2025年外研版2024高三物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版2024高三物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示．小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点．小球抛出时的动能为8.0J，在M点的动能为6.0J，不计空气的阻力．则（）A.小球水平位移x1与x2的比值1：3B.小球水平位移x1与x2的比值1：2C.小球落到B点时的动能EkB=24JD.小球从A点运动到B点的过程中最小动能为4J2、关于静摩擦力的说法中，正确的是（）A.受静摩擦力作用的物体一定是静止的B.摩擦力一定是阻力C.在物体间压力一定的条件下，静摩擦力的大小是可以变化的，但有一个限度D.滑动摩擦力的方向，不可能和物体运动的方向相同3、阿旺同学学完摩擦力后有了以下看法，你认为其中错误的是（）A.摩擦力的方向可能与物体的运动方向相同B.静摩擦力可以是动力，也可以是阻力，但滑动摩擦力一定是阻力C.受摩擦力作用的物体，一定受到弹力作用D.运动的物体也可能受静摩擦力的作用4、有一个交流电u=311sin314tV，下列说法错误的是（）A.这个交流电的频率是50HZB.它可以使“220V100W”的灯泡正常发光C.用交流电压表测量时，读数为311VD.使用此交流电的用电器，每通过1C的电量时，电流作功220J5、如图所示；一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一小铁球，当小车向右做加速运动时，细线保持与竖直方向成α角，若θ＜α，则下列说法正确的是（）

A.轻杆对小球的弹力方向与细线平行。

B.轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上。

C.轻杆对小球的弹力方向既不与细线平行也不沿着轻杆方向。

D.此时轻杆的形变包括拉伸形变与弯曲形变。

6、【题文】一带电粒子在匀强电场中只受电场力的作用而运动，现将其运动正交分解为x和y两个方向，下列三个图分别为粒子y方向的速度随时间变化图象、x方向的位移随时间变化图象、电势φ沿y方向的分布图象；由图象可知。

A.带电粒子一定带负电B.带电粒子可能做直线运动C.匀强电场的电场线一定沿y轴的负方向D.电场强度的大小一定等于φ-y图象的斜率7、下列关于质点的说法正确的是（）A.质点是客观存在的一种物体，其体积比分子还小B.很长的火车一定不可以看做质点C.为正在参加吊环比赛的陈一冰打分时，裁判们可以把陈一冰看做质点D.如果物体的形状和大小对所研究的问题无影响，即可把物体看做质点评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，在竖直平面内固定着光滑圆管轨道．质量为m的小球从轨道顶端A点无初速释放，然后从轨道底端B点水平飞出落在抛物线状坡面上的C点，坡面的抛物线方程为y=．已知圆管轨道的半径为R，B点的位置坐标为（0，R），重力加速度为g，忽略空气阻力．则小球（）A.在B点的速度大小是B.在B点对轨道的压力大小是7mgC.在C点的位置坐标是D.在C点的动能是mgR9、如图为小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，转速为50r/s，线圈的电阻为r=20Ω，电阻R=100Ω，R0=10Ω；降压变压器原副线圈匝数比为10：1，电压表的示数为10V，如果从图示位置开始计时，下列说法中正确的是（）

