2025年人教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理下册月考试卷501考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示；质量为m的物体在水平传送带上有静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v做匀速运动．物体与传送带之间的动摩擦因数为μ，物体最后能与传送带保持相对静止．对于物体从开始释放到与传送带相对静止这一过程，下列说法正确的是（）

A.电动机多做的功为mv2B.摩擦力对物体做的功为mv2C.传送带克服摩擦力做的功为mv2D.电动机增加的功率为mgvμ2、如图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体B()

A.不带电B.带负电C.带正电D.不能确定3、由欧姆定律可知下列说法正确的是（）A.电压越大，导体的电阻越大B.电流越大，导体的电阻越大C.和的比值决定电阻的大小D.导体电阻的由导体本身决定4、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场线中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子；运动轨迹如图中虚线所示，则（）

A.a一定带正电，b一定带负电B.a的速度将减小，b的速度将增大C.a的加速度将减小，b的加速度将增加D.两个粒子的动能，一个增加一个减小5、如图所示，虚线为电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等．一个带正电的点电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能，则下列说法正确的是（）

A.A点的电势比B点的高B.无法比较A．B两点的电势高低C.A点的电场强度比B点的大D.无法比较A．B两点的场强大小6、下列对物理学史的描述述不正确的是（）A.首次发现电磁感应现象规律的物理学家是法拉第B.电场这个“场”的概念最先是由库仑提出的C.赫兹首先用实验证实电磁波的存在D.普朗克首先提出“量子”概念来解释黑体辐射7、如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d；则下列说法正确的是（）

A.O点的电势以及电场强度均为零B.c、d两点的电势以及电场强度均相同C.a、b两点的电势以及电场强度均相同D.将一正试探电荷由无穷远处移到c点，其电势能减少8、如图所示，边长为a的等边ΔABC的A、B、C三点处各放置一个点电荷，三个点电荷所带电荷量数值均为Q，其中A、B处为正电荷，C处为负电荷。O是三角形的中心，D是AB的中点；下列说法正确的是（）

A.O点处的电势高于D点处的电势B.O点处的场强小于D点处的场强C.将带正电的试探电荷从D点移动至O点，电势能增加D.O点处的场强大小为评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、把正点电荷由a点沿电场线移到b点的过程中，关于电场力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法中正确的是（）A.电场力做正功，电势能增加B.电场力做正功，电势能减少C.电场力做负功，电势能增加D.电场力做负功，电势能减少10、在水平向右的匀强电场中，带电小球A、B用一根绝缘轻绳连接，另一根绝缘轻绳将A悬挂在O点，A、B的质量均为电量分别为和对B施加拉力使系统平衡时A、B的位置如图所示，其中绳水平，构成正三角形。已知重力加速度大小为匀强电场场强大小为现撤去拉力由于空气阻力的作用，A；B最终会再次处于静止状态，则A、B再次静止后（）

A.绳的拉力大小为B.绳的拉力大小为C.与撤去前相比，系统电势能和系统重力势能都减小D.与撤去前相比，A球的总能量增加，B球的总能量减少11、如图所示，O、A、B、C为一粗糙绝缘水平面上的四个点，一电荷量为Q的负点电荷固定在O点，现有一质量为m、电荷量为q的带负电小金属块（可视为质点），从A点静止释放后沿它们的连线向右运动，到B点时速度最大，其大小为vm，小金属块最后停止在C点。已知小金属块与水平面间的动摩擦因数为μ，AB间的距离为L，静电力常量为k；不计空气阻力，则（）

A.在点电荷形成的电场中，A、B两点间的电势差为B.在小金属块由A向C运动的过程中，电势能先增大后减小C.从B到C的过程中，小金属块的动能全部转化为电势能D.OB间的距离为12、如图所示是带电量不同的正、负点电荷的电场线，A、M、N是电场中的三点。A是两电荷连线的中点，M、N在两电荷连线的垂直平分线上。一个带负电的点电荷在两点受到的电场力分别为无穷远处电势为零，则（）

A.B.A点电势为零C.M点电势高于N点电势D.将负点电荷从M点移动到N点的过程中，电势能增加13、位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab、cd分别是正方形两条边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点；则正确的是（）

