

物体的静摩擦力最大C.当转台转速增加时，C

比B

先滑动D.当转台转速增加时，AB

会同时滑动10、小球以v0

竖直上抛，不计空气阻力，上升的最大高度为H

从抛出点到距最高点为14H

时所需的时间是(

)

A.v0g

B.v02g

C.3v04g

D.3v02g

11、如图所示为甲；乙两物体相对于同一参考系的x-t图象；下面说法正确的是（）

A.甲、乙两物体的出发点相距x0B.甲、乙两物体都做匀速直线运动C.甲物体比乙物体早出发的时间为t1sD.甲、乙两物体向同方向运动12、关于开普勒第三定律中的公式下列说法中正确的是（）A.适用于所有天体B.适用于围绕太阳运行的所有行星C.T表示行星运动的公转周期D.以上说法都不对13、如图所示，光滑轻质挂钩下端悬挂质量为m

的重物，跨在长度为L

的轻绳上，开始时绳子固定在框架上等高的AB

两点，与水平方向的夹角为娄脠

绳子的拉力为F.

现保持绳长不变，将绳子右端从B

点沿竖直方向缓慢移至C

点，再从C

点沿水平方向向左缓慢移至D

点.

关于绳子拉力的变化.

下列说法正确的是(

)

A.从B

移至C

的过程中，拉力F

变小B.从B

移至C

的过程中，拉力F

不变C.从C

移至D

的过程中，拉力F

不变D.从C

移至D

的过程中，拉力F

变小14、关于同步卫星下列说法正确的是（）A.同步卫星的质量一定相同B.同步卫星不可能通过通辽地区的正上空C.运行周期有可能小于24hD.同步卫星距离地面高度一定相同评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、第一宇宙速度的数值是：____．16、【题文】（6分）某同学用图（a）所示的实验装置验证牛顿第二定律：

（1）通过实验得到如图（b）所示的a—F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的倾角____（填“偏大”或“偏小”）。

（2）该同学在平衡摩擦力后进行实验，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足________的条件。

（3）该同学得到如图（c）所示的纸带。已知打点计时器电源频率为50Hz．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个计数点，两计数点之间还有四个点未画出。由此可算出小车的加速度a=____m/s2（保留两位有效数字）。

17、如图所示，重物A、B由刚性绳拴接，跨过定滑轮处于图中实线位置，此时绳恰好拉紧，重物静止在水平面上，用外力水平向左推A，当A的水平速度为vA时，如图中虚线所示，求此时B的速度vB=______．18、在研究匀变速直线运动规律的实验中，小车拖着纸带运动，每秒50次的打点计时器打出的纸带如图所示．选出A、B、C、D、E共5个计数点，每相邻两点间还有4个实验点（图中未画出）．以A为起点量出的到各点的位移标在图上．则：C点的瞬时速度为______；小车运动的加速度为______；E点的瞬时速度为______．19、同一平面内的两个共点力，大小分别是5N和8N，这两个力的合力的最大值为_____________N，最小值为_____________N。20、利用如图所示装置“探究求合力的方法”实验中，下列说法中正确的是____．

A．在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中；橡皮条结点O的位置不能变化。

B．弹簧测力计拉细线时；拉力方向必须竖直向下。

C．F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程。

D．为减小测量误差，F1、F2方向间夹角应为90°．

评卷人得分四、计算题(共1题，共3分)21、（10分）我国第一艘航母“辽宁号”于2011年11月29日进行了第二次海试。据媒体报道，此次海试进行了舰载机测试，“拦阻索”是在飞机降落在甲板上时挂住飞机尾钩、增加向后的阻力减少滑行距离的装置。若一架质量为m=3×104kg的舰载机以v0=80m/s的速度降落在航母甲板上，滑行s=160m恰好停下，求：（1）飞机滑行时的加速度a；（2）飞机滑行的时间t；（3）飞机滑行过程受到的平均阻力f。评卷人得分五、推断题(共3题，共18分)22、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见物质，且均含有同一种元素，它们之间有如下转化关系，其中rm{A}是单质。

rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物质。请写出rm{C}与rm{B}反应的化学方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因。请写出反应rm{垄脹}的化学方程式_________________。实验室中检验气体rm{B}用的试剂或用品为________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现。据此判断rm{A}元素是__________。请写出rm{垄脷}的离子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一种淡黄色固体，常用于呼吸面具中的供氧剂，rm{D}是一种强碱。则rm{C}作供氧剂时氧化产物和还原产物的物质的量之比为_____________；焰色反应时，rm{D}的火焰呈_______色。23、已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，rm{B}为淡黄色粉末。在常温下rm{C}为无色液体，rm{E}rm{G}rm{H}rm{I}rm{J}为气体，其中rm{H}为黄绿色，其它为无色。rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝rm{(}图中部分产物已略去rm{)}请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{D}____，rm{K}____。rm{(2)}写出rm{垄脷}的离子方程式：____。rm{(3)}反应rm{垄脺}不属于下列何种反应类型____rm{(}填字母序号rm{)}A.化合反应rm{B.}氧化还原反应rm{C.}离子反应rm{D.}置换反应rm{(4)}若要确定rm{垄脹}反应后所得溶液中含有rm{M}物质，所选试剂为____rm{(}填序号rm{)}A.rm{KSCN}溶液和氯水rm{B.}铁粉和rm{KSCNC.}浓氨水rm{D.}酸性高锰酸钾溶液rm{(5)}将rm{F}加入到rm{M}的溶液里并露置在空气中，可以观察到整个过程的现象是：____。rm{(6)}常温下，rm{H}与过量的rm{J}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，请写出该反应的化学方程式：____。24、从铝土矿rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等杂质rm{)}中提取氧化铝的两种工艺流程如下：rm{(1)}写出物质的化学式rm{A}_____________，固体rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}写出流程甲加入盐酸后生成rm{Al^{3+}}的离子方程式：___________________________。rm{(3)}写出流程乙加入烧碱后生成rm{SiO}的离子方程式：___________________________。rm{(4)}为了验证滤液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量滤液并加入___________rm{(}填试剂名称rm{)}rm{(5)}滤液rm{E}、rm{K}中溶质的主要成分是_____rm{(}填化学式rm{)}写出该溶液的一种用途：_______。rm{(6)}写出滤液rm{D}rm{Y}中与过量rm{CO_{2}}反应的化学方程式__________________________。评卷人得分六、其他(共4题，共12分)25、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．26、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．27、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．28、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】解：子弹从a

盘到b

盘；盘转过的角度。

娄脠=2娄脨n+娄脨6(n=0,1,2)

转速n隆盲=3600r/min=60r/s

盘转动的角速度娄脴=2娄脨T=2娄脨f=2娄脨n隆盲=2娄脨?60rad/s=120娄脨rad/s(n隆盲

为转速)

子弹在ab

间运动的时间等于圆盘转动时间，即：2v=娄脠蠅

所以v=2娄脴胃=2隆脕120娄脨2蟺n+娄脨6=144012n+1(n=0,1,2)

当n=0

时；v=1440m/s

当n=1

时，v隆盲=111m/s

也可能v=2隆脕120娄脨2蟺n+5娄脨6=144012n+5(n=0,1,2)

当n=0

时；v=288m/s

当n=1

时，v隆盲=84.7m/s

故C正确，ABD错误；

故选：C

．

根据圆盘转过的角度；结合转速的大小求出转动的时间，抓住等时性，结合子弹运动的距离和时间求出子弹的速度．

解决本题的关键知道圆盘转动的时间和子弹运行的时间相等，结合角速度与转速的关系，得出角速度的大小，从而得出运行的时间．【解析】C

2、D【分析】解：A

根据万有引力定律公式F=Gm1m2r2

中G

为引力常数；由卡文迪许通过实验测得.

故A错误；

B；当两个物体间的距离趋近于0

时；两个物体就不能视为质点了，万有引力公式不再适用，故B错误；

C；m1m2

之间的万有引力是属于相互作用力；所以总是大小相等，与m1m2

的质量是否相等无关，却与它们的质量乘积有关.