A.变压器原线圈两端的电压为100VB.电阻R的功率为10WC.电动势的有效值为110VD.电动势瞬时值表达式为e=112cos100πtV10、如图所示的电路中，电键S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一油滴P，欲断开电键，P仍能静止，则断开的是：（不考虑空气放电）（）A.S1B.S2C.S3D.S411、如图所示，在水平面MN上有半径相等的圆柱体a和圆柱体b靠在一起，a、b表面光滑，a的重力为G，半圆柱体b固定，a静止在水平面上，现过a的轴心O施以水平作用力F，可缓缓的将a拉高水平面一直滑到b的顶端，从圆柱体a刚要离开地面至滑到b的顶端的过程中，下列说法正确的是（）A.拉力F先增大后减小，最大值为GB.开始时拉力F最大为G，以后逐渐减小到GC.a、b间的压力开始最大为2G，以后逐渐减小到GD.a、b间的压力由0逐渐增大，最后为G12、如图所示，+Q和-Q为真空中的两个点电荷，abcd是以点电荷+Q为中心的正方形，c位于两电荷的连线上．以下说法正确的是（）A.a、b、c、d四点中c点场强最大B.b、d两点的场强大小相等、方向相反C.a、b、c、d四点中c点的电势最低D.a、b、c、d四点的电势相等13、理想变压器副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，开关S是断开的，如图所示，在S接通后，以下说法正确的是（）A.灯泡L1两端的电压减小B.通过灯泡L1的电流增大C.原线圈中的电流增大D.变压器的输入功率增大14、某电场的电场线的分布如图所示．一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点．则下列判断正确的是（）A.粒子带正电B.粒子带负电C.粒子在M点的加速度大D.粒子在N点的加速度大15、在高度为H的桌面上以速度v水平抛出质量为m的物体，当物体落到距地面高为h处，如图所示，以桌面为零势能面，不计空气阻力，正确的说法是（）A.物体在A点的机械能为mv2+mghB.物体在A点的机械能为mgH+mv2C.物体在A点的动能为mv2+mghD.物体在A点的动能为mg（H-h）+mv216、某物体做平抛运动时，它的速度方向与水平方向的夹角为θ，其正切值tanθ随时间t变化的图象如图所示，则（g取10m/s2）（）A.第1s物体下落的高度为5mB.第1s物体下落的高度为10mC.物体的初速度为5m/sD.物体的初速度是10m/s评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、一只小灯泡；标有“3V，1.5W”字样．现要描绘小灯泡0～3V的伏安特性曲线．实验器材有：

A．最大阻值为10Ω的滑动变阻器。

B．电动势为6V；内阻约为1.0Ω的电源。

C．量程为0.6A、内阻约为1.0Ω的电流表A1

D．量程为3A、内阻约为0.1Ω的电流表A2

E．量程为3V、内阻约为6kΩ的电压表V1

F．量程为15V、内阻约为10kΩ的电压表V2

G．开关；导线若干。

（1）电压表应选用____；电流表应选用____．（将选项代号的字母填在横线上）

（2）在该实验中，设计了如图所示的四个电路．为了减小误差，应选取的电路是____（将选项代号的字母填在横线上）．

（3）以下是该实验的操作步骤：

A．将电流表；电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路。

B．调节滑动变阻器触头的位置；保证闭合开关前使变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大。

C．闭合开关；记下电流表；电压表的一组示数（U，I），移动变阻器的滑动触头，每移动一次记下一组（U，I）值，共测出12组数据。

D．按所测数据；在坐标纸上描点并将各点用直线段连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线。

指出以上步骤中存在错误或不妥之处并修改：____．18、一个做匀加速直线运动的物体，在它的速度由5m/s增加到10m/s的过程中通过的路程为30m，则速度由10m/s增加到15m/s通过的路程为____m，这两段运动所用的时间t1和t2的关系是____（填“＞”“＜”或“=”），物体的加速度为____m/s2．19、（2012•云南二模）一小功率直流用电器T；额定电压为10V，内阻约20Ω，为测量其额定功率，某同学选用了如下器材：

待测用电器（用表示）

电源E（电动势15V）

电压表（量程0〜3V；内阻Rv=3kΩ）

电流表（量程0〜0.6A；内阻约2Ω）

滑动变阻器（0〜50Ω）

定值电阻R0（阻值9kΩ）

开关和导线若干。

（1）请在图中方框内画出实验电路图；

（2）实验中调整滑动变阻器，当电压表示数为____V时，用电器处于额定工作状态；此时电流表示数如图所示，则该用电器的额定功率为____W．（计算结果保留二位有效数字）20、（2016春•高密市期中）某同学在水平桌面上用练习本和课本做成了一个斜面；使一个小钢球从斜面上某一位置滚下，最后小钢球沿桌面水平滚出，做平抛运动，如图所示，现仅有一把刻度尺，利用此装置来测量小球离开桌面的初速度．

