2025年沪科版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、（2013秋•儋州校级期末）如图所示的电路中，L1、L2是两个不同的小灯泡，a、b间有恒定的电压，它们都正常发光，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，发生的现象是（）A.L1亮度不变，L2变暗B.L1变暗，L2变亮C.电路消耗的总功率变大D.流过滑动变阻器的电流变大2、如图所示，在某工厂的仓库里，有三根截面半径均为r、质量均为m的金属圆柱A、B、C，A、B放在粗糙水平地面上，C放在A、B上面，不计金属圆柱之间的摩擦，A、B、C始终都处于静止状态．当A、B两金属圆柱的间距变小时，下列说法中正确的是（）A.B对地面的压力增大B.地面对A的作用力的方向始终竖直向上C.C间的弹力减小D.地面对A的摩擦力增大3、图甲是小型交流发电机的示意图；在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其他电阻，则（）

A.t=0时刻线圈平面与中性面垂直B.每秒钟内电流方向改变100次C.灯泡两端的电压为22VD.0～0.01s时间内通过灯泡的电量为04、下列有关超重和失重的说法；正确的是（）

A.无论物体处于超重还是失重状态；物体所受的重力总是不变的。

B.做竖直上抛运动的物体处于完全失重状态。

C.在沿竖直方向上运动的升降机中出现失重现象时；升降机一定处于上升过程。

D.在沿竖直方向上运动的升降机中出现失重现象时；升降机一定处于下降过程。

5、如图所示，一磁感强度为B的有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外．边长为L、总电阻为R的正方形单匝闭合导线框abcd，沿纸面由位置1匀速运动到位置2．则（）A.导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右B.导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平向左C.线框穿过磁场的过程中，通过ab边截面的电量为D.线框穿过磁场的过程中，通过ab边截面的电量为6、如图各电场中，A、B两点场强相同的是（）A.B.C.D.7、在1atm，1g100℃的水吸收了2.25kJ的热量成为1g100℃的蒸汽，这一过程中（）A.2.25kJ=汽的内能+水的内能B.2.25kJ=汽的内能-水的内能C.2.25kJ＞汽的内能-水的内能D.2.25kJ＜汽的内能-水的内能评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、一子弹以600m/s的初速度射入木板，穿出木板时的速度为300m/s，假设子弹在木板中的运动为匀减速直线运动，加速度大小为1.5×106m/s2，则子弹穿过木板厚度为____m．9、有一个电容器，带电荷量为1×10-5，两极板间电压为200V，电容器电容为____F．如果使它带电荷量再增加1×10-6C，此时它的电容为____F，两极板间的电压为____V．10、飞机在2000m的高空以100m/s的速度做水平匀速飞行，相隔1s先后从飞机上落下A、B两个物体，不计空气阻力，则A、B在空气中相隔的最大距离是_______.11、（2012春•宜秀区校级期中）如图所示；将直径为d，电阻为R的闭合金属环从匀强磁场B拉出，求这一过程中，则。

（1）磁通量的改变量为____．

（2）通过金属环某一截面的电量为____．12、（2012秋•越城区校级期中）一个小车M上装有一个滴墨水的容器，每分钟滴出120滴墨水．重物N通过滑轮用绳拉动小车做匀加速运动，小车经过处，在桌面上留下一系列墨滴，如图所示，测出ab=0.12m，bc=0.14m，cd=0.16m．求小车在b点、c点处的速度以及小车运动的加速度分别是____m/s、____m/s、____m/s2．（保留两位小数）评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)13、普通验电器能直接检测物体带有何种性质的电荷．____．（判断对错）14、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）15、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）16、直线电流磁场的方向的判断可以用安培定则：____．17、电流周围存在磁场____．（判断对错）18、直线电流磁场的方向的判断可以用安培定则：____．评卷人得分四、计算题(共1题，共8分)19、如图所示，在光滑水平面上有一个长为L的木板B，上表面粗糙．在其左端有一个光滑的圆弧槽C与长木板接触但不连接，圆弧槽的下端与木板的上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速度v0从右端滑上B并以滑离B；恰好能到达C的最高点．A；B、C的质量均为m，试求：

（1）木板B上表面的动摩擦因数μ

（2）圆弧槽C的半径R．评卷人得分五、证明题(共2题，共16分)20、证明推导题：

试用运动学公式和牛顿定律证明：物体在光滑斜面上下落过程中机械能守恒．21、船以4m/s′的速度（相对静水）垂直河岸渡河；水流的速度为5m/s．若河宽为120m，试计算：

