2025年华东师大版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版选修3物理上册月考试卷221考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，虚线框内存在均匀变化的匀强磁场，三个电阻R1、R2、R3的阻值之比为1∶2∶3，导线的电阻不计．当S1、S2闭合，S3断开时，闭合回路中感应电流为I；当S2、S3闭合，S1断开时，闭合回路中感应电流为5I；当S1、S3闭合，S2断开时；闭合回路中感应电流为()

A.0B.4IC.6ID.7I2、如图所示，当滑动变阻器R3的滑动头P向下移动时；则。

A.电压表示数变小，电流表示数变大B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表示数变大，电流表示数变大D.电压表示数变小，电流表示数变小3、下列说法不正确的是（）A.热平衡定律是温度计能够用来测量温度的基本原理B.如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统也必定处于热平衡C.温度是决定两个系统是否达到热平衡状态的唯一物理量D.两个系统处于热平衡时，它们一定具有相同的热量4、一定质量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C，A、B和C三个状态的体积分别为和．状态变化过程中气体的压强与热力学温度的关系如图所示，下列说法正确的是（）

A.B.C.状态A到状态B的过程中气体的内能增大D.状态B到状态C的过程中气体分子的平均动能减小5、如图所示，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，通过L1、L2、L3中的电流大小相等，L1、L2中的电流方向垂直纸面向里，L3中的电流方向垂直纸面向外；在三根导线与纸面的交点所构成的等边三角形的中心上放有一电流方向垂直纸面向外的通电长直导线则该导线受到的安培力的方向为。

A.指向L1B.指向L2C.背离L3D.指向L36、质谱仪可用来分析同位素，也可以用来分析比质子重很多倍的离子．现在用质谱仪来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定．质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口P离开磁场．若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从P点离开磁场；需将磁感应强度增加到原来的11倍．此离子和质子的质量之比为（）

A.11B.12C.121D.1447、某同学按如图电路进行实验；电压表和电流表均为理想电表，实验中由于电路发生故障，发现两电压表示数相同(但不为零)，若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是（）

A.R3短路B.R1短路C.R3断开D.R2断开8、一列简谐横波沿x轴负方向传播，图1是该横波t=0时的波形图；图2是介质中某质点的振动图像，则图2描述的可能是。

图1图2A.x=3m处质点的振动图像B.x=2m处质点的振动图像C.x=1m处质点的振动图像D.x=0处质点的振动图像评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、在基本的逻辑门电路中，当输入信号有一个为“0”时，输出信号为“0”的逻辑门电路可能是（）A.与门B.或门C.非门D.以上都不对10、如图，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程①、②、③、④到达状态e；对此气体，下列说法正确的是（）。

A.过程①中气体的压强逐渐增大B.过程②中气体对外界做正功C.过程④中气体从外界吸收了热量D.状态c、d的内能不相等11、有关下列五幅图像所对应的物理规律；说法正确的是（）

A.甲图中，碳颗粒沿着笔直的折线运动，说明水分子在短时间内的运动是规则的B.乙图说明单晶体在不同方向上的微粒排列是不一样的，所以单晶体在物理性质上表现为各向异性C.丙图中，当分子间作用力为零时，分子间的引力、斥力都为零，分子势能最小E.将戊图中的隔板抽走，A内气体进入B内，对外不做功，内能不变E.将戊图中的隔板抽走，A内气体进入B内，对外不做功，内能不变12、如图所示，一定质量的理想气体，从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的p-V图象如图所示。已知状态A时的温度为27℃；则下列判断正确的是（）

A.气体处于状态B时的温度是900KB.气体处于状态C时的温度是300KC.从状态A变化到状态C过程理想气体内能增大E.从状态B变化到状态C过程气体放热E.从状态B变化到状态C过程气体放热13、下列说法中正确的是（）A.气体的温度降低，每个气体分子运动的速率都降低B.布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动C.一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加E.空调机压缩机制冷时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以这一过程不遵守热力学第二定律E.空调机压缩机制冷时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以这一过程不遵守热力学第二定律14、下列说法正确的是___________。A.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的B.物体的温度升高，所有分子的动能都增大C.外界对气体做正功，气体的内能可能减少E.同种元素可通过不同的原子排列组合形成不同的晶体E.同种元素可通过不同的原子排列组合形成不同的晶体15、如图所示，一水平面内固定两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨上面横放着两根完全相同的铜棒ab和cd，构成矩形回路，在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场B。开始时，棒cd静止，棒ab有一个向左的初速度v0。从开始到最终稳定的全过程中；下列说法正确的是()

