2025年人教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图甲所示为用伏安法测量某合金丝电阻的实验电路。实验中分别用最大阻值是550500的三种滑动变阻器做限流电阻。当滑动变阻器的滑片由一端向另一端移动的过程中，根据实验数据，分别作出电流表读数I随（指滑片移动的距离x与滑片在变阻器上可移动的总长度L的比值）变化的关系曲线a、b、c，如图乙所示。则图乙中的图线a对应的滑动变阻器及最适合本实验的滑动变阻器是（）

A.最大阻值为5的滑动变阻器∶图线a对应的滑动变阻器B.最大阻值为50的滑动变阻器；图线b对应的滑动变阻器C.最大阻值为500的滑动变阻器；图线b对应的滑动变阻器D.最大阻值为500的滑动变阻器；图线c对应的滑动变阻器2、把一个带正电荷的球体A放在可以水平移动的绝缘支座上，再把一个带正电荷的小球B用绝缘丝线挂在玻璃棒上的C点（使两个球心在同一水平线上），小球静止时丝线与竖直方向的夹角如图所示．现使球体A向右缓慢移动逐渐靠近小球B，丝线与竖直方向的夹角将逐渐（移动过程中，A、B电量不变）（））

A.增大B.减小C.不变D.无法判断3、以下单位制中，单位均为基本单位的一组物理量是（）A.质量、速度、秒B.加速度、千克、米C.安培、位移、时间D.时间、质量、长度4、在我们的日常生活中会发生很多静电现象。有一次；小明的手指靠近金属门把手时，如图所示，突然有一种被电击的感觉。这是因为运动摩擦使身体带电，当手指靠近门把手时，二者之间产生了放电现象。已知手指带负电，关于放电前手指靠近金属门把手的过程中，下列说法正确的是（）

A.门把手内部的场强逐渐变大B.门把手与手指之间场强逐渐增大C.门把手左端电势高于右端电势D.门把手右端带负电荷且电量增加5、一个用满偏电流为的电流表改装而成的欧姆表，调零后用它测的标准电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，如果用它测量一个未知电阻时，指针指在处，则被测电阻的阻值为（）A.B.C.D.6、M、N两点处固定有点电荷，在两电荷连线上M点左侧附近有一电子，电子能处于平衡状态的是（）A.B.C.D.7、如图为某一机器人上的电容式位移传感器工作时的简化模型图。当被测物体在左右方向发生位移时，电介质板随之在电容器两极板之间移动，连接电容器的静电计会显示电容器电压的变化，进而能测出电容的变化，最后就能探测到物体位移的变化，若静电计上的指针偏角为θ；则被测物体（）

A.向左移动时，θ增大B.向右移动时，θ不变C.向左移动时，θ减小D.向右移动时，θ减小8、一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能Ep与位移x的关系如图所示，则电场强度E，粒子动能EK，粒子速度v，粒子加速度a分别与位移的关系，下列图象中合理的是

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示电路中，电源内阻忽略不计．闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中。

A.U先变大后变小B.I先变小后变大C.U与I比值先变大后变小D.U变化量与I变化量比值等于R310、某同学利用如图所示的电路做“测定电池的电动势和内阻”的实验，其中P、Q为内电表；则。

A.P为电流表B.P为电压表C.Q为电压表D.Q为电流表11、一带正电的粒子仅受电场力作用，做初速度为零的直线运动。取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能与位移x的关系如图所示。若E为电场强度，v为粒子速度；则下列图像中合理的是（）

A.B.C.D.12、一台电动机，线圈电阻为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是（）A.电动机消耗的电能为B.电动机消耗的电能为C.电动机线圈产生的热量为D.电动机线圈产生的热量为13、如图所示，在平面直角坐标系中，竖直向下，水平。在第一象限（空间足够大）存在垂直平面向外的磁场区域，磁感应强度沿y轴正方向不变，沿x轴正方向按照（且为已知常数）规律变化。一个质量为m、边长为L的正方形导线框，电阻为R，初始时一边与x轴重合，一边与y轴重合。将导线框以速度沿x轴正方向抛出，整个运动过程中导线框的两邻边分别平行两个坐标轴。从导线框开始运动到速度恰好竖直向下的过程中，导线框下落高度为h，重力加速度为g；则在此过程中，下列说法正确的是（）