（1）需测量的物理量及其表示符号为____．

（2）钢球离开桌面时的速度表达式为____．21、只有运动的物体才具有惯性，静止的物体没有惯性．____．（判断对错）22、（2013春•厦门期末）如图所示，一理想变压器，原线圈匝数为n1，两个副线圈的匝数分别为n2、n3，三个线圈中的电流分别为I1、I2、I3，电压分别为U1、U2、U3，则U1：U2：U3=____，n1I1=____．23、沿光滑水平地面以12m/s水平向右运动的小球，撞墙后以原来速度大小反弹回来，与墙壁接触时间为0.2s加速度的大小为____；方向____（设向右为正方向）评卷人得分四、简答题(共1题，共7分)24、锶rm{(Sr)}为第五周期Ⅱrm{A}族元素，其化合物rm{SrCl_{2}隆陇6H_{2}O}是实验室重要的分析试剂。工业上常以天青石rm{(}主要成分为rm{SrSO_{4})}为原料制备工业rm{SrCO_{3}}再制备rm{SrCl_{2}隆陇6H_{2}O}Ⅰrm{.}工业rm{SrCO_{3}}的一种制备流程如下图：rm{(1)}乙醇胺rm{(HOCH_{2}CH_{2}NH_{2})}溶液呈弱碱性，在上述流程中用作rm{CO_{2}}的吸收剂，用化学用语表示乙醇胺溶液呈弱碱性的原因：_____________。rm{(2)}天青石与过量的碳在隔绝空气高温焙烧过程中，产生rm{CO}的同时还产生了一种可溶性锶的化合物，若此过程中rm{0.5molSrSO_{4}}转移rm{4mol}电子，此反应化学方程式为：___________________________。rm{(3)}向所得浸取液中通入rm{CO_{2}}可将rm{2)}中可溶性锶的化合物转化为rm{SrCO_{3}}同时溶液中得到rm{HS隆陋}，写出发生反应的离子反应方程式：_____。Ⅱrm{.}利用工业rm{SrCO_{3}}制备rm{SrCl_{2}隆陇6H_{2}O}并进行其质量分数的测定：rm{(4)}从工业rm{SrCO_{3}}制备rm{SrCl_{2}隆陇6H_{2}O}需要进行以下步骤：rm{垄脵}加稀盐酸溶解rm{垄脷}___________rm{垄脹}____________rm{垄脺}过滤rm{垄脻}用低温的rm{SrCl_{2}}饱和溶液洗涤rm{垄脼}低温干燥。上述步骤rm{垄脷}___________在氯化氢气流中进行rm{(}填“需要”或“不需要”rm{)}rm{(5)}产品纯度检测：称取rm{1.000g}产品溶解于适量水中，向其中加入含rm{AgNO_{3}0.01000mol}的rm{AgNO_{3}}溶液，待rm{Cl隆陋}完全沉淀后，用含rm{Fe^{3+}}的溶液作指示剂，用rm{0.2000mol/L}的rm{NH_{4}SCN}标准溶液滴定剩余的rm{AgNO_{3}}使剩余的rm{Ag^{+}}以rm{AgSCN}白色沉淀的形式析出。rm{垄脵}滴定反应达到终点的现象是___________________________________。rm{垄脷}若滴定过程用去上述浓度的rm{NH_{4}SCN}溶液rm{20.00mL}则产品中rm{SrCl_{2}隆陇6H_{2}O(Mr=267)}的质量分数为____________________rm{(}结果保留至rm{0.01%)}参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】（1）小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性可知从A点至M点和从M点至B点的时间t相等．小球在水平方向上做初速为零的匀加速运动，由运动学公式位移公式，运用比例法求出x1与x2之比；

（2）分别研究A到M和A到B水平方向的分运动，由运动学公式速度位移关系式求出小球到达B点的速度，即可得到动能EKB；

（3）根据速度的合成得到动能与时间的关系式，运用数学知识求极值，得到小球动能的最小值．【解析】【解答】解：A；小球在竖直方向上做竖直上抛运动；根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等．

小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动；设加速度为a，则有：

所以；故A正确，B错误。

C、小球从A到M，水平方向上电场力做功为：W电=Eqx1=6J；

则从A到B水平方向上电场力做功为：W电′=Eq（x1+x2）=4W电=24J

则由能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为：EkB=Ek0+4W电=8+24J=32J；故C错误。