A.ab棒做匀减速直线运动，cd棒做匀加速直线运动，最终都做匀速运动B.ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量C.ab棒减小的动能大于cd棒增加的动能D.安培力对ab棒和cd棒分别做负功和正功，做功总和为零16、一个透明均匀玻璃圆柱的横截面如图所示，一束由a、b两种单色光组成的复色光从A点射入，分成两束分别从B、C射出，则下列说法正确的是()

A.a光的折射率小于b光的折射率B.在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度C.a、b两种单色光分别从B、C射出时折射角相等D.a、b两种单色光分别通过同一个双缝干涉装置，b光的干涉条纹间距较大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场产生________，变化的电场产生_________，从而预言了__________的存在。18、（1）单晶体有各向_______的特点．

（2）液体的温度越高，表面张力_______；液体中溶有杂质时，表面张力_______；液体的密度越大，表面张力_______．

（3）关于饱和汽压的特点：液体的饱和汽压与温度有关，温度越高，饱和汽压______，且饱和汽压与饱和汽的体积无关．19、以数字信号为特征的现代信息技术早已进入我们的生活．处理数字信号的电路叫做数字电路，数字电路中最基本的逻辑电路——门电路，如图所示的电路叫“__________”逻辑电路。（选填“与”、“或”或者“非”）20、如图，两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为的U型管，左管上端封闭，石管上端开口。右管中有高的水银柱，水银柱上表面离管口的距离管底水平段的体积可忽略。环境温度为大气压强现从右侧端口缓慢注入水银（与原水银柱之间无气隙），恰好使水银柱下端到达右管底部。此时封闭气体的压强为______要使封闭气体在回到原来的体积，应将气体温度升高到______

21、如图，一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，已知状态A的压强为则状态B的压强___________；B到C过程中气体___________（选填“吸热”“放热”或“与外界无热交换”）．

22、带有活塞的汽缸中封有一定质量的理想气体，缸内气体从状态A变化到状态B，如图所示。设气体在状态A时的压强为pA，体积为VA，温度为TA，到状态B时的温度为TB。此过程中，汽缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力____（选填“变大”“不变”或“减小”），____（选填“气体对外做功”或“外界对气体做功”）的绝对值为____，缸内气体____（选填“吸收”或“放出”）热量。

23、如图甲所示是两电阻R1、R2各自的U-I图线．则电阻R1的阻值为______Ω．如果把R1、R2两个电阻串联接成如上图乙所示的电路时，电流表的示数为0.1A．则此时电阻R2两端的电压是______V．

24、一定质量的理想气体，其压强p随体积V变化的图线如图所示．已知在状态A时气体的温度为300K．则在状态C时气体温度Tc=_____K；如果由状态A经B到C的过程中，气体对外做了400J的功，则这个过程气体_____(填“吸收”或“放出”)____J的热量．

25、研究光电效应电路如图甲所示，用频率都为强度不同的两束光B、C分别照射密封真空管的钠极板（阴极K），钠极板发射出的光电子（带电荷量为e）被阳极A吸收，在电路中形成光电流，其光电流I与A、K之间的电压UAK的关系如图所示，可知B光的强度________C光的强度（选填“大于”、“等于”或“小于”），金属钠的逸出功为___________（已知普郎克常量为h）。

评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)29、某实验小组要测量两个电压表的内阻；实验室提供的实验器材如下：

A．待测电压表V1（量程为5V）

B．待测电压表V2（量程为3V）

C．滑动变阻器R1（最大阻值为20Ω；额定电流为1A）

D．滑动变阻器R2（最大阻值为500Ω；额定电流为1A）

E．电阻箱R（0—9999Ω）

F．电源（电动势约9V；内阻约1Ω）

G．开关两个；导线若干。

(1)研究小组设计的电路图如图所示，选用的滑动变阻器为_____（填“R1”或“R2”）。

(2)实验步骤如下：

①按电路图连接好电路，两开关均要打开，滑动变阻器的触头要在最_____端（填“右”或“左”）。

②闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器，使两个电压表的示数逐渐增加，当电压表V1示数为4V时，电压表V2示数为2V。