A.P、O两点的电势关系为φP>φ0B.P、Q两点电场强度的大小关系为EP＞EQC.若在O点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力为零D.若将某负电荷由P点沿着曲线PQ移到Q点，电场力做负功14、如图所示，平行板电容器水平放置，两极板间电场强度大小为E，中间用一光滑绝缘细杆垂直连接，杆上套有带正电荷的小球和绝缘弹簧，小球压在弹簧上，但与弹簧不拴接。开始时对小球施加一竖直向下的外力，将小球压至某位置使小球保持静止。撤去外力后小球从静止开始向上运动，上升h时恰好与弹簧分离，分离时小球的速度为v，小球上升过程不会撞击到上极板，已知小球的质量为m，带电荷量为q，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.与弹簧分离时小球的动能为B.从开始运动到与弹簧分离，小球与弹簧组成的系统增加的机械能为qEhC.从开始运动到与弹簧分离，小球减少的电势能为D.撤去外力时，弹簧的弹性势能为15、一带正电粒子仅在电场力作用下从静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的图象如图所示，tA、tB时刻粒子分别以速度vA、vB经过A点和B点，A、B两点的场强大小分别为EA、EB，电势分别为A、B；则可以判断（）

A.EA=EBB.vA=vBC.A＞BD.A=B16、如图所示的电路；L是小灯泡，C是极板水平放置的平行板电容器。有一带电油滴悬浮在两极板间静止不动。若滑动变阻器的滑片向下滑动，则（  ）

A.L变暗B.电容器C电荷量增加C.油滴向下运动D.油滴保持静止不动17、如图所示，图甲为等量同种正电荷，A、B为其连线中垂线上对称的两点，图乙为两根电流方向相反的长直通电导线横截面，C、D为其连线中垂线上对称的两点；以下说法正确的是（）

A.A、B两点电场强度相同B.一带负电粒子沿中垂线从A运动到B，其电势能先减小后增大C.C、D两点磁感应强度相同D.CD连线上各点的磁感应强度方向各不一样评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、公式：R=___________19、（1）2019年6月，工信部正式向中国移动、中国电信、中国联通和中国广电4家公司发放5G正式商用牌照，这标志着我国正式进入了5G商用元年。据悉此次中国电信和中国联通获得3500MHz频段试验频率使用许可，该频段的波长约为________mm。

（2）在收音机接收中波段时其LC振荡电路的电感L是固定的，当可变电容器电容为C1＝270pF时可接收频率为535kHz的电磁波，当可变电容器的电容为C2时可接收频率为1605kHz的电磁波，则可变电容器的电容C2＝________pF。20、在一点电荷Q产生的电场中，电荷量为+q的粒子在某点的电势能Ep与该点到Q的距离r的关系如图所示。设电场中距Q的距离为L、3L处的电势分别为φ1、φ2，电场强度分别为E1、E2，则Q带____（选填“正”或“负”）电，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

21、左图读数为___________cm；右图读数为___________mm。

22、如图所示为电容式位移传感器的示意图，物体沿左右方向运动时，电容将发生变化。如果实验测量出电容器的电容变小，那么被测物体向_________运动（填写“左”或“右”）；已知该传感器的灵敏度定义为电容器电容变化量的大小与物体位置坐标变化量大小之比，如果把图中的电介质板换成介电常数更大的材料，当物体沿左右方向运动时，传感器的灵敏度________（填写“变大”；“不变”或“变小”）。

23、判断下列说法的正误。

（1）导体内没有电流时，就说明导体内部的电荷没有运动。（____）

（2）电流既有大小，又有方向，是矢量。（____）

（3）导体中的电流一定是正电荷定向移动形成的。（____）

（4）电子定向移动的方向就是电流的方向。（____）

（5）电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量越多。（____）评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

26、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)27、某学习小组用伏安法测量一未知电阻的阻值；给定器材及规格为：

电流表（量程为内阻约为）；

电压表（量程为内阻约为）；

滑动变阻器（最大阻值约为）；

电源（电动势约）；

开关导线若干。

（1）由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图所示的电路试测，读得电压表示数大约为电流表示数大约为则未知电阻的阻值大约为______

