2025年冀教版必修1物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版必修1物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图表示甲、乙两物体由同一地点同一时刻，向同一方向运动的速度图线，其中t2=2t1；则()

A.在t1时刻，乙物在前，甲物在后B.在t1时刻，甲、乙两物体相遇C.乙物的加速度小于甲物的加速度D.在t2时刻，甲、乙两物体相遇2、有四个运动的物体A、B、C、D，物体A、B运动的x—t图像如图①所示；物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v—t图像如图②所示．根据图像做出的以下判断中正确的是（）

A.物体A和B均做匀加速直线运动，且A的加速度比B更大B.在0～3s的时间内，物体A运动的位移为10mC.t=3s时，物体C追上物体DD.t=3s时，CD第一次相遇前，物体C与物体D之间有最大间距3、自由下落的物体，自起始点开始依次下落三段相同的位移所需要的时间比为（）A.1:3:5B.1:4:9C.1:D.1:4、如图所示，质量分别为M、m的两个物体系在一根通过轻滑轮的轻绳两端，M放在水平地面上，m被悬在空中，若将M沿水平地面向右缓慢移动少许后M仍静止，则下面说法正确的是（）

A.绳中张力变大B.滑轮轴所受的压力变大C.M对地面的压力变大D.M所受的静摩擦力变大5、很多智能手机都有加速度传感器；能通过图像显示加速度情况。用手掌托着手机，打开加速度传感器，手掌从静止开始迅速上下运动，得到如图所示的竖直方向上加速度随时间变化的图像，该图像以竖直向上为正方向。由此可判断出（）

A.手机在时刻改变运动方向B.手机在时刻对手的压力最大C.手机在时刻运动到最高点D.手机在时间内，受到的支持力先减小再增大6、如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板（长木板足够长）的左端放着小物块某时刻，受到水平向右的外力作用，随时间的变化规律如图乙所示，即其中为已知常数．若之间的滑动摩擦力的大小等于最大静摩擦力，且的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板运动的图像的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、小宇同学将一小石子从水平地面以初速度v0斜向上抛出，小石子抛出时速度与水平方向成θ角，若小石子在空中运动过程中所受空气阻力的影响可忽略不计，则下列关于小石子在空中运动过程的说法正确的是（）A.小石子的最小速度为v0cosθB.小石子在相等时间内速度的变化量都相同C.小石子在空中运动的时间为D.小石子在空中上升阶段处于超重状态8、子弹垂直射入叠放在一起的相同木板，穿过第12块木板后的速度变为0．可以把子弹视为质点，已知子弹在木板中运动的总时间为t，认为子弹在每块木板中运动的加速度都相同．则下列选项正确的是A.子弹穿过第1块木板所用的时间是B.子弹穿过第1块木板所用的时间是C.子弹穿过第9块木板所用的时间是D.子弹穿过前9块木板所用的时间是9、A、B两物体同时由同一地点向同一方向作直线运动，其v-t图像如图所示；下列说法正确的是：

A.0-20s内A、B两物体间的距离逐渐增大B.20-40s内A、B两物体间的距离逐渐减小C.在第20s末两物体相遇D.B物体的加速度为0.5m/s210、如图所示，两质量相等的光滑小圆环A、B用细线相连，水平横杆穿过圆环A，竖直杆穿过圆环B。开始时，细线处于贴着竖直杆处于竖直方向。现在细线某点上施加一水平向右的拉力F；使两环缓慢移动，则在这一移动过程中（）

A.水平向右的拉力F逐渐增大B.横杆对环A的弹力逐渐增大C.细线对环B的拉力逐渐增大D.细线对球A的拉力逐渐增大11、如图所示，有一质量为m的物块分别与轻绳P和轻弹簧Q相连，其中轻绳P竖直，轻弹簧Q与竖直方向的夹角为重力加速度大小为g；则下列说法正确的是（）

A.轻绳P的弹力大小可能小于mgB.剪断轻绳瞬间，物块的加速度大小为C.剪断轻绳瞬间，物块的加速度大小为gD.若轻绳长度可根据需要调整，保证弹簧方向不变，将轻绳P的上方悬点缓慢左移，则弹簧长度将逐渐变大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、在用DIS研究匀速直线运动的实验中，得到如图所示的s-t图像，表明小车的运动________（选填“是”或“不是”）匀速直线运动，由图像可知小车的速度在变________.（选填“大”或“小”）13、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示。该工件的直径为________cm，高度为________mm。