故C错误；

D；对于质量均匀分布的实心球体之间；R

可视为球心之间的距离，故D正确；

故选：D

牛顿发现万有引力定律；对人们了解天体运动有较深的认识.

一切物体均有引力，只不过有力的大小之分．

本题关键明确万有引力定律的适用条件和万有引力常量的测量，万有引力的适用条件：(1)

公式适用于质点间的相互作用.

当两物体间的距离远远大于物体本身的大小时，物体可视为质点.(2)

质量分布均匀的球体可视为质点，r

是两球心间的距离．【解析】D

3、B【分析】根据同步卫星轨道的特点，高度一定，即所有的同步卫星只能在赤道上空同一条轨道中运动，A错B对；所有的同步卫星的速率都是一个确定值，速率等于3.1km/s，7.9km/s是围绕地球的最大速度,随着半径的增大线速度逐渐减小,CD错;【解析】【答案】B4、C【分析】

A；做平抛运动的物体；在空中只受到重力的作用，所以机械能守恒，不符合题意，故A错误．

B；物体由光滑曲面顶端滑到斜面底端；斜面的支持力不做功，只有重力做功，满足机械能守恒条件．不符合题意，故B错误．

C；拉着物体沿光滑的斜面匀速上升；动能增大，重力势能增大，则物体的机械能要增加，故C正确．

D；用细线拴着一个小球在竖直平面内做圆周运动；细线的拉力不做功，只有重力对小球做功，故小球的机械能守恒．故D错误．

故选C

【解析】【答案】只有重力或弹力（保守力）做功时；物体的动能和势能相互转化，物体机械能才守恒．根据此条件进行分析，也可以动能与重力势能的总量即机械能是否变化判断．

5、D【分析】解：路程；时间、质量是只有大小没有方向；是标量，速度有大小有方向，是矢量．故ABC错误，D正确．

故选：D．

矢量是既有大小又有方向的物理量；标量是只有大小没有方向的物理量．

矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．【解析】【答案】D6、A【分析】解：A、C，平抛运动水平方向上是匀速直线运动，竖直方向上是自由落体运动，所以平抛运动是加速度为g的匀变速曲线运动，由加速度的定义可知△v=a△t，即△v=g△t，所以在任何相等的时间内速度的增量都是相等的，故A正确，C错误．

B；由于平抛运动水平方向上是匀速直线运动；所以在任何相等的时间内位移相同，所以在任何相等的时间内合位移的增量不相等，故B错误．

D、竖直方向上由又有合运动与分运动的等时性，可得：落地时间t═只与抛出点的高度有关；

落地时的速度是指合速度，水平分速度设为v0，竖直分速度为所以合速度v=除了与抛出点的高度有关，还跟初速度有关，故D错误．

故选：A

平抛运动水平方向上是匀速直线运动；竖直方向上是自由落体运动，结合合运动与分运动的特点以及运动学公式得出．

做平抛运动类的题一定注意所问的矢量是分矢量，还是合矢量，不加特殊说明，都指的是合适量．如此题中落地时的速度是指合速度，位移的增量是指合位移的增量．【解析】【答案】A7、D【分析】解：A

滑动摩擦力方向与物体的相对运动方向相反；与运动方向可以相同、相反、垂直，故滑动摩擦力对物体可以做正功、负功、不做功，故A错误；

B；静摩擦力方向与物体的相对运动趋势方向相反；与运动方向可以相同、相反、垂直，故静摩擦力对物体可以做正功、负功、不做功，故B错误；

C；当物体受到的力与速度的方向垂直时；力不对物体做功.

故C错误，D正确．

故选：D

．

功等于力与力的方向上的位移的乘积；根据功的定义逐项分析即可.

同时注意力与运动方向之间的关系．

力对物体做功，必须具备两个条件：力和在力的方向上的位移.