（2）经分析，该电路测量误差较大，需要作改进。请在虚线框内画出改进后的测量原理图。（______）

（3）用改进后的电路进行测量，其测量值________（填“等于”“小于”或“大于”）真实值。评卷人得分六、解答题(共4题，共28分)28、如图所示，粗糙的长直轨道AB和光滑绝缘的圆形轨道BCDF，在B点平滑连接，B、D与圆心O等高，C、F分别为轨道的最低点和最高点。整个轨道位于竖直平面内，处在水平向左的匀强电场中，轨道半径为R。现有一质量为m、带正电可视为质点的小滑块放在长直轨道上某处，滑块受到的电场力大小为mg，滑块竖直轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g。

（1）假设将滑块自A点由静止释放，AB=4R，求滑块到达圆轨道上B点时对轨道的作用力大小；

（2）为使滑块恰好始终沿圆轨道滑行；求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度。

29、XCT扫描机可用于对多种病情的探测，如图所示是产生X射线部分的示意图。图中板之间有一加速电子束的电场，虚线框内为竖直向上的匀强偏转电场，经调节后电子从板静止开始加速，沿带箭头的实线所示的方向前进，打到水平圆形靶台上的中心点产生X射线。已知两板间电压为偏转电场区域水平宽度为竖直高度足够长，点距离偏转电场右边界的水平距离为中电子束距离靶台竖直高度为电子重力不计，不考虑电子间的相互作用，不计空气阻力。

（1）若电子电量大小为求电子经加速电场的过程中电场力对它做的功

（2）求电子束射出偏转电场时的竖直偏转距离

（3）求偏转电场电场强度的大小

30、如图所示，空间有一水平向右的匀强电场，电场强度的大小为E=1.0×104V/m。该空间有一个半径为R=2m的竖直光滑绝缘圆环的一部分，圆环与光滑水平面相切于C点，A点所在的半径与竖直直径BC成37°角。质量为m=0.04kg、电荷量为q=+6×10-5C的带电小球2（可视为质点）静止于C点。轻弹簧一端固定在竖直挡板上，另一端自由伸长时位于P点。质量也为m=0.04kg的不带电小球1挨着轻弹簧右端，现用力缓慢压缩轻弹簧右端到P点左侧某点后释放。小球1沿光滑水平面运动到C点与小球2发生碰撞，碰撞时间极短，碰后两小球黏合在一起且恰能沿圆弧到达A点。P、C两点间距离较远，重力加速度g取10m/s2；不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

（1）黏合体在A点的速度大小；

（2）弹簧的弹性势能；

（3）小球黏合体由A点到达水平面运动的时间。

31、两块水平平行放置的导体板如图甲所示，大量电子（质量为m、电荷量为e）由静止开始，经电压为的电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间。当两板均不带电时，这些电子通过两板之间的时间为当在两板间加如图乙所示的周期为恒为的周期性电压时；恰好能使所有电子均从两板间通过（不计电子重力）。求：

(1)电子进入两板之间后加速度的大小；

(2)这些电子通过两板之间后；侧向位移（垂直于入射速度方向上的位移）的最大值和最小值；

(3)侧向位移分别为最大值和最小值的情况下；电子在刚穿出两板之间时的动能之比。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】试题分析：A、电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是所以电动机多做的功一定要大于所以A错误．

B、在运动的过程中只有摩擦力对物体做功，由动能定理可知，摩擦力对物体做的功等于物体动能的变化，即为所以B错误．

C；传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功；所以由A的分析可知，C错误．

D；电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率；大小为fv=μmgv，所以D正确．

故选D．2、B【分析】当闭合开关时S，由于静电感应的作用，金属导体B右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体B右端不再带有电荷，左端带负电，再断开S，再移走A，则导体B带负电．故选B．3、D【分析】【分析】

【详解】

导体的电阻是由导体本身决定的，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，U和I的比值等于电阻的大小；不是决定电阻的大小。

故选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．由题目图运动轨迹可知，a、b两个带电粒子电性一定相反，由于电场方向未知，a不一定带正电，b不一定带负电；A错误；

BD．物体做曲线运动；所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看电场力都做正功，电势能都减小，动能都增大，速度都增大，BD错误；