D、由题，；

得：vA=

又竖直方向上，有：vA=gt=；

所以①

；

得：vM=

在水平方向上，有vM=at=；

则得：②

所以②：①得

设小球运动时间为t时动能为Ek；则：

化简为：（g2+a2）t2-2v0gt+=0

当△=0时有极值，则：4g2-4（g2+a2）（）=0

得：Ek=Ek0

由

得：a=

即：Ekmin=Ek0=×8J=；故D错误。

故选：A2、C【分析】【分析】静摩擦力的方向总是与物体的相对运动趋势方向相反．相对地面静止的物体，可能受到静摩擦力．运动的物体也可能产生静摩擦力．静摩擦力可以作为阻力，也可以作为动力．【解析】【解答】解：A；运动的物体也可能产生静摩擦力；比如在水平路面上，汽车启动时，车厢地板上的物体会受到静摩擦力作用．故A错误．

B；摩擦力可以与物体运动方向相反；作为阻力；也可以与物体运动方向相同，作为动力．故B错误．

C；在物体间压力一定的条件下；静摩擦力的大小是可以变化的，但有一个限度，比如：处于水平面的物体，在拉力不断增大情况，仍不动，则静摩擦力也不断变大，但拉力大于最大静摩擦力时，则物体就开始运动．故C正确．

D；滑动摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向相反；滑动摩擦力可以与物体运动方向相反，作为阻力，也可以与物体运动方向相同，作为动力．故D错误．

故选：C．3、B【分析】【分析】要解答本题需掌握：

摩擦力产生的条件是：①相互接触的粗糙表面；②要发生或已经发生相对运动；③要相互挤压．

摩擦力的方向与物体间的先对运动或相对运动趋势方向相反．【解析】【解答】解：A；摩擦力的方向与物体间的先对运动或相对运动趋势方向相反；可能与物体的运动方向相同，故A正确；

B；静摩擦力与滑动摩擦力的方向与物体间的先对运动或相对运动趋势方向相反；可能与物体的运动方向相同，故都可能是动力，故B错误；

C；摩擦力产生的条件是：①相互接触的粗糙表面；②要发生或已经发生相对运动；③要相互挤压．故C正确；

D；运动的物体也可能受静摩擦力的作用；如写字时手与笔间的静摩擦力，故D正确；

本题选择错误的，故选B．4、C【分析】【分析】由交流电u=311sin314tV可知ω=314rad/s，电压最大值Um=311V．由ω=2πf求解频率f．由U=求出电压的有效值，判断“220V100W”的灯泡能否正常发光．交流电压表测量的是有效值．根据W=qU求解电功．【解析】【解答】解：A、由交流电u=311sin314tV可知ω=314rad/s，则频率f==50Hz．故A正确．

B、由题电压的最大值Um=311V．有效值U==220V；可以使“220V100W”的灯泡正常发光．故B正确．

C；用交流电压表测量时；读数为220V．故C错误．

D；使用此交流电的用电器；每通过1C的电量时，电流作功W=qU=220J．故D正确．

本题选错误的，故选C5、A|D【分析】

A；B、C、对右侧小球受力分析；受到重力和细线的拉力，根据牛顿第二定律，有。

F合=mgtanα=ma

解得。

a=gtanα

再对左侧小球受力分析；受到重力Mg和杆的弹力T，小球向右以加速度a做变速运动，设弹力与竖直方向的夹角为β，根据牛顿第二定律，有。

x方向：Tx=T′sinβ=Ma①

y方向：Ty-Mg=Tcosβ-Mg=0②

根据牛顿第二定律；有。

F′合=Ma=Mgtanθ③

解得。

θ=β

故A正确；B错误、C错误；

D；由于弹力不沿着杆的方向；故此时轻杆的形变包括拉伸形变与弯曲形变，故D正确；

故选AD．

【解析】【答案】先对右侧球受力分析；运用牛顿第二定律求加速度，再对左侧球受力分析，根据牛顿第二定律求弹力的大小和方向．

6、A|C|D【分析】【解析】由图像可以判断，在y方向上粒子做匀加速运动，在x方向上粒子做匀速运动，粒子做的是类平抛运动，电场线沿y轴方向，B错；粒子动能增大，电场力做正功，电势能减小，由电势沿y轴逐渐升高，粒子带负电，A对；C对；由可知D对；【解析】【答案】ACD7、D【分析】【分析】当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点．【解析】【解答】解：A；质点是一种理想化的物理模型；没有大小和形状，故A错误；