（1）船能否垂直到达对岸？

（2）船需要多少时间才能到达对岸？

（3）船登陆的地点离出发点的距离是多少？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】图中灯L2与滑动变阻器先并联，再与灯L1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由欧姆定律判断电路电流如何变化，可判断灯L1亮度如何变化；根据电路中电流变化，判断出并联电压如何变化，即分析灯L2亮度如何变化．【解析】【解答】解：AB、由电路图可知，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由部分电路欧姆定律可知，干路电流I变小，灯L1电阻RL1不变，由PL1=I2RL1可知，灯L1的实际功率变小，因此灯L1变暗；干路电流I变小，灯L1电阻RL1不变，则并联电压U并=E-IRL1变大，灯L2电阻RL2不变，灯L2的实际功率变大，则灯L2变亮；故A错误；B正确；

C；干路电流变小；根据P=UI，电路消耗的总功率变小，故C错误；

D、干路电流I变小，灯L2电流变大；故流过变阻器的电流变小，故D错误；

故选：B2、C【分析】【分析】对圆柱C分析，根据平衡条件列式判断AC间的弹力变化情况；对球A分析，根据平衡条件列式分析圆柱A与地面间的弹力和摩擦力的情况．【解析】【解答】解：C；对圆柱C分析；受重力和两个支持力，如图所示：

2Ncosθ=mg

解得：

N=

当A；B两金属圆柱的间距变小时；θ减小，故N减小，故C正确；

ABD；对圆柱A受力分析；如图所示：

根据平衡条件；有：

Nsinθ=f

mg+Ncosθ=N1

解得：

N1=

f=

当A、B两金属圆柱的间距变小时，θ减小，结合对称性，B对地面的压力（支持力的反作用力）不变，为mg；故A错误；

地面对A的作用力（支持力和静摩擦力的合力）的方向斜向上；故B错误；

地面对A的摩擦力减小；故D错误；

故选：C3、B【分析】【分析】当线框经过中性面时通过线圈的磁通量最大．感应电动势最小为零．由题图乙可知交流电电动势的周期，即可求解角速度．线框每转一周，电流方向改变两次．【解析】【解答】解：A；由图象乙可知t=0时感应电动势为零；处于中性面上，故A错误；

B；由题图乙可知周期T=0.02s；线框每转一周，电流方向改变两次，每秒电流方向改变100次，故B正确；

C、由题图乙可知交流电电动势的最大值是Em=31.1v，有效值为：，根据闭合电路的分压特点得电压表的示数为：；故C错误；

D、根据得：0～0.01s时间内通过灯泡的电量为①②代入数据①②联立得：q=0.00198c；故D错误；

故选：B．4、A|B【分析】

A；人处于超重或失重状态时；人的重力并没变，只是对支持物的压力或悬挂物的拉力变了，所以A正确；

B；做竖直上抛运动的物体只受到重力的作用；此时受到的加速度的大小为重力加速度g，所以处于完全失重状态，所以B正确；

C；在沿竖直方向上运动的升降机中出现失重现象时；此时有向下的加速度，合力也向下，升降机可以是向上减速运动，也可以是向下加速运动，所以C错误；

D；根据C的分析可知D错误．

故选AB．

【解析】【答案】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时；就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上；

当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时；就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下．

如果没有压力了；那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．

5、B【分析】【分析】根据楞次定律直接判断安培力的方向；根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流的定义公式列式判断电量．【解析】【解答】解：A；B、根据楞次定律；感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的原因，故导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向左；导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平也向左；故A错误，B正确；

C、D、根据法拉第电磁感应定律公式、欧姆定律公式I=和电流定义式I=，有：q=n；线框穿过磁场的过程中；磁通量先增加后减小，变化量为零，故电量q为零；故C错误，D错误；

故选：B．6、C【分析】【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小方向均相同时，场强才相同．【解析】【解答】解：A；在负点电荷产生的电场中；同心球面上的点的场强大小相等．A、B两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误．

B；正点电荷产生的电场中；AB两点场强的方向相同，大小不同，故B错误．

C；两平行板间的电场是匀强电场；场强大小方向都相等，故C正确．

D；AB两点处的电场线的疏密和切线方向都不同．即A、B两点的场强大小和方向都不同；故D错误．

故选：C．7、C【分析】【分析】物体内能的增量（△U）等于外界对物体做的功（W）和物体吸收的热量（Q）的总和．外界对物体做功，W取正值，物体对外界做功，W取负值；物体吸收热量，Q取正值，物体放出热量，Q取负值；物体内能增加，△U取正值，物体内能减少，△U取负值．【解析】【解答】解：1g100℃的水吸收2.25kJ的热量变为1g100℃的水蒸气．虽然温度没有变化；但分子间距离增大过程中，分子表现为引力，克服分子力做功，2.25kJ=汽的内能-水的内+蒸汽对外做功，能即吸收的热量没有完全转化为蒸汽的内能，故C正确，ABD错误；