A.导线框受到的安培力总是与运动方向相反B.导线框下落高度为h时的速度为C.整个过程中导线框中产生的热量为D.导线框速度恰好竖直向下时左边框的横坐标为评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝,保持温度不变,若先将它等分成4段,再将这4段电阻丝并联,并联后总电阻为R2,则R2的大小为____。15、如图所示电路中，小灯泡规格为“6V3W”，R3=4Ω，电源内阻r=1Ω，电压表、电流表均为理想电表.闭合开关，调节滑动变阻器阻值，使电压表示数为0，此时灯泡恰好正常发光，电流表的示数为1A.则电源电动势E=_______V，电源输出功率P=_______W，R2=____Ω.

16、如图，在无穷大均匀带正电金属板和负点电荷形成的电场中，金属板接地，金属导体置于负点电荷和金属板之间且在过负点电荷垂直于金属板的直线上，A、B、C是垂线上的三个点且B、C在金属导体表面，B、C两点的电势______（填“大于”、“等于”或“小于”），负电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，______（填“大于”；“等于”或“小于”）。

17、（1）在等量异种电荷的连线中点有一带正电荷的粒子；将其沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为____________，电势能的变化趋势为_________。

（2）在等量同种正电荷的连线中点处有一带负电荷的粒子，将其沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到电场力的变化趋势为____________，电势能的变化趋势为__________。18、为了研究某种化学电源的性能，设计如图所示电路，闭合所有开关，并改变滑动变阻器阻值，观察电压表V1、V2示数的变化，得到如下数据：某一次的测量电压表的读数分别为改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，发现电流表读数变为0.50A，电压表V1读数变化了0.4V，由上面数据可求：该电源电动势E=_________V；电源的内阻为r=__________Ω。

19、把带电荷量的正点电荷从无限远处移到电场中点，要克服电场力做功若把该电荷从无限远处移到电场中点，需克服电场力做功取无限远处电势为零．则点的电势为__________；若把的负电荷由点移到点电场力做功大小为__________．评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)20、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

21、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)23、开展科技活动时；某兴趣学习小组自制的电子秤原理图，如图1所示。

实验器材有：直流电源（电动势为内阻为）；理想电压表V（量程0~3V）；限流电阻R；竖直固定的滑动变阻器R（总长为2cm，总阻值为12Ω）；电阻可忽略不计的弹簧，下端固定于水平地面，上端固定秤盘且与滑动变阻器R的滑动端连接；滑片接触良好且无摩擦；开关S以及导线若干。

（1）若在某次实验中直流电源的路端电压图像如图2所示，可知电源电动势E=_________V，内阻r=__________Ω。

（2）实验步骤如下：

①托盘中未放被测物前；电压表的示数为零。

②在弹簧的弹性限度内，在托盘中轻轻放入被测物，待托盘静止平衡后，滑动变阻器的滑片恰好处于下端b处，要使此时电压表刚好达到满偏，限流电阻的阻值为___________Ω；已知弹簧的劲度系数当地重力加速度被测物的质量m=___________kg，由此在电压表的刻度盘上标示相应的质量数值，即可将该电压表改装成测量物体质量的仪器，则质量刻度是_____________（填“均匀”或“不均匀”）的。24、如图a所示；某同学利用下图电路测量电源电动势和内阻．先将电路中的电压传感器d端与a端连接．

（1）若该同学开始实验后未进行电压传感器的调零而其他器材的使用均正确，则移动滑片后，得到的U-I图象最可能为___________．

（2）将电压传感器d端改接到电路中c端，正确调零操作，移动滑片后，得到如图b所示的U-I图，已知定值电阻R=10Ω，则根据图象可知电源电动势为_________V、内阻为________Ω．（结果保留2位有效数字）

25、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；现除了有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡，导线和开关外，还有：

A．直流电源(电动势约为5V；内阻可不计)