③保持滑动变阻器的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱，当电阻箱的阻值为R=3kΩ时，电压表V2的示数变为1V，则电压表V1的内阻为________kΩ。

(3)电压表V2内阻的测量值________（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。30、某实验小组欲自制欧姆表测量一个电阻的阻值；实验提供的器材如下：

A.待测电阻Rx(约200Ω)；

B.电源(电动势E约1.4V，内阻r约10Ω)；

C.灵敏电流计G(量程1mA，内阻Rg=200Ω)；

D.电阻R1=50Ω；

E.电阻R2=200Ω；

F.滑动变阻器R3(阻值范围为0~50Ω)；

G.滑动变阻器R4(阻值范围为0~500Ω)；

H.开关；导线若干．

(1)由于电源电动势未知，该实验小组经过分析后，设计了如图(a)所示的电路测量．部分步骤如下：先闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计读数I1接近满偏；保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S2，读出此时灵敏电流计的示数I2．

①根据实验要求，定值电阻a应选___________；滑动变阻器R应选___________．(选填器材前的标号)

②若实验中I1=0.90mA，I2=0.54mA，则电源电动势为___________V．

(2)测出电动势后，该小组成员在图(a)的基础上，去掉两开关，增加两支表笔M、N，其余器材不变，改装成一个欧姆表，如图(b)所示，则表笔M为___________(选填“红表笔”或“黑表笔”)．用改装后的欧姆表测量待测电阻Rx阻值，正确操作后，灵敏电流计读数如图(c)所示，则待测电阻R的阻值为___________Ω．31、在通用技术课上；某小组在组装潜艇模型时，需要一枚截面为外方内圆的小螺母，如图所示．现需要精确测量小螺母的内径，可选用的仪器有：

A．50等分的游标卡尺B．螺旋测微器。

①在所提供的仪器中应选用__________________________________．

②在测量过程中，某同学在小螺母中空部分360°范围内选取不同的位置进行多次测量取平均值的目的是_________________________________________．

32、李明同学想要测量某个未知电阻R1,他的手边共有仪器如下:一个电阻箱R、一个滑动变阻器R0、一个灵敏电流计G、一个不计内阻的恒定电源E；开关、导线若干．他首先想到用伏安法或者电表改装知识来设计电路,但发现由于仪器缺乏无法实现．苦恼之余去寻求物理老师的帮助．老师首先给了他一道习题要求他思考:

(1)如图甲,在a、b之间搭一座“电桥”,调节四个变阻箱R1、R2、R3、R4的阻值,当G表为零时(此时也称为“电桥平衡”),4个电阻之间的关系是_____．

(2)聪明的李明马上想到了改进自己的实验,他按照以下步骤很快就测出了Rx

①按图乙接好电路,调节_____,P为滑动变阻器的滑片,当G表示数为零时,读出此时变阻箱阻值R1;

②将Rx与变阻箱R互换位置,并且控制______不动,再次调节____,直至电桥再次平衡时,读出此时变阻箱阻值R2;

③由以上数据即可得Rx的阻值,其大小为Rx=__．评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)33、离子发动机是利用电能加速工质（工作介质）形成高速射流而产生推力的航天器发动机。其原理如图所示，首先电子枪发射出的高速电子将中性推进剂离子化（即电离出正离子），正离子被正、负极栅板间的电场加速后从喷口喷出，从而使飞船获得推进或姿态调整的反冲动力。这种发动机寿命长，适用于航天器的姿态控制、位置保持等。已知单个离子的质量为m，电荷量为q，正、负极栅板间加速电压为U，从喷口喷出的正离子所形成的电流为I。忽略离子间的相互作用力；忽略离子喷射对卫星质量的影响。求：

（1）离子经电场加速后，从端口喷出时的速度大小v0；

（2）该发动机产生的平均推力大小F；

（3）假设航天器的总质量为M，正在以速度v1沿MP方向运动，已知现在的运动方向与预定方向MN成θ角，如图所示。为了使飞船回到预定的飞行方向MN，飞船启用推进器进行调整。如果沿垂直于飞船速度v1的方向进行推进，且推进器工作时间极短，为了使飞船回到预定的飞行方向，离子推进器喷射出的粒子数N为多少。