判断摩擦力是否做功及做什么功，要具体分析受力物体在摩擦力方向上是否有位移及位移的方向与摩擦力的方向是相同还是相反．【解析】D

8、A【分析】【分析】汽车以额定功率行驶，汽车做加速度逐渐减小的加速运动，当牵引力等于阻力时，速度达到最大。本题考查了机车启动过程问题的分析，处理时搞清牵引力的变化。【解答】以额定功率行驶，当牵引力等于阻力时，速度达到最大，根据去求解所载货物的质量；

设货物质量为m.

空载时，

载货时，

联立求解，得，故A正确。故选A。【解析】A

二、多选题(共6题，共12分)9、CD【分析】解：A

物体绕轴做匀速圆周运动，角速度相等，有a=娄脴2r

由于C

物体的转动半径最大，故加速度最大，故A错误；

B；物体绕轴做匀速圆周运动；角速度相等，静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律，有。

f=m娄脴2r

故B的摩擦力最小，故B错误；

C；D

物体恰好滑动时；静摩擦力达到最大，有。

娄脤mg=m娄脴2r

解得：娄脴=娄脤gr

即转动半径最大的最容易滑动；故物体C

先滑动，物体AB

一起后滑动，故CD正确；

故选：CD

物体绕轴做匀速圆周运动；角速度相等，静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．

本题关键是建立滑块做圆周运动的模型，根据牛顿第二定律列式求解出一般表达式进行分析．【解析】CD

10、BD【分析】解：物体上升的最大高度：H=v022g

从抛出点到距最高点为14H

时：H鈭�14H=v2鈭�v02鈭�2g

时间：t=v鈭�v0g

解得：t=(1隆脌12)v0g

故选：BD

．

由匀变速直线运动的速度位移公式与速度公式求出运动时间．

本题考查了求小球的运动时间，分析清楚小球的运动过程、应用匀变速运动规律即可正确解题．【解析】BD

11、ABC【分析】解：A、由图可知乙从原点出发，甲从距原点x0处出发．故两物体的出发点相距x0．故A正确；

B；x-t图象的斜率等于物体运动的速度；由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，即两物体都做匀速直线运动．故B正确；

C、由图象可知甲从t=0时刻开始运动，而乙从t1时刻开始运动，故甲比乙早出发t1s；故C正确；

D；x-t图象的斜率的正负表示物体运动速度的方向；由图知甲斜率为负，即表示甲沿负方向运动，乙斜率为正，表示已沿正方向运动，甲乙运动方向相反，故D错误．

故选：ABC．

位移-时间图象反映物体的位置坐标随时间的变化规律；图象中；倾斜的直线表示匀速直线运动；向上倾斜时速度为正，向下倾斜使速度为负；交点表示两物体相遇；初始位置的坐标即为两物体出发时的距离．

本题关键要明确位移时间图象的含义，在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体的位置坐标随时间均匀变化，物体做匀速直线运动；还要明确交点（两图象的交点、与坐标轴的交点）的意义．【解析】【答案】ABC12、AC【分析】解：A；开普勒第三定律适用于所有天体．故A正确；B错误；

C；T表示行星运动的公转周期；故C正确，D错误。

故选：AC．

开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动；也适用于圆周运动，不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动．式中的k是与中心星体的质量有关的．

此题需要掌握：开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动，也适用于圆周运动，不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动．式中的k是与中心星体的质量有关的．【解析】【答案】AC13、BD【分析】解：AB

当轻绳的右端从B

点移到直杆最上端C

时，设两绳的夹角为2娄脠.

以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图所示．

根据平衡条件得：2Fcos娄脠=mg

得到绳子的拉力F=mg2cos娄脠

设绳子总长为L

两直杆间的距离为S

由数学知识得到sin娄脠=SLLS

不变，则娄脠

保持不变.

所以在轻绳的右端从B

点移到直杆C

的过程中，娄脠

不变，cos娄脠

不变，则F

不变；故A错误，B正确；

CD

当轻绳的右端从C

点移到D

点时；娄脠

变小，cos娄脠

变大，则F

减小.h

减小，故Ep=mgh

减小，故C错误，D正确；

故选：BD

当轻绳的右端从B

点移到C

端时；两绳的夹角不变.

滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称.

以滑轮为研究对象，根据平衡条件研究绳的拉力变化情况；

当轻绳的右端从C

到D

点的过程中；根据几何知识分析得到滑轮两侧绳子的夹角变小，由平衡条件判断出绳子的拉力变化情况．

本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何知识分析娄脕

的变化，这在高考中曾经出现过，有一定的难度．【解析】BD

14、BD【分析】解：A；对于同步卫星的质量；不一定相同，故A错误；

B；同步卫星与地球保持相对静止；可知同步卫星必须位于赤道的上方，不可能通过通辽的正上空，故B正确；

C；同步卫星的周期一定；与地球的自转周期相等，等于24h，故C错误；

D、根据万有引力提供向心力知；轨道半径一定，则卫星的高度一定，故D正确；

故选：BD。

同步卫星的特点是：定位置（赤道的上方）；定周期（24h）、定速率、定高度。

解决本题的关键知道同步卫星的特点，即定位置（赤道的上方）、定周期（24h）、定速率、定高度。【解析】BD三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】

重力等于向心力。

mg=m

解得。

v==≈7.9×103m/s=7.9km/s

故答案为：7.9km/s．

【解析】【答案】第一宇宙速度是近地轨道上的环绕速度；根据重力等于向心力，即可列式求解．

16、略

【分析】【解析】

试题分析：（1）图中当F=0时；a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是平衡摩擦力时角度过大；

（2）根据牛顿第二定律得，解得

则绳子的拉力知当砝码总质量远小于滑块质量时，滑块所受的拉力等于砝码的总重力，所以应满足的条件是砝码的总质量远小于滑块的质量。

（3）由得

考点：本题考查验证牛顿第二定律【解析】【答案】（1）偏大（2分）（2）M》m（2分）（3）0.20（2分）17、略

【分析】解：两物体沿绳子方向上的分速度相等；沿绳子方向上的分速度为：

则vA1=vB1=vAcos30°=vA．

解得，vB==vA．

故答案为：vA．

将A；B的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向；抓住沿绳子方向上的分速度相等，求出B的速度．

本题考查了速度的分解，知道速度的分解遵循平行四边形定则，以及知道两物体沿绳子方向上的分速度相等．该类型的题关键是找清哪个是合速度，哪个是分速度．【解析】vA18、略

【分析】解：每相邻两点间还有4个试验点（图中未画）；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据物体在某一段时间内的平均速度等于该段时间内的中间时刻的速度有：

vC==×0.01m/s=0.19m/s

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：

a==m/s2=0.2m/s2．

根据匀变速直线运动的速度公式vt=v0+at，所以E点的速度vE=vC+a•2T=0.19+0.2×2×0.1m/s=0.23m/s

故答案为：0.19；0.2；0.23．

作匀变速直线运动的物体在某一段时间内的平均速度等于该段时间内的中间时刻的速度；作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即△x=aT2；根据匀变速直线运动的速度公式计算E点的速度．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】0.19；0.2；0.2319、略