B．直流电流表(量程0～3A；内阻约为0.1Ω)

C．直流电流表(量程0～600mA；内阻约为5Ω)

D．直流电压表(量程0～15V；内阻约为15kΩ)

E．直流电压表(量程0～5V；内阻约为10kΩ)

F．滑动变阻器(最大阻值10Ω；允许通过的最大电流为2A)

G．滑动变阻器(最大阻值1kΩ；允许通过的最大电流为0.5A)

实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据．

(1)实验中电流表应选用________，电压表应选用________，滑动变阻器应选用________(均用序号字母填写)．

（2）请按要求将图中所示的器材连成实验电路__________．

评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)26、如图所示，在平面直角坐标系中第1象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在x轴下侧平面内某处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为界互不影响），一质量为电荷量为的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度垂直于y轴射入电场，经轴上的N点与轴正方向成角射入第4象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运动，最后从轴负半轴上的P点垂直于轴射出，不计粒子重力，静电力常量为求：

（1）粒子运动到N点时的速度大小；

（2）MN两点间的电势差

（3）粒子做匀速圆周运动的轨道半径和固定在轴下侧平面内的点电荷电量

27、如图所示，在水平向右的匀强电场中，长为L的绝缘细线一端悬于O点，另一端系一质量为m、电荷量为＋q的小球（可视为点电荷）。将小球拉至与O点等高的A点，保持细线绷紧并静止释放，小球运动到与竖直方向夹角的P点时速度变为0。已知电场范围足够大，重力加速度为g；空气阻力可忽略。求：

（1）小球刚释放时的加速度a；

（2）小球所受电场力F；

（3）P点和A点间的电势差

（4）小球从A运动到P的过程中，电势能的改变量

（5）小球通过最低点B时的速度大小

（6）小球速度最大时，细线与水平方向的夹角（用表示）；

（7）小球运动过程中的最大速度

28、如图所示,O点固定,长为L的绝缘轻细绳的A端有一带负电荷的小球,电荷量为q,质量为m,水平方向的匀强电场的电场强度为E=将轻绳拉成水平后自由释放.(重力加速度为g)求：

（1）小球运动到最低点时绝缘轻细绳给小球的拉力多大？

（2）小球运动的速度最大时细绳与竖直方向的夹角多大？（可以用三角函数表示）

29、如图所示，一平行板电容器跟一电源相接，当S闭合时，平行板电容器极板间的一带电液滴恰好静止．（1）若将两板间距离增大为原来的两倍；那么液滴的运动状态如何变化；（2）若先将S断开，再将两板间距离增大为原来的两倍，液滴的运动状态又将如何变化．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

从图乙中可以看出a曲线在滑片移动很小距离，就产生了很大的电流变化，说明该滑动变阻器阻值远大于被测量电阻阻值，所以a图对应500Ω滑动变阻器，c图线电流几乎不随着距离x变化，说明该滑动变阻器是小电阻，所以对应是5Ω的图像，本实验采用的是伏安法测量电阻，为了减小实验误差，应该要保证被测电阻中的电流变化范围适当大一些，所以选择图中b所对应的滑动变阻器；故ABD错误，C正确。

故选C。2、A【分析】【分析】

同种电荷相互排斥；球体A靠近小球B，相互排斥力增大，分析小球丝线与竖直方向的夹角的变化．

【详解】

根据库仑定律；球体A向右移动靠近小球B的过程中，B受到向右的库仑力增大，根据三力平衡规律，小球B的悬线偏离竖直方向的夹角增大，故A正确，BCD错误．

故选：A3、D【分析】【分析】

【详解】

A．速度的单位是导出单位；另秒是基本单位，不是物理量，故A错误；

B．加速度的单位是导出单位；千克；米是基本单位，不是物理量，故B错误；

C．安培是基本单位；但不是物理量，故C错误；

D．时间；质量、长度的单位均为基本单位；故D正确。

故选D。4、B【分析】【分析】

【详解】

放电前手指靠近金属门把手的过程中，门把手在手的影响下，发生静电感应，在其右端感应出正电荷，左端感应出负电荷。本身是处于静电平衡状态，内部场强为零，两端电势相等，门把手与手之间看成一个电容器，可知当两者距离减小时，根据公式