34、一细光束以入射角60°射到某种透明玻璃表面，其反射光线与折射光线互相垂直．如图，△ABC是用同种玻璃做成的直角三棱镜的横截面，其顶角θ=30°，AB边长为l；PQ为平行于直线AB的光屏．现有一宽度也为l的单色平行光束垂直射向AB面；求在光屏PQ上形成光带的宽度．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】因为R1：R2：R3=1：2：3，可以设R1=R，R2=2R，R3=3R；

由电路图可知，当S1、S2闭合，S3断开时，电阻R1与R2组成闭合回路，设此时感应电动势是E1，由欧姆定律可得：

当S2、S3闭合，S1断开时，电阻R2与R3组成闭合回路，设感应电动势为E2，由欧姆定律可得：

当S1、S3闭合，S2断开时，电阻R1与R3组成闭合回路，此时感应电动势，则此时的电流故D正确，ABC错误；

故选D．

【点睛】分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律是正确解题的关键；要注意在三种电路情况下，产生的感应电动势不同．2、B【分析】【分析】

在变阻器的滑片向下滑动的过程中；变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压如何变化，即可知电压表示数的变化情况．由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断电流表示数的变化．

【详解】

滑动头P向下移动时，滑动变阻器连入电路的总电阻增大，即电路总电阻增大，根据闭合回路欧姆定律可得电路路端电压增大，即电压表的示数增大，总电流减小，即两端的电压减小，故并联电路电压增大，即两端电压增大，通过支路的电流增大；而总电流是减小的，故通过变阻器支路的电流减小，即电流表示数减小，B正确．

【点睛】

在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部．3、D【分析】【分析】

【详解】

AB．由热平衡定律可知，若物体与A处于热平衡，它同时也与B达到热平衡，则A的温度便等于B的温度；这也是温度计用来测量温度的基本原理，故A；B正确；

CD．热平衡的系统都具有相同的状态参量——温度；故D错误，C正确。

本题选不正确的，故选D。4、C【分析】【详解】

AB．根据一定质量的理想气体的状态方程可知，从A→B的过程中，气体体积不变，即

从B→C的过程中，体积增大，即

故AB错误；

C．状态A到状态B的过程中气体的温度升高；则内能增大，故C正确；

D．状态B到状态C的过程中气体的温度不变，气体分子的平均动能不变，故D错误；

故选C。5、D【分析】【分析】

根据同向电流相吸；异向电流相斥的原理，判断三条直导线对中心处的合力方向．

【详解】

根据同向电流相吸，异向电流相斥的原理可知，L1和L2对放在中心处的导线均为斥力，合力的方向指向L3；L3对放在中心处的导线为吸引力，方向指向L3；则三条直导线对放在中心处的导线的作用力的合力方向指向L3；故选D.6、D【分析】【详解】

质量为m，带电量为q的粒子在质谱仪中运动，则粒子在加速电场中加速运动，设粒子在磁场中运动的速度为v，应用动能定理可得：

解得：

粒子在磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有：

解得：

因为离子和质子从同一出口离开磁场，所以他们在磁场中运动的半径相等，即为：

所以离子和质子的质量比m离：m质=121；

A．11；与结论不相符，选项A错误；

B．12；与结论不相符，选项B错误；

C．144；与结论不相符，选项C错误；

D．121，与结论相符，选项D正确；7、D【分析】A：R3短路；两电压表均被短路，电压表示数相同(均为零)。故A项错误。

B：R1短路，由图可知RP与R2串联后与R3并联，然后接在电源上。电压表V1测并联部分电压，V2测R2两端的电压。两电压表示数不同。故B项错误。

C：R3断开，由图可知RP与R2串联，然后再与R1串联。电压表V1测RP与R2的电压，V2测R2两端的电压。两电压表示数不相同。故C项错误。

D：R2断开，R3与R1串联接在电源上，两电压表均测R3的电压。两电压表示数相同(但不为零)。故D项正确。8、A【分析】A项：x=3m处质点在t=0时刻从平衡位置向下振动；与振动图像t=0时相符，故A正确；

B项：x=2处质点在t=0时刻处于波峰位置；与振动图像t=0时不相符，故B错误；

C项：x=1m处质点在t=0时刻从平衡位置向上振动；与振动图像t=0时不相符，故C错误；

D项：x=0处质点在t=0时刻处于波谷位置；与振动图像t=0时不相符，故D错误．

点晴：本题考查识别、理解振动图象和波动图象的能力和把握两种图象联系的能力．二、多选题(共8题，共16分)9、A:B【分析】【详解】

输入信号有一个为“0”时；“与”门电路的输出信号为“0”；“或”门电路输出什么信号要看另一个输入信号是什么，若另一个输入信号为“1”，那么“或”门电路输出信号为“1”；“非”门电路输入“0”时，输出“1”，AB正确，CD错误。