14、已知的单位是的单位是K，的单位是为无量纲数，则在国际单位制中，的基本单位是___________；若则=___________。15、力的单位。

（1）力的国际单位：牛顿，简称____；符号为N。

（2）“牛顿”的定义：使质量为1kg的物体产生1m/s2的加速度的力叫作1N，即1N＝_____。

（3）在质量的单位取kg，加速度的单位取m/s2，力的单位取N时，F＝kma中的k＝____，此时牛顿第二定律可表示为F＝_____。16、判断正误：

（1）匀变速直线运动是加速度均匀变化的运动。()

（2）匀加速直线运动是速度均匀变化的直线运动。()

（3）匀加速直线运动的位移是均匀增大的。()

（4）在匀变速直线运动中，中间时刻的速度一定小于该段时间内位移中点的速度。()17、在下图中，给出六个力F1、F2、F3、F4、F5、F6，它们作用于同一点O，大小已在图中标出．相邻的两个力之间的夹角均为60°，它们的合力大小为________N，方向为________．18、牛顿第一定律表明，力是物体___发生变化的原因；该定律引出的一个重要概念是___．19、在物理学中，既有______又有_______的物理量叫做矢量，矢量相加__________（填“遵从”或“不遵从”）算术相加的法则。评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)20、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

21、两个共点力F1＝40N，F2＝60N的方向如图虚线所示；利用平行四边形定则用图示法求出合力的大小。

22、在图中画出木块沿斜面向上、向下、静止时的受力示意图。23、如图甲所示是一个做直线运动的物体的速度-时间图像，请在乙中画出该物体的位移-时间并标出纵轴上的数据．评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)24、某同学通过下述实验验证力的平行四边形定则。实验步骤：

①将弹簧测力计固定在贴有白纸的竖直木板上；使其轴线沿竖直方向。

②如图甲所示，将环形橡皮筋一端挂在弹簧测力计的挂钩上，另一端用圆珠笔尖竖直向下拉，直到弹簧测力计示数为某一设定值时，将橡皮筋两端的位置标记为记录弹簧测力计的示数F，测量并记录间的距离（即橡皮筋的长度）。每次将弹簧测力计示数改变0.50N，测出所对应的长度部分数据如下表所示：

。F/N00.501.001.502.002.50l/cm10.9712.0213.0013.9815.05

③找出②中时橡皮筋两端的位置，重新标记为橡皮筋的拉力记为

④在弹簧测力计挂钩上涂抹少许润滑油，将橡皮筋搭在弹簧测力计挂钩上，如图乙所示。用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端，使弹簧测力计挂钩的下端达到O点，将两笔尖的位置标记为A、B，橡皮筋OA段的拉力记为OB段的拉力记为

完成下列作图和填空：

（1）利用表中数据画出图线；如图丙。

（2）测得则的大小为________N。

（3）根据给出的标度，在图丁中作出和的合力的图示______。

（4）通过比较与________的大小和方向，即可得出实验结论。25、学习小组在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时得到了两条纸带；已知打点计时器所用电源的频率为50Hz。对于这两条纸带的处理，学习小组采用了（1）（2）小题两种不同的方法。

（1）第一种方法：其中一条纸带如图所示：纸带的O点一端与小车相连接；每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s。

①学习小组根据纸带给出的数据得到：vA=________，vB=________，vC=________。

②小车的加速度大小为：___________。

（2）第二方法是先把纸带每隔0.1s剪断，得到若干短纸条，再把这些纸条并排贴在一张纸上，使这些纸条下端对齐，作为时间坐标轴，标出时间，最后将纸条上端中心连起来，于是得到了v-t图象如图所示，则通过这条纸带所求得的加速度大小为___________。

26、在探究物体质量一定时加速度与力的关系实验中；小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了力传感器来测细线中的拉力。