B；一个物体能不能看做质点关键是看物体的形状或大小在所研究的问题中是否可以忽略；研究火车从北京开往上海的时间，火车可以看成质点，故B错误；

C；吊环比赛要考虑运动员的形状；故此时不能看做质点，故C错误；

D；如果物体的形状和大小对所研究的问题无影响；即可把物体看做质点，故D正确．

故选：D．二、多选题(共9题，共18分)8、BD【分析】【分析】据动能定理求出小球在B点时的速度，结合牛顿第二定律求出在B点的支持力，从而得出压力的大小．根据平抛规律可求出小球在坡面上时的竖直分速度，然后求出动能．【解析】【解答】解：A、根据动能定理得，，解得；故A错误．

B、在B点，根据牛顿第二定律得，；解得N=7mg，根据牛顿第三定律知，在B点对轨道的压力为7mg．故B正确．

C、根据平抛规律应有：，，因为y=，解得x=2R，y=；故C错误．

D、落在斜坡上的动能为，vy=gt，结合C选项，解得；故D正确．

故选：BD．9、AD【分析】【分析】由变压器的匝数与电压关系判定原线圈两端的电压；由欧姆定律求出副线圈中的电流，然后再根据电流与匝数的关系求出原线圈中的电流，由P=I2R求出R中的电功率；由U=IR求出R两端的电压，然后求出电源的电动势；由交流电的产生的原理求出电动势表达式．【解析】【解答】解：A、降压变压器原副线圈匝数比为10：1，电压表的示数为10V，则：，所以：V．故A正确；

B、副线圈中的电流：A，根据：，所以：A，电阻R的功率为W．故B错误；

C、电阻R两端的电压：UR=I1R=0.1×100=10V，电源产生的电动势：E=U1+UR+I1r=100+10+0.1×20=112V．故C错误；

D、线圈转速为50r/s，则：ω=2nπ=2π×50=100π，由于是从与中性面的位置开始计时，所以电动势瞬时值表达式为e=112cos100πtV．故D正确．

故选：AD10、AD【分析】【分析】平行板电容器板间悬浮着一油滴P，油滴所受的重力与电场力平衡，当电场力不变时，油滴P仍处于静止．根据条件分别分析即可．【解析】【解答】解：

A、断开S1；电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静止状态．故A正确．

B、断开S2；电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动．与题意不符，故B错误．

C、断开S3；电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下运动．故C错误．

D、断开S4；电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D正确．

故选：AD．11、BC【分析】【分析】对圆柱体a受力分析，受重力、水平拉力和支持力，其中重力恒定，拉力方向不变，三力平衡，做力的矢量三角形分析拉力和弹力大小的变化即可．【解析】【解答】解：两个圆柱体圆心的连线为2R；故其与竖直方向夹角为60°；

a球受三个力平衡；如图所示：

A、B、三个力构成封闭矢量三角形三个边，其中重力不变，其它两个力的夹角变小，开始时拉力F最大为G；以后逐渐减小为0，故A错误，B正确；

C、D、a、b间的压力开始最大为2G；而后逐渐减小到G，故C正确，D错误；

故选：BC．12、AC【分析】解：根据电场线分布的对称性和叠加性原理可知，bd两点场强大小相等；方向不同，a点的场强最小，C点的场强最大，根据顺着电场线方向电势降低，电势不等，c点的电势最低，故AC正确，BD错误。

故选：AC。

等量异种电荷产生的电场中；电场线关于两电荷的连线和中垂线对称，根据对称性分析场强的大小；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势关系．对于电势能，可根据负电荷在电势高处电势能小进行判断。