C．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大；加速度增大，C正确。

故选C。5、A【分析】【分析】

等势面的疏密代表场强的大小；正电荷在电势高的地方电势能大。

【详解】

AB．正电荷在电场中；在电势高的位置，电势能越大，故A正确，B错误；

CD．等势面的疏密代表场强的大小；故A点的场强小于B点的场强，故CD错误；

故选A。6、B【分析】【详解】

A．首次发现电磁感应现象规律的物理学家是法拉第；选项A正确，不符合题意；

B．电场这个“场”的概念最先是由法拉第提出的；选项B错误，符合题意；

C．赫兹首先用实验证实电磁波的存在；选项C正确，不符合题意；

D．普朗克首先提出“量子”概念来解释黑体辐射；选项D正确，不符合题意。

故选B。7、C【分析】【详解】

AC．根据等量异号的点电荷电场强度分布特点：中垂面为电势为0的等势面，在中垂线上各点的场强方向由正电荷指向负电荷，且与中垂线垂直，O点的场强最大，场强从O点沿中垂线向两边逐渐减小，中垂线上任意一点与关于O点的对称点场强大小相等；方向相同，故A错误，C正确；

B．两电荷连线上，电场强度方向由正电荷指向负电荷，沿电场线方向电势降低，则c点电势高于d点电势；由规律可知两点电场强度相同，故B错误；

D．中垂面为电势为0的等势面，则c点电势大于0，则将一正试探电荷由无穷远处移到c点；电势增大，电势能增大，故D错误。

故选C。8、D【分析】【分析】

【详解】

A．分析可知，CD的电场线方向由D指向C，顺着电场线的方向电势逐渐降低，即O点处的电势低于D点处的电势；选项A错误；

B．两个正电荷在D点处的合场强为0，则D点处的场强等于负电荷在D点处的场强，而O点处两个正电荷的合场强与负电荷的场强方向相同且负电荷在O点处的场强大于其在D点处的场强，故O点处的场强大于D点处的场强；选项B错误；

C．正电荷从D移动至O；电场力做正功，电势能减小，选项C错误；

D．根据库伦定律，O点处的合场强为

选项D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)9、B:C【分析】【分析】

【详解】

电场力做功等于电势能的变化量；顺着电场线电场力做正功，电势能减小，逆着电场线电场力做负功，电势能增加。

故选BC。10、B:C【分析】【详解】

A.B再次静止后，A、B受到的电场力的合力为

方向水平向左。对A；B整体受力分析如图。

由几何关系可得

且OA绳与竖直方向的夹角为

即

A错误；

B．A；B再次静止后；对B受力分析如图。

由几何关系可得

且AB绳与竖直方向的夹角为

即

B正确；

C．由上述分析可知，A、B再次静止后，OA绳、AB绳与竖直方向的夹角均为则此时两球的位置如图所示。

设绳长为L，故A电势能的变化量为

B电势能的变化量为

A重力势能的变化量为

B重力势能的变化量为

与撤去前相比，系统电势能和系统重力势能变化量分别为

故与撤去前相比；系统电势能和系统重力势能都减小，C正确；

D．与撤去前相比，A、B两球的总能量变化量分别为

故A球的总能量减少；B球的总能量减少，D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由

联立可解得

故A正确；

B．在小金属块由A向C运动的过程中；电场力一直做正功，故电势能一直减小，故B错误；

C．从B到C的过程中；电场力做正功，摩擦力做负功，小金属块的动能全部转化为摩擦热，故C错误；

D．在B点时速度最大，此时加速度为零，则有电场力等于摩擦力

解得

故D正确。

故选AD。12、A:C:D【分析】【详解】

A．因为电场线的疏密表示电场强度，电场线越密的地方电场强度越大，由图可知，M点的电场强度大于N点的电场强度，则由可得

故A正确；

B．由等势线与电场线垂直可得过A点的等势线如图。

因为无穷远处电势为零，且沿着电场线电势降低，所以A点电势大于零；故B错误；

C．因为沿着电场线电势降低，由图可知，M点电势高于N点电势；故C正确；

D．因为负电荷在电势高的地方电势能小，所以将负点电荷从M点移动到N点的过程中；电势能增加，故D正确。

故选ACD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

试题分析：根据电场线的方向确定场源电荷的正负．电势的高低看电场线的指向；沿着电场线电势一定降低．电场线的疏密表示场强的大小，根据电势高低判断功的正负．

解：A、根据电场叠加，由图象可知ab；cd两中垂线上各点的电势都为零；所以P、O两点的电势相等．故A错误．

B、电场线的疏密表示场强的大小，根据图象知EP＞EQ；故B正确；

C；四个点电荷在O点产生的电场两两相互抵消；场强为零，故在O点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力为零，故C正确．