联立，可得

可知；门把手与手指之间场强逐渐增大。

故选B。5、A【分析】【详解】

当电流达到满偏电流的一半时；所测电阻与内部电阻相同，为中值电阻。

中值电阻为

则

再由

解得

故选A。6、A【分析】【详解】

电子在两电荷连线上M点左侧，说明两点电荷对电子的库仑力等大、反向，两点电荷电性相反，根据

可知；距离较远的电荷量应更大。

故选A。7、C【分析】【详解】

AC．由公式

可知当被测物体带动电介质板向左移动时，导致两极板间电介质增加，则电容C增加，由公式

可知电荷量Q不变时，U减少，则减少；故A错误，C正确；

BD．由公式

可知当被测物体带动电介质板向右移动时，导致两极板间电介质减少，则电容C减少，由公式

可知电荷量Q不变时，U增加，则增加；故BD错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故：即Ep-x图象上某点的切线的斜率表示电场力；

A、Ep-x图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，根据故电场强度也逐渐减小；故A错误；

B、根据动能定理，有：F•△x=△Ek，故Ek-x图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐减小；与B图矛盾，故B错误；

C、题图v-x图象是直线；相同位移速度增加量相等，又是加速运动，故增加相等的速度需要的时间逐渐减小，故加速度逐渐增加；而电场力减小导致加速度减小；故矛盾，故C错误；

D；粒子做加速度减小的加速运动；故D正确；

故选D.

【点睛】

本题切入点在于根据Ep-x图象得到电场力的变化规律，突破口在于根据牛顿第二定律得到加速度的变化规律，然后结合动能定理分析.二、多选题(共5题，共10分)9、B:C【分析】【详解】

由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是不变，故A错误；在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，U与I的比值就是接入电路的的电阻与的电阻的和；所以U与I比值先变大后变小，故C正确；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于0，故D错误；

【点睛】当滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻先增大后减小，10、A:C【分析】【详解】

P与滑动变阻器为串联关系，故P为电流表，Q并联在电源两端，故Q为电压表；故AC正确，BD错误；

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

AB．粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故

即图象上某点的切线的斜率表示电场力，可知电场力恒定不变，根据

可知电场强度恒定不变；电势能减小，电场力做正功，粒子带正电，电场强度为正，故A正确，B错误；

CD．根据

可知

可知C可能正确；D不合理。

故选AC。12、A:C【分析】【详解】

电动机正常工作时，电动机消耗的电能为UIt，电动机为非纯电阻电路线圈产生的热量为

AB．电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作的时间为t，所以电动机消耗的电能为UIt；所以A正确，B错误；

CD．电动机为非纯电阻电路线圈产生的热量为不能用来计算；所以C正确，D错误；

故选AC。13、B:D【分析】【详解】

A．根据右手定则可知，线框将产生顺时针方向的电流，根据左手定则可知左边框产生方向向右的安培力，右边框产生方向向左的安培力，上边框产生方向向下的安培力，下边框产生方向向上的安培力，再根据磁场的分布规律可知左边框产生的安培力小于右边框产生的安培力，上、下边框产生的安培力大小相等，可知导线框受到向左的安培力的作用，即沿x轴负方向的安培力作用；而不是与运动方向相反，故A错误；

B．导线框在竖直方向所受安培力的合力为零，可知导线框在竖直方向做自由落体运动，下落高度为h时的速度满足运动学关系

可得

故B正确；

C．当导线框速度恰好竖直向下时，说明导线框在水平方向速度减小为零，又导线框在竖直方向所受合力与重力大小相等，即导线框在竖直方向满足机械能守恒，所以下落过程中导线框中产生的热量大小等于水平方向动能的损失，大小为故C错误；

D．设导线框在时间t时的水平分速度大小为水平位移为x，则在此时刻导线框产生感应电动势大小为

导线框内的感应电流大小为

所以导线框受到安培力的大小为

又根据

可得

导线框速度恰好竖直向下时左边框的横坐标为

故D正确。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【详解】

将电阻丝等分成四段，则电阻丝的长度减小为原来的四分之一，又将这四段并联起来，相当于横截面积增大为原来的四倍，根据公式可知，电阻变为原来的故【解析】1Ω15、略

【分析】【详解】

这是一个桥式电路，等效电路图如图所示，当电压表示数为0时，电桥处于平衡状态，流过小灯泡的电流为R3两端的电压为2V，电源内阻的分压为1V，故电源电动势E=9V，电源输出功率P=8V×1A=8W，两个支路的电流均为0.5A，R2两端的电压为6V，故R2=12Ω.