故选AB。10、A:B【分析】【详解】

A．过程①是等容变化；温度升高，由查理定理可知压强增大，A正确；

B．过程②中；体积增大，气体对外做功，B正确；

C．过程④是等容变化；温度降低，放出热量，C错误；

D．过程③是等温变化，温度不变，故状态c、d的内能相等；D错误。

故选AB。11、B:D:E【分析】【详解】

A．图中的折线是固体小颗粒在不同时刻的位置的连线；即不是固体小颗粒的运动轨迹，也不是分子的运动轨迹，图中的折线没有规则，说明固体小颗粒的运动是无规则的，水分子的运动是无规则的，故A错误；

B．单晶体具有各向异性；是因为内部结构，在不同方向上物质微粒的排列情况不同，故B正确；

C．当分子间距等于r0时，分子间的引力和斥力大小相等方向相反，合力为零，即分子力为零，但不是分子间的引力和斥力都为零；分子间距离从近距离增大时，分子力先为斥力，后为引力；分子力先做正功，后做负功；故分子势能将先减小后增大，当两个分子间的距离为r0时；分子势能最小，故C错误；

D．根据分子运动的统计规律可知；不论温度如何变化，气体分子速率分布规律总表现为“中间多两头少”，速率很大和很小的分子总是少数分子，故D正确；

E．绝热容器内的气体与外界没有热传递，即Q=0

A内气体向真空扩散时气体没有做功，即W=0

根据热力学第一定律可得

即气体的内能不变；故E正确。

故选BDE。12、A:B:E【分析】【详解】

A．由图示图象可知，A→B过程有。

代入数据解得。

TB=900K选项A正确；

B．B→C过程有。

代入数据解得。

TC=300K选项B正确；

C．A→C过程，由温度变化为0得ΔU=0；选项C错误；

D．从状态A变化到状态B过程理想气体内能增大；对外做功，由热力学第一定律，一定是吸热，选项D错误；

E．同理，从状态B变化到状态C过程气体放热；选项E正确。

故选ABE。13、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．气体的温度降低；分子的平均速率降低。故A错误；

B．布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动。故B正确；

C．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气；分子间距变大，分子力做负功，其分子之间的势能增加。故C正确；

D．在宏观上；温度表示了分子的热运动的剧烈程度，故只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低。故D正确；

E．空调机压缩机制冷时；将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，前提条件是压缩机做功了，这个热学过程不是自发的，所以这一过程仍然遵守热力学第二定律。故D错误。

故选BCD。14、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象是由于物质分子的无规则运动产生的；故A正确；

B．温度是分子平均动能的标志；物体温度升高，分子热运动的平均动能增大，而不是所有分子的动能都增大，故B错误；

C．由热力学第一定律可知，若外界对气体做正功W，同时气体向外界放热Q，当向外界放热Q大于外界对气体做的正功W时；气体内能减少，故C正确。

D．根据热力学第二定律可知；热机效率不能达到100%，故D错误；

E．同种元素可通过不同的原子排列组合形成不同的晶体；例如石墨和金刚石都是碳元素构成的，故E正确。

故选ACE。15、B:C【分析】【详解】

初始时ab棒向左运动受到向右的安培力，cd棒受到向左的安培力，所以ab棒减速，cd棒加速，设ab棒速度为v1，cd棒速度为v2，开始时v1＞v2，随着运动两棒的相对速度△v=v1-v2逐渐减小至0，两棒切割磁场产生的感应电动势为E=BL•△v，E也逐渐减小最终为0，感应电流逐渐减小到0，安培力逐渐减到0，所以ab棒做加速度逐渐减小的变减速直线运动，cd棒做加速度逐渐减小的变加速直线运动，故A错误；两棒组成的系统受安培力的合力为零，故系统的动量守恒，所以ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量，故B正确；回路中有产生电磁感应现象，有电流做功产生电热，所以根据能量守恒可知，ab棒减小的动能等于cd棒增加的动能与两棒产生电热之和，所以ab棒减小的动能大于cd棒增加的动能，故C正确；安培力对ab棒和cd棒分别做负功和正功，但是由于两棒的位移不同，则做功总和不为零，选项D错误.16、A:C【分析】【分析】