【分析】【详解】

当两个力的方向相同时合力最大；最大为13N，当两个力的方向相反时合力最小，最小为3N；

故本题答案是：(1).13(2).3【解析】13320、略

【分析】

（1）A；在同一组数据中；只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形定则，故A正确；

B；弹簧测力计拉细线时；方向不一定向下，只有把O点拉到同一位置即可，故B错误；

C；根据弹簧测力计的使用原则可知；在测力时不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；

D、F1、F2方向间夹角为90°并不能减小误差；故D错误．

故选AC．

【解析】【答案】该实验采用了“等效法”；只要明确了实验原理即可，判断选项中的各个说法是否正确，从前正确的解答本题．

四、计算题(共1题，共3分)21、略

【分析】试题分析：由题意知，飞机在甲板上做匀减速运动，由牛顿运动定律有：（1）飞机滑行加速度满足：①（2）飞机滑行时间满足：②（3）根据牛顿第二定律有：③联解①②③式并代入数据得：a=20m/s2④t=4s⑤⑥负号表示阻力方向与飞机滑行方向相反。⑦评分参考意见：本题满分10分，其中①②③式各2分，④⑤⑥⑦式各1分；若有其他合理解法且答案正确，可同样给分。考点：考查了牛顿第二定律，匀变速直线运动规律的应用【解析】【答案】（1）20m/s2（2）t=4s（3）五、推断题(共3题，共18分)22、（1）2H2S＋SO2=3S↓＋2H2O

（2）4NH3＋5O24NO＋6H2O湿润的红色石蕊试纸

（3）Al2Al＋2OH－＋6H2O=2[Al(OH)4]－＋3H2↑

（4）1:2黄【分析】【分析】本题考查无机物的推断，为高频考点，综合考查非金属元素及金属元素化合物性质，涉及常见元素及其化合物知识的考查，把握单质及化合物的性质来分析推断各物质为解答的关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}是形成酸雨的主要物质，rm{C}为rm{SO_{2}}则rm{A}为rm{S}rm{B}为rm{H_{2}S}rm{D}为rm{SO_{3}}rm{C}与rm{B}反应生成rm{S}和水，其化学反应为rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}故答案为：rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}

rm{(2)B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因，则rm{C}为rm{NO}rm{A}为rm{N_{2}}rm{B}为rm{NH_{3}}rm{D}为rm{NO_{2}}反应rm{垄脹}的化学方程式rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}检验氨气常利用湿润的红色石蕊试纸；故答案为：rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸；

rm{(3)}根据题给转化关系和信息推断rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{A}为rm{Al}rm{B}为rm{Al}rm{B}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{D}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脷垄脹}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{垄脺}为rm{A}rm{Al}为rm{B}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{3}}，rm{D}为rm{Al}rm{D}rm{Al}rm{(}rm{OH}

故答案为：rm{OH}rm{)_{3}}

，则铝与强碱溶液反应生成四羟基合铝酸根和氢气，离子方程式为是一种淡黄色固体，常用于吸吸面具中的供氧剂，rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}是一种强碱，则rm{Al}为rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)C}为rm{D}则rm{C}作供氧剂时的离子方程式为rm{Na_{2}O_{2}}氧化产物为rm{D}还原产物为rm{NaOH}所以氧化产物和还原产物的物质的量之比为rm{C}rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4OH^{-}+4Na^{+}+O_{2}隆眉}的火焰呈黄色。

故答案为：rm{O_{2}}黄。

rm{2NaOH}【解析】rm{(1)2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸rm{(3)Al}rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)1:2}黄23、（1）Fe3O4NH4Cl

（2）2Na2O2+2H2O=4Na++4OH-+O2↑（3）D

（4）D（5）先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（6）8NH3＋3Cl2＝N2＋6NH4Cl【分析】【分析】本题考查无机物的推断，侧重于物质的性质的考查，解答本题的关键是根据物质的性质和用途作为突破口解答，题目难度中等，注重于学生分析问题和解决问题能力的考查。

【解答】已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{Fe}rm{B}为淡黄色粉末，应为rm{Na}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{A}rm{Fe}为淡黄色粉末，应为rm{B}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为无色液体，应为rm{{,!}_{2}}，在常温下rm{C}为无色液体，应为rm{H}rm{C}则rm{H}为rm{{,!}_{2}}rm{O}则rm{D}为rm{Fe}rm{O}rm{D}rm{Fe}为rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{4}}，rm{E}为rm{H}rm{E}为rm{H}rm{{,!}_{2}}为黄绿色气体，应为，rm{G}为rm{O}rm{G}rm{O}为rm{{,!}_{2}}，rm{F}为rm{NaOH}rm{H}为黄绿色气体，应为rm{Cl}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{F}rm{NaOH}rm{H}为rm{Cl}rm{{,!}_{2}}，则rm{I}为rm{HCl}rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{NH}rm{I}为rm{HCl}rm{J}rm{NH}为rm{{,!}_{3}}，则rm{K}为rm{NH}rm{K}