故选C二、填空题(共5题，共10分)8、9×10-2【分析】【分析】由题意分析已知量及待求量的关系，则可选择合适的运动学公式求解即可．【解析】【解答】解：已知初末速度及加速度求位移；则由位移与速度关系可得：

v2-v02=2ax

解得：x=-=9×m；

故答案为：9×；9、5×10-85×10-8220【分析】【分析】根据电容的定义式C=进行求解电容，对于固定的电容器，其电容是不变的．根据这个公式变形即可求得电压．【解析】【解答】解：由电容的定义式得：C==F=5×10-8F；

电荷量发生变化时，电容不变，还是5×10-8F．

由C=得：

两极间的电压为U′==V=220V

故答案为：5×10-8；5×10-8；22010、略

【分析】【解析】.令第一个物体下落落地时间为t，t==s=20s第一个物体下落19s时的竖直方向上的位移为：h=gt′2=×10×192m=1805m，所以两个物体间的最远距离为：s=2000m－h=195m.思路分析：由于两个物体从一定高度相隔1s先后落下，在未落地前，经过的时间越长，它们间的距离越大；若两个物体是以100m/s的水平速度分别落下的，当以飞机为参考系时，两个物体在做自由落体运动，所以第一个将要落地时，两个物体相距最远试题【解析】【答案】195m11、；．【分析】【分析】根据磁通量的定义式可以求出磁通量的变化量；

由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，由电流的定义式求出感应电荷量．【解析】【解答】解：（1）金属环的面积：S=π（）2=；

磁通量的改变量△Φ=Φ-Φ′=BS-0=；

（2）由法拉第电磁感应定律得，=；

由欧姆定律得，感应电流：=；

感应电荷量：q=△t；

解得：q==；

故答案为：，．12、0.260.300.08【分析】【分析】匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度；根据加速度定义式求出加速度．【解析】【解答】解：每分钟滴出120滴墨水，则时间间隔为：=0.5s

小车在b点的瞬时速度为：vb==0.26m/s

c点处的速度vc==0.30m/s

加速度为：a===0.08m/s2

故答案为：0.26；0.30；0.08．三、判断题(共6题，共12分)13、×【分析】【分析】验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的．【解析】【解答】解：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；故验电器张开的角度越大，说明带电体所带的电荷越多，不能直接判断电荷的正负，只可以定性表物体带电量的多少．

故答案为：×14、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×15、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时，电子脱离氢原子核的约束，成为自由电子，氢原子变成氢离子，刚好到无穷远处的能量为0，因此这时吸收的能量最小．【解析】【解答】解：当电子恰好电离时吸收的能量最小；此时有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上说法是正确的．

故答案为：√16、√【分析】【分析】安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解析】【解答】解：根据安培定则的内容判定线电流的磁感线的方法是：右手握住导线；让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．故该说法是正确的．

故答案为：√17、√【分析】【分析】丹麦物理学家奥斯特首先发现的电流周围存在磁场．【解析】【解答】解：丹麦物理学家奥斯特首先发现的电流周围存在磁场；安培确定了电流周围的磁场的方向．所以电流周围存在磁场是正确的．

故答案为：（√）18、√【分析】【分析】安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解析】【解答】解：根据安培定则的内容判定线电流的磁感线的方法是：右手握住导线；让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．故该说法是正确的．

故答案为：√四、计算题(共1题，共8分)19、略

【分析】

1；当A在B上滑动时；A与BC整体发生相互作用，由于水平面光滑，A与BC组成的系统动量守恒列出等式，由能量守恒得知系统动能的减少量等于滑动过程中产生的内能列出等式，联立求解．

2；当A滑上C；B与C分离，A、C发生相互作用，A、C组成的系统水平方向动量守恒，由A、C组成的系统机械能守恒列出等式，联立求解．

解决该题关键要能够熟练运用动量守恒定律和能量守恒定律列出等式求解．【解析】解：（1）当A在B上滑动时；A与BC整体发生相互作用，由于水平面光滑，A与BC组成的系统动量守恒，选向左的方向为正方向，有。

：①

由能量守恒得知系统动能的减少量等于滑动过程中产生的内能即：

②

联立①②解得：③

（2）当A滑上C，B与C分离，A、C发生相互作用．设A到达最高点时两者的速度