根据光线在A点的入射角和折射角的关系，即可分析折射率的大小关系；由分析光在玻璃中传播速度的大小；根据光路的可逆性分析折射角的关系；根据折射率的大小；分析波长的大小，根据双缝干涉条纹的间距与波长成正比，分析干涉条纹间距的关系．

【详解】

由图知：在A点两光的入射角相等，a光的折射角大于b光的折射角，由折射率公式可知a光的折射率小于b光的折射率，由分析可知在玻璃中，a光的传播速度大于b光的传播速度，故A正确，B错误．由几何知识知两光束在B、C两点的入射角分别等于在A点的折射角，根据光路可逆性原理可知在B、C的折射角等于在A点的入射角，所以从B、C射出时折射角相等，故C正确．a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长，因为双缝干涉条纹的间距与波长成正比，所以a、b两种单色光分别通过同一个双缝干涉装置获得的干涉条纹间距a的较大；故D错误．故选AC．

【点睛】

本题也可用假设法，由折射率不同，从而假设a是紫光，b是红光，则可根据红光与紫光的特性来确定出正确答案．关键要掌握折射率公式、知道波长、频率、光速等等物理量与折射率的关系．三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验证实电磁波存在。【解析】电场磁场电磁波18、略

【分析】（1）单晶体有各向异性的特点．

（2）根据表面张力的形成可知；液体的温度越高，表面张力越小；液体中溶有杂质时，表面张力变小；液体的密度越大，表面张力越大．

（3）关于饱和汽压的特点：液体的饱和汽压与温度有关，温度越高，饱和汽压越大，且饱和汽压与饱和汽的体积无关．【解析】异性越小变小越大越大19、略

【分析】【详解】

[1]该图中，A、B开关只要有一个闭合，灯就会亮，即几个条件中，只要有一个条件得到满足，某事件就会发生，这种关系叫做“或”逻辑关系。【解析】或20、略

【分析】【详解】

[1]对于左端密封气体，状体1的体积为

状态1的压强为

状态2的体积为

根据气体实验定律得

解得

[2]升温过程是等压变化，根据气体实验定律得

将带入得【解析】88.932021、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题图可知，从状态A经过状态B为等温变化，则有

已知

解得

[2]由题图可知，B到C过程中，温度降低，内能减少，即

体积变小，则外界对气体做功，即

由热力学第一定律

可知

即气体放热。【解析】放热22、略

【分析】【详解】

[1]．缸内气体从状态A变化到状态B为等压变化，故气缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力不变；

[2][3]．气体体积变大；对外做功；

由可得

则气体对外做功的绝对值

[4]．理想气体对外做功的同时，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即气体吸收热量．【解析】不变气体对外做功吸收23、略

【分析】【详解】

由图甲可知，U1=4V时，I1=0.2A，则

由图乙知，两电阻串联在电路中，由图甲可知：当I1=I2=0.1A时，U2=1V；【解析】20Ω1V.24、略

【分析】【分析】

找到AC两个状态的状态参量；根据理想气体的状态方程求解C的温度；根据热力学第一定律判断从A到C吸热或放热情况.

【详解】

[1]由图可知：pA=4×104pAVA=1m3TA=300KpC=1×104pAVC=4m3

根据解得:TC=300K；

[2][3]根据热力学第一定律如果由状态A经B到C的过程中，气体对外做了400J的功，而气体的内能不变，则这个过程气体吸收400J的热量。【解析】300；吸收；40025、略

【分析】【详解】

[1]由图像可知，B光的饱和光电流大于A光，所以B光的强度大于C光的强度；

[2]由图像可知，反向截止电压为则光电子的最大初动能为由光电效应方程可知，金属钠的逸出功为【解析】大于四、作图题(共3题，共27分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共28分)29、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择

(2)[2]滑动变阻器采用分压接法；为保护电路，滑动变阻器的触头要在最左端。

[3]闭合开关S1、S2；由串联电路特点得。

断开开关S2时；由串联电路特点得。

闭合开关S1、S2和断开开关S2时；由于滑动变阻器的位置不变，所以前后支路上的总电压不变。

联立解得。

(3)[4]断开开关电阻箱接入电路时电路总电阻变大，干路