rm{NH}由以上分析可知rm{{,!}_{4}}为rm{Cl}rm{M}为rm{FeCl}rm{Cl}rm{M}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}为，rm{N}为rm{FeCl}rm{N}rm{FeCl}故答案为：rm{{,!}_{3}}，由此答题。rm{(1)}由以上分析可知rm{D}为rm{Fe}rm{(1)}rm{D}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}

rm{O}反应rm{O}的离子方程式rm{{,!}_{4}}，rm{K}为rm{NH}rm{K}rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}故答案为：rm{Fe}rm{Cl}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}；rm{NH}故答案为：rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}rm{Cl}rm{(2)}反应rm{垄脷}的离子方程式rm{2Na}rm{(2)}rm{垄脷}rm{2Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}

rm{+2H}反应rm{{,!}_{2}}为rm{O=4Na}rm{O=4Na}rm{{,!}^{+}}rm{+4OH}rm{+4OH}rm{{,!}^{-}}rm{+O}rm{+O}rm{{,!}_{2}}

rm{隆眉}故答案为：rm{2Na}反应后所得溶液中含有rm{隆眉}rm{2Na}rm{{,!}_{2}}

rm{O}将rm{O}加入到rm{{,!}_{2}}的溶液里并露置在空气中，先生成氢氧化亚铁白色沉淀，氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成红褐色的氢氧化铁，现象是产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，rm{+2H}

rm{+2H}常温下，rm{{,!}_{2}}与过量的rm{O=4Na}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，该反应的方程式为rm{O=4Na}rm{{,!}^{+}}rm{+4OH}rm{+4OH}rm{{,!}^{-}}rm{+O}rm{+O}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}

rm{隆眉}rm{(3)}反应rm{垄脺}为rm{2Fe}rm{(3)}rm{垄脺}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}rm{{,!}_{2}}

rm{=2Fe}【解析】rm{(1)Fe_{3}O_{4}}rm{NH_{4}Cl}

rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}rm{(3)D}

rm{(4)D}rm{(5)}先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{(6)8NH_{3}+3Cl_{2}=N_{2}+6NH_{4}Cl}24、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化钾

（5）NaHCO3灭火器或制糕点NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3【分析】【分析】本题以氧化铝提取工艺流程为载体，考查无机物推断、元素化合物性质及相互转化、除杂的方法、离子方程式等。【解答】由工艺流程甲可知，铝土矿与盐酸反应得固体rm{A}和滤液rm{B}则固体rm{A}为rm{SiO_{2}}滤液rm{B}含有氯化铝、氯化铁、氯化镁等，滤液中加入过量的rm{NaOH}可推知沉淀rm{C}为氢氧化铁、氢氧化镁，滤液rm{D}含有偏铝酸钠、氯化钠，所以向滤液rm{D}中通入过量二氧化碳，生成氢氧化铝沉淀与碳酸氢钠，沉淀rm{F}为rm{Al(OH)_{3}}滤液rm{E}中含有rm{NaCl}rm{NaHCO_{3}}根据工艺流程乙可知，铝土矿中的rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}能和氢氧化钠反应，可知固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等，滤液rm{Y}为硅酸钠、偏铝酸钠，滤液中通入过量二氧化碳，沉淀rm{Z}为rm{Al(OH)_{3}}硅酸，滤液rm{K}中含有rm{NaHCO_{3}}则rm{(1)}由分析可知，rm{A}为rm{SiO_{2}}固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}故答案为：rm{SiO_{2}}；rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)Al_{2}O_{3}}与盐酸反应生成氯化铝和水，氧化物不能拆，离子方程式为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}故答案为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}

rm{(3)}二氧化硅与氢氧化钠反应生成硅酸钠和水，二氧化硅不能拆，故离子反应方程式为：rm{SiO_{2}+2OH^{-}篓TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案为：rm{SiO_{