解决本题的关键要熟悉等量异种电荷电场线分布特点，利用对称性进行判断，利用推论：负电荷在电势高处电势能小，是判断电势能变化常用的方法【解析】AC13、ACD【分析】【分析】本题类似于闭合电路中的动态分析问题，可以根据接通s后电路电路电阻的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．【解析】【解答】解：A、B、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，R上的电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L1的电流减小；故A正确，B错误；

C；D、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等；由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以C正确，D正确；

故选：ACD．14、AD【分析】【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解析】【解答】解：AB；电场线的方向向上；根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，故A正确，B错误；

CD；电场线密的地方电场的强度大；电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，故B错误，D正确；

故选：AD．15、BD【分析】【分析】物体水平抛出后，只受重力，机械能守恒，即动能和重力势能之和守恒．根据机械能守恒定律即可解答．【解析】【解答】解：A、B、在刚抛出时，物体的动能为mv2，重力势能为mgH，机械能为E=mv2+mgH，根据机械能守恒可知：物体在A点的机械能等于物体在刚抛出时的机械能，为mv2+mgH；故B正确，A错误．

C、D、根据机械能守恒得：mv2+mgH=mgh+EKA，则EKA=mg（H-h）+mv2．故C错误；D正确．

故选：BD．16、AD【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，速度不变，在竖直方向上做自由落体运动，速度vy=gt．根据分析【解析】【解答】解：平抛运动可分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动．

A、B、物体在竖直方向上自由落体运动，第1s物体下落高度：==5m；故A正确，B错误；

C、D、根据图象，第1s时，=1，故v0=gt=10×1=10m/s；故C错误，D正确。

故选：AD三、填空题(共7题，共14分)17、ECCB有不妥；闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；

D有错，应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．【分析】【分析】（1）根据灯泡的额定电压及额定电流；根据实验要求中的安全性及准确性进行分析解答；

（2）为了减小误差；测量大电阻时要用内接法，测量小电阻时要用外接法；并且根据题目要求选择分压还是限流接法．

（3）根据实验中的步骤，按实验要求分析实验中出现的问题，并加以修改．【解析】【解答】解：（1）因为小灯泡的额定电压为3V，故电压表选E；小灯泡的额定电流为：I==A=0.5A；故电流表选C．

（2）小灯泡在额定电压下的电阻为：R===6Ω，由于＞；故电流表外接；

在描给小灯泡的伏安特性曲线时；要求电压从零开始，则滑动变阻器选用分压接法；

故选：C．

（3）分析各步骤可以发现：

B有不妥；闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；

D有错；应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．

故答案为：（1）E，C；（2）C；（3）B不妥，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；D有错，应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．18、50=1.25【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出通过的路程，根据平均速度的推论分别求出两段过程中的时间，从而比较大小．根据速度时间公式求出物体的加速度．【解析】【解答】解：速度由5m/s增加到10m/s的过程中通过的路程为30m，有：，即：，解得：a=1.25m/s2；

则速度由10m/s增加到15m/s通过的路程为：．

根据平均速度的推论有：，解得：，根据，解得：；可知时间相等．

故答案为：50，=，1.25．19、2.504.2【分析】【分析】我们发现电压表的量程不符合要求；要扩大量程，电压表串联一个定值电阻，扩大量程；滑动变阻器比被测用电器阻值大的较多，故采用分压接法，画出电路图．

根据电流表的量程为0～0.6A，确定分度值读出示数，根据P=UI求出它的额定功率．【解析】【解答】解：（1）我们发现电压表的量程不符合要求；要扩大量程，电压表串联一个定值电阻，扩大量程；

电压表量程应扩大，所以要串联一个R0=9kΩ的定值电阻；滑动变阻器比被测用电器阻值大的较多，故采用分压接法，画出电路图如图：

（2）由==4，即改装后的电压表量程扩大了4倍，直流用电器T额定电压为10V，则电压表示数应为V==2.50V

读出电流为0.42A；所以该用电器额定功率为：P=UI=10×0.42W=4.2W

故答案为：（1）如图（2）2.50，4.2．20、球落地点距桌边沿的水平距离x，桌边沿距地面的高度hx【分析】【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移和时间求出小球离开桌面时的速度大小，从而选择需要的仪器和需要测定的物理量．【解析】【解答】解：（1）利用平抛运动测量物体的初速度时；要知道物体水平方向的位移和竖直方向的位移大小，所以需要测量：球落地点距桌边沿的水平距离x，桌边沿距地面的高度h；