【解析】981216、略

【分析】【分析】

【详解】

金属导体放在电场中，处于静电平衡状态，整个导体是一个等势体，表面是一个等势面，所以B、C两点的电势关系为由电势能公式在负电荷在B点的电势能等于在C点的电势能，即【解析】①.等于②.等于17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]根据等量异种电荷的电场特点可知；在连线的中垂线上，两电荷连线中点的电场强度最大，两侧的电场强度不断减小，所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为：从中间向两侧不断减小；且中垂线是一条等势线且电势为零，所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，电势能不变且为零。

（2）[3][4]根据等量同种正电荷的电场特点可知，在连线的中垂线上，两电荷连线中点的电场强度为零，两侧的电场强度先增大后减小，所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为：从中间向两侧先增大后减小；且中垂线上的电势由中间向两侧不断降低，所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，带负电的粒子的电势能不断增大。【解析】从中间向两侧不断减小电势能不变且为零从中间向两侧先增大后减小电势能不断增大18、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律

[2]改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，第二次的路端电压为

根据闭合电路欧姆定律

解得【解析】1.5119、略

【分析】【分析】

根据电势差公式分别求出A；B两点与无穷远间的电势差；再求出这两点的电势．根据电场力做功公式求出电场力做功．

【详解】

根据得而由题解得：根据得而由题解得：则把的负电荷由点移到点电场力做功大小为．

【点睛】

本题考查运用物理公式处理基本问题的能力．求电势往往先求电势差，再求电势．【解析】400V；四、作图题(共3题，共30分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共3题，共24分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]根据闭合电路的欧姆定律可得

解得

根据图像与纵轴交点表示电动势，图线斜率绝对值表示内阻，由题图可知

（2）②[3]电压表达到满偏

时，设滑动变阻器接入电路的阻值为根据闭合回路的欧姆定律可得

解得

[4]由平衡条件可得

代入数据，解得

[5]质量为的物体，根据闭合回路的欧姆定律得

解得

因为和不成正比，所以质量刻度是不均匀的。【解析】4.00.53.540不均匀24、略

【分析】【详解】

（1）该同学开始实验后未进行电压传感器的调零，则电路电流为0时，电压传感器有示数，不为0，作出的U-I图象中，电压随电流的增大而增大，但纵坐标有截距，观察图b中的图象可知B符合；

（2）将电压传感器d端改接到电路中c端，则电压传感器测量的是滑动变阻器的电压，但由于正负接线接反了，因此测量的数值会变为负值，计算时取绝对值即可，根据如图（c）所示的U-I图可知，电源电动势为3V，由闭合电路的欧姆定律有：当U=2V时，I=0.095A，即解得：内阻r≈0.53Ω．【解析】B3.00.5325、略

【分析】【详解】

（1）灯泡额定电流为：则电流表选C；灯泡额定电压是5V，则电压表选E；描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，为方便实验操作，滑动变阻器应选F．

(2)由于需要电压表示数从零开始；所以需要滑动变阻器的分压接法，因为小灯泡与电路表的内阻相接近，故采用电流表的外接法，如图所示。

【解析】CEF六、解答题(共4题，共16分)26、略

【分析】【详解】

（1）带电粒子运动轨迹如图所示。

设带电粒子过点时的速度为有

得

（2）带电粒子从点运动到点的过程，有

解得

（3）根据图中几何关系可得

可得粒子做匀速圆周运动的轨道半径为

由库仑力提供向心力可得

解得点电荷电量为【解析】（1）（2）