（1）实验时，下列操作或说法正确的是______。

A.需要用天平测出砂和砂桶的总质量。

B.小车靠近打点计时器；先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数。

C.选用电磁打点计时器比选用电火花计时器实验误差小。

D.为减小误差；实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量。

（2）实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知，小车运动的加速度大小是______（计算结果保留三位有效数字）

（3）由实验得到小车的加速度与力传感器示数的关系如图丙所示。则小车与轨道的滑动摩擦力______评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)27、如图所示，在倾角为的光滑斜面上，A、B两个质量均为m的滑块用轻质弹簧相连，弹簧的劲度系数为k，水平力F作用在滑块B上，此时弹簧长度为l；且在弹性限度内，求：

(1)弹簧原长为多少？

(2)力F的大小为多大？

28、如图所示，楔形斜面B固定在粗糙的水平地面上，斜面的夹角物块A的质量它在外力F的作用下静止在斜面上。已知A与B间的动摩擦因数取重力加速度大小

（1）当外力沿斜面向上时，求的取值范围；

（2）当外力水平向左时，求的取值范围。

29、如图所示，固定在水平地面上的斜面体上有一木块A（到定滑轮的距离足够远），通过轻质细线和滑轮与铁块B连接，细线的另一端固定在天花板上，在木块A上施加一沿斜面向下的作用力使整个装置处于静止状态。已知连接光滑动滑轮两边的细线均竖直，木块A和光滑定滑轮间的细线和斜面平行，木块A与斜面间的动摩擦因数斜面的倾角铁块B下端到地面的高度木块A的质量铁块B的质量不计空气阻力，不计滑轮受到的重力，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度

（1）求木块A受到的摩擦力；

（2）撤去力F；设铁块B落地后不反弹，求木块A能沿斜面上滑的最大距离。

30、如图甲所示为转动的足够长传送带传送带以恒定的速率v沿逆时针方向转动。在传送带的左侧边缘的B点有一滑块，若让滑块以初速度冲上传送带，滑块运动的图像如图乙中a所示。若让滑块以初速度冲上传送带，滑块运动的图像如图乙中b所示，重力加速度

（1）求滑块与传送带间的动摩擦因数

（2）滑块以的速度冲上传送带时，求滑块从沖上B点到返回B点的时间；

（3）滑块以的速度冲上传送带时，求滑块从冲上B点到返回B点传送带上的滑痕。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

A．由图可知，在t1时刻之前；甲的速度一直大于乙的速度，故甲物在前，乙物在后，故A错误；

B．因t1之前；甲的速度一直大于乙的速度，故甲的位移大于乙的位移，两者不会相遇，故B错误；

C．乙图象的斜率大于甲的；故乙的加速度大于甲的加速度，故C错误；

D．由图可知t2时刻两物体的v-t图象面积相等；位移相等，故此时两物体一定相遇，故D正确；

故选D。2、D【分析】【详解】

A．x-t图像的斜率表示速度；所以物体A和B均做匀速直线运动，根据图像可知物体A的速度大于B的速度。A错误；

B．在0～3s的时间内，物体B运动的位移为xB=x2-x1=10m-0=10m

而A的速度比B的速度大；所以在0～3s的时间内物体A运动的位移大于10m，B错误；

C．根据v-t图像与时间轴所围的面积表示位移，可知0～3s内，C的位移为

D的位移为

物体C的位移小于D的位移，又物体C、D从同一地点沿同一方向运动。t=3s时；物体C没有追上D物体。C错误；

D．t=3s时CD速度相等，t=3s前物体C的速度小于物体D的速度，两者距离越来越大。t=3s后到CD第一次相遇前，物体C的速度大于物体D的速度，两者距离越来越小。因此t=3s时；CD第一次相遇前，物体C与物体D之间有最大间距。D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