D；P、Q电势相等；所以a、c两点电势相等，若将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q点，电场力做功为零．故D错误．

故选BC

【点评】

本题的关键要掌握电场线的分布情况，能根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向．通过电场线的指向看电势的高低．14、B:D【分析】【详解】

A．根据动能定理可知，合外力对小球所做的功等于小球动能的变化量，所以小球与弹簧分离时小球的动能为

故A错误；

B．由功能关系知，从开始运动到与弹簧分离，从开始运动到与弹簧分离，小球与弹簧组成的系统增加的机械能为电场力做的功为故B正确；

C．由功能关系知小球减少的弹性势能为电场力对小球所做的功为故C错误；

D．从撤去外力到小球与弹簧分力，由动能定理知

解得

故D正确。

故选BD。15、A:C【分析】【详解】

A．由图像可知，经过AB两点的加速度相等，则根据qE=ma

可知，两点的场强相等即EA=EB

选项A正确；

B．因a-t图像与坐标轴围成的面积等于速度的变化量，可知vA<vB

选项B错误；

CD．带正电的粒子一直加速运动，可知电场线方向沿从A到B的方向，沿电场线电势逐渐降低，可知A＞B

选项C正确；D错误。

故选AC。16、A:C【分析】【详解】

A．滑动变阻器的滑片向下滑动，则电阻R减小，路端总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知

可知干路总电流增大，则路端电压为

可得路端电压减小；则L变暗，故A正确；

B．由

可得

其中电容器两板间的电压为路端电压；路端电压减小，则电荷量减小，故B错误；

CD．开始时油滴的重力等于电场力，先电容器两端的电压减小，由公式

可得电场强度减小，由于电场力为

则电场力减小；此时，重力大于电场力，则油滴向下运动，故C正确，D错误。

故选AC。17、B:C【分析】【详解】

A．根据等量同种电荷的电场分布可知，A、B两点电场强度大小相等；方向相反，则场强不相同，选项A错误；

B．一带负电粒子沿中垂线从A运动到B；电场力先做正功后做负功，则其电势能先减小后增大，选项B正确；

CD．因两根通电导线的电流方向相反，根据安培定则，结合磁场叠加知识可知，C、D两点磁感应强度相同，CD连线上各点的磁感应强度方向一样；选项C正确，D错误。

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】ρ19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据公式，可得该频段的波长为

（2）[2]当收音机的LC振荡电路的频率等于电磁波的频率时，收音机就能接收该频率的电磁波。根据LC振荡电路频率公式

电感L是固定的，故有

所以

由题意C1＝270pF

可解得C2＝30pF【解析】①.85.7②.3020、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，粒子离电荷越远，电势能越低，说明远离电荷时，电场力做正功，即电荷与粒子之间是斥力，所以电荷Q带正电；

[2]由图可知，电荷在L处的电势能为6E0，在3L处的电势能为2E0，根据公式

两点电势之比为

[3]根据点电荷的电场强度公式

两点电场强度之比为【解析】正3∶19∶121、略

【分析】【详解】

[1]由左图可知，游标卡尺为十分度游标卡尺，则读数为

[2]由右图可知，螺旋测微器读数为【解析】1.141.73022、略

【分析】【详解】

[1]根据电容的决定式可知；若电容器的电容变小，一定是插入的电介质少了，所以被测物体向右移动。

[2]若换成更大介电常数的材料，移动相同距离时，电容的变化量一定较大，根据灵敏度的定义可知，灵敏度一定变大。【解析】右变大23、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误错误错误错误正确四、作图题(共3题，共21分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD25、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共1题，共9分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据部分电路的欧姆定律可知。

（2）[2]由于是大电阻；用外接法误差大，电路应改为内接法。因。

故用分压式接法；电路图为。

（3）[3]采用电流表内接法，电流表分压导致电压的测量值偏大，由知，所以满足伏安法大内偏