（2）竖直方向有：y=gt2；

解得：t=

水平方向做运动运动，则有：v0==x

故答案为：（1）球落地点距桌边沿的水平距离x，桌边沿距地面的高度h；（2）x．21、错【分析】【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；惯性的大小与与质量有关．【解析】【解答】解：惯性是物体的固有属性；一切物体在任何情况下都有惯性，故此说法错误．

故答案为：错22、n1：n2：n3n2I2+n3I3【分析】【分析】理想变压器的输入功率和输出功率相等，电压与匝数成正比，当有多个副线圈时，根据输入的功率和输出的功率相等可以判断电流之间的关系．【解析】【解答】解：根据理想变压器的电压与匝数成正比可知：

U1：U2：U3=n1：n2：n3；

理想变压器的输入功率和输出功率相等，所以输入的功率为I1U1，输出的功率为两个副线圈的功率的和，所以I1U1=I2U2+I3U3；

由于U1：U2：U3=n1：n2：n3，所以n1I1=n2I2+n3I3；

故答案为：n1：n2：n3；n2I2+n3I323、120m/s2向左【分析】【分析】规定初速度方向为正方向，小球撞墙后速度反向，为负值，由公式a=求加速度．【解析】【解答】解：设向右为正方向，则v0=12m/s；v=-12m/s，t=0.2s

则加速度为：a=m/s2

负号表示方向与初速度方向相反；即向左．

故答案为：120m/s2；向左．四、简答题(共1题，共7分)24、（1）HOCH2CH2NH2+H2OHOCH2CH2NH3++OH-(2分)

（2）SrSO4+4CSrS+4CO↑(2分)

（3）CO2+Sr2++S2—+OH—=HS—+SrCO3↓(2分)

或CO2+Sr2++2S2—+H2O=2HS—+SrCO3↓

（4）②蒸发浓缩(1分)③冷却结晶(1分)不需要(2分)

（5）①滴入最后一滴NH4SCN标准溶液后，溶液恰好变为红色，且30s内不变色(2分)

②80.10%(2分)

【分析】【分析】本题考查制备实验方案的设计；为高频考点，把握制备流程中发生的化学反应及物质分离方法为解答的关键，涉及盐类水解；氧化还原反应、滴定原理等，注意信息与所学知识的综合应用，综合性较强，题目难度中等。

【解答】rm{(1)}乙醇胺水溶液呈弱碱性是取代基氨基结合氢离子，使溶液中的氢氧根离子浓度增大，反应的离子方程式为：rm{HOCH_{2}CH_{2}NH_{2}+H_{2}O?HOCH_{2}CH_{2}NH_{3}^{+}+OH^{-}}故答案为：rm{HOCH_{2}CH_{2}NH_{2}+H_{2}O?HOCH_{2}CH_{2}NH_{3}^{+}+OH^{-}}rm{(2)}由rm{SrSO}rm{SrSO}rm{{,!}_{4}}被还原，且中只有rm{S}被还原，且rm{0.5mol}rm{SrSO}rm{S}rm{0.5mol}rm{SrSO}则该反应的化学方程式为rm{SrSO_{4}+4C;overset{赂脽脦脗}{=}}rm{{,!}_{4}}反应电子转移rm{4mol}则该反应的化学方程式为rm{SrSO_{4}+4C;overset{赂脽脦脗}{=}}rm{4mol}rm{SrSO_{4}+4C;overset{赂脽脦脗}{=}

}rm{SrS+4CO隆眉}可溶性锶的化合物为故答案为：通入rm{SrSO_{4}+4C;overset{赂脽脦脗}{=}

}rm{SrS+4CO隆眉}生成；rm{(3)}可溶性锶的化合物为rm{SrS}通入rm{CO}rm{(3)}离子反应方程式为：rm{SrS}rm{CO}rm{{,!}_{2}}rm{SrCO}rm{SrCO}rm{{,!}_{3}