根据初速度为零的匀变速直线运动的推论知，在连续通过相等位移内的时间之比为

故D正确．4、B【分析】【详解】

A.以m为研究对象，得到绳子拉力F=mg，保持不变，故A错误；

B.滑轮轴所受的压力大小等于两侧绳子拉力的合力大小，绳子拉力大小不变，两侧绳子间夹角减小，则绳子拉力的合力变大，则滑轮轴所受的压力变大，故B正确；

CD.以M为研究对象，设轻绳与竖直方向的夹角为分析受力，由平衡条件，地面对M的支持力FN=Mg-Fcosα

地面对M的摩擦力Ff=Fsinα

M沿水平地板向右缓慢移动少许后，α减小，由数学知识得到FN变小，Ff变小；根据牛顿第三定律得知M对地面的压力也变小，故CD错误。

故选B.5、B【分析】【详解】

A．根据可知图象与坐标轴围成面积表示速度变化量，可知手机在时刻前后速度均为正；运动方向没有发生改变，故A错误；

B．根据牛顿第二定律得

得

由图可知时刻加速度最大，手对手机的支持力最大，由牛顿第三定律可知手机在时刻对手的压力最大；故B正确；

C．根据可知图象与坐标轴围成面积表示速度变化量，可知手机在时刻速度为正；还没有到最高点，故C错误；

D．由图可知时间加速度向上不断减小，根据牛顿第二定律得

得

可知时刻支持力不断减小，时间内加速度向下，不断增大，根据牛顿第二定律得

得

可得支持力还是不断减小；故D错误；

故选B。6、B【分析】【详解】

以整体为研究对象，整体具有共同的最大加速度，由牛顿第二定律得：

对由牛顿第二定律有：

对由牛顿第二定律有：

达到最大加速度所经历的时间

由以上各式解得

此后将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线，故B正确．二、多选题(共5题，共10分)7、A:B【分析】【详解】

A．小石子在最高点处的速度最小

A正确；

B．小石子做斜抛运动；加速度恒定，故在相等时间内速度的变化量都相同，B正确；

C．小石子在空中运动的时间为

C错误；

D．小石子在空中上升阶段；加速度竖直向下，处于完全失重状态，D错误。

故选AB。8、A:D【分析】【详解】

AB．子弹做匀减速运动穿过第12块木板后速度变为0，运用逆向思维法，子弹反向做初速度为零的匀加速直线运动，设每块木板的厚度为s，则有：

当n=12时，有：

穿过第1块木板后n=11，有：

所以有：

因此穿过第1块木板所用的时间为选项A正确，B错误；

CD．穿过前9块木板，即n=3，有

所以有：

子弹穿过前9块木板所用的时间是选项C错误，D正确．9、A:B:D【分析】【详解】

A、0～20s内A的大于B的速度，两物体是由同一地点向同一方向作直线运动的，则A在B的前方；两者距离逐渐增大；故A正确．

B、20～40s内B的大于A的速度，A、B两物体间的距离逐渐减小；故B正确．

C、在第20s末两物体速度相等，由图线的“面积”看出，这段时间内A的位移大于B的位移，B还没有追上A；故C错误．

D、B物体的加速度为故D正确．

故选ABD．

【点睛】

明确速度—时间图象的斜率代表加速度，面积代表位移；明确追击的情境，是匀加速运动追及匀速运动的问题，当两者速度相等时，相距最远．10、A:C【分析】【分析】

【详解】

C．任意状态的受力如下图所示。

对B的受力分析如下图。

可以构成如下图所示矢量三角形。

设绳与竖直方向的夹角为当F继续向右运动，则增大，由

得出变大；故C正确；

ABD．设F与绳子点为O点，对O点受力分析如下图。

三力平衡有

随着增大而增大，则细线对A的拉力

不变，故A受的弹力

不变；故A正确，BD错误。

故选AC。11、C:D【分析】【详解】

A．由于物块处于静止状态；所以物块受到竖直向下的重力和竖直向上的轻绳的弹力等大反向，故A错误；

BC．由于物块处于静止状态，所以物块受到竖直向下的重力和竖直向上的轻绳的弹力，而弹簧对物块的弹力为零，剪断轻绳瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，所以物体只受重力，根据牛顿第二定律可知，物块的加速度大小为g；故B错误，C正确；

D．对物块受力分析如图。

由图可知；弹簧弹力一直增大，则弹簧的伸长量增大即弹簧长度一直增大，故D正确。

故选CD。三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】【详解】

[1]匀速直线运动的s-t图像为倾斜直线；所以图像表示的不是匀速直线运动。

[2]s-t图像的斜率表示速度，所以可知速度越来越大。【解析】不是大13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]游标卡尺的主尺读数为5.0cm；游标尺上第18条刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为。

所以最终的读数为。

[2]螺旋测微器的读数为。

【解析】5.090cm6.120mm14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]C的基本单位。

[2]因为的单位。

而a无单位，v的单位是m∙s-1；则。

【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】牛1kg·m/s21ma16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]匀变速直线运动是加速度不变的运动；故错误；

（2）[2]匀加速直线运动是速度均匀增加的直线运动。故正确；

（3）[3]根据可知；匀加速直线运动的位移不是均匀增大的。故错误；

（4）[4]由匀变速直线运动的规律知，中间时刻的速度

该段时间内位移中点的速度

比较可得

在匀变速直线运动中，中间时刻的速度一定小于该段时间内位移中点的速度。故正确；【解析】错误正确错误正确17、略

【分析】【详解】

[1][2]．根据多个力求合的步骤，先将F1与F4、F2与F5、F3与F6合成；三组力的合力均为20N，如图所示：

根据两个相等的互成120°的力的合力大小等于分力的大小，方向沿其角平分线，故可知六个力的合力为40N，方向与F6相同．【解析】40与F6同向18、略

【分析】【详解】

[1][2]牛顿第一定律内容即一切物体在不受力的作用时总保持静止或匀速直线运动状态，即不受力时运动状态不变，所以力是物体运动状态发生变化的原因，据此引出的概念即物体保持原来运动状态不变的性质，惯性．【解析】①.运动状态②.惯性19、略

【分析】矢量是指既有大小又有方向的物理量，矢量相加减遵循平行四边形定则，不遵循算术相加减法则．【解析】大小方向不遵从四、作图题(共4题，共32分)20、略

【分析】【详解】

受力分析如图。

【解析】21、略

【分析】【详解】

首先选取标度；如图。

再按比例画出画出两个力的图示；以F1、F2为邻边，根据平行四边形定则作出合力F，量得F与标度之比为4.7：1，所以合力大小为F=4.7×20N=94N【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

物体受力示意图：

【解析】见解析23、略

【分析】根据速度时间图象可知，物体先以4m/s的速度沿负方向做匀速运动10s，位移为：x1=-4×10m=-40m，后静止20s，然后以3m/s的速度沿正方向运动20s，x2=3×20=60m．所以该物体运动的位移图象；如图所示：

【解析】五、实验题(共3题，共21分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

(2)[1]橡皮筋的长度由图甲可得

所以

(3)[2]利用给出的标度作出FOA和FOB的图示，然后以FOA和FOB为邻边的平行四边形，对角线即为合力如图所示：

[3]由图可知F'为作图法所得到的合力，FOO'等于真实合力，F'与FOO'不完全重合，存在一定误差，但在误差允许范围内，可得出实验结论。【解析】①.1.80（1.70~1.90均正确）②.③.25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）①[1]相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，即打纸带A点的速度为。

[2]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，即打纸带B点的速度为。

[3]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，即打纸带C点的速度为。

②[4]由纸带上数据得出相邻的计数点位移之差相等；根据匀变速直线运动的推论。

可得。

（2）[5]因为剪断的纸带所用的时间都是。

即时间t相等；所以纸带的长度等于此段纸带的平均速度之比，而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，速度-时间直线斜率表示加速度，可知运动物体的加速度为。

【解析】0.415m/s0.425m/s0.435m/s0.1m/s20.2m/s226、略

【分析】【详解】

（1）[1]AD．本实验中可以通过力传感器获取小车所受拉力大小；所以不需要用天平测出砂和砂桶的总质量，也不需要小车所受拉力近似等于砂和砂桶的总重力，即不需要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故AD错误；

B．小车靠近打点计时器；先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数，故B正确；

C．电磁打点计时器由于振针的作用；纸带和复写纸之间阻力相对较大，实验误差比较大，而电火花计时器使用的是火花放电，纸带运动时受到的阻力比较小，实验误差也比较小，故C错误。

故选B。

（2）[2]根据逐差法可得小车运动的加速度大小是

（3）[3]根据牛顿第二定律有

将题图横截距数据代入可得【解析】B2.401.0六、解答题(共4题，共20分)27、略

【分析】【详解】

(1)对滑块A，根据平衡条件得mgsin=kx

其中x=l0－l，解得l0=l＋

(2)对A、