2025年人教版高一物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高一物理上册阶段测试试卷23考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、【题文】如图所示，水平固定半径为R的半球型碗的球心为0点，最低点为B点，A点在左边的内壁上，C点在右边的内壁上，在碗的边缘P点向着球心以速度v0平抛一个小球；抛出点P及O；A、B、C点在同一个竖直面内，已知重力加速度为g，不计空气阻力，下列说法正确的是：

A.v0大小适当时可以垂直打在A点。

B.v0大小适当时可以垂直打在C点。

C.若打到B点；则B点处速度的反向延长线一定过OP连线的中点。

D.若打到B点，则打到B点时重力的功率为2、【题文】如图所示，为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板。滑块向右匀加速直线运动依次通过两个光电门A和B。光电门上的黑点处有极细的激光束，当遮光板挡住光束时开始计时，不遮挡光束时停止计时。现记录了遮光板通过第一个光电门所用的时间为＝0.30s，通过第二个光电门所用的时间为＝0.10s，光电门从第一次计时结束到第二次计时开始经历的时间为s．则滑块的加速度应为：（）

A.0.67

B.0.40

C.0.14

D.0.223、如图甲所示；一个轻质弹簧右端固定在传感器上，传感器与电脑相连，当对弹簧的左端施加变化的水平拉力时，在电脑上得到了弹簧形变量x与弹簧弹力大小F的关系图象（如图乙所示），弹簧始终在弹性限度内，则下列判断正确的是（）

A.弹簧产生的弹力和弹簧的长度成正比B.弹簧长度的变化量与对应的弹力变化量成正比C.该弹簧的劲度系数是2N/mD.当对弹簧的左端施加水平压力时，弹簧劲度系数变大4、如图所示，质量为m

的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v

匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为娄脤

，物体在滑下传送带之前能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到与传送带相对静止这一过程，下列说法中正确的是()A.电动机多做的功为12

m

v

2

B.物体在传送带上的划痕长v2娄脤g

C.传送带克服摩擦力做的功为12

mv

2

D.电动机增加的功率为娄脤mg

v

5、关于所有的地球同步卫星，下列说法正确的是()A.离地心距离相同B.线速度相同C.向心加速度相同D.向心力相同6、如图所示，一物块受到一个水平力F

作用静止于斜面上，F

的方向与斜面平行，如果将力F

撤消，下列对物块的描述正确的是(

)

A.木块将沿面斜面下滑B.木块受到的摩擦力变大C.木块立即获得加速度D.木块所受的摩擦力改变方向7、如图所示；当导线中通以向里的电流时，它将受到向左的磁场力的作用．地球表面赤道附近有一沿东西方向放置的通电导线，若导线中的电流方向是由东向西，根据前面方法可以判断此导线受到地磁场对它的作用力方向为（）

A.向上。

B.向下。

C.向南。

D.向北。

8、【题文】有一质量为m的小木块，由碗边滑向碗底，碗的内表面是半径为R的圆弧；由于摩擦力的作用，木块运动的速率不变，则木块：

A.所受合外力大小不变，方向随时间不断改变B.运动的加速度恒定C.所受合外力为零D.运动的加速度为零9、下列说法正确的是（）A.开普勒最早发现行星运动的三大定律B.日心说最早由伽利略提出来C.万有引力定律是由开普勒发现的D.万有引力常量是由牛顿测出来的评卷人得分二、双选题(共5题，共10分)10、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量11、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}12、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}13、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量14、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图1所示，按相等的时间间隔取连续的几段位移，从它们的分界点将纸带剪断，剪得的几段纸带按图2所示的顺序贴在坐标中，各段紧靠但不重叠，得到图示的直方图．根据这个直方图你可求出____．

16、一质点绕半径为R

的圆圈运动了一周，如图所示，则其位移大小为______，路程是______.

若质点运动了134

周，则其位移大小为______，路程是______，此运动过程中最大位移是______，最大路程是______．17、一物体放在倾角为θ的斜面上；它刚好能沿斜面匀速下滑．

（1）求物体沿斜面下滑的动摩擦因数；

（2）若给它一个沿斜面向上的初速度v；则它能上滑的最大距离是多少？（已知重力加速度为g，斜面始终是静止的）

18、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，经过1s后的速度的大小为10m/s，那么在这1s内，物体的加速度的大小可能为。19、图为接在50Hz

低压交流电源上的打点计时器在纸带做匀加速直线运动时打出的一列点，图中所标的是每隔5

个点所取的记数点，但第3

个记数点M

没有画出，则该物体运动的加速度为______m/s2BM

间的距离约为______m.

20、做匀速圆周运动的物体，10s

内沿半径是20m

的圆周运动了100m

则其线速度大小是______m/s

周期是______s

角速度是______rad/s

．评卷人得分四、计算题(共4题，共12分)21、【题文】重量为100N；长为L=2m的均匀木棒放在水平桌面上；如图（a）所示，至少要用35N的水平推力，才能使它从原地开始运动。木棒从原地移动以后，用30N的水平推力，就可以使木棒继续做匀速运动。求：

（1）木棒与桌面间的最大静摩擦力Fmax．

（2）木棒与桌面间的动摩擦因数μ．

（3）当水平推力使木棒匀速运动至木棒有0.5m露出桌面时，如图（b）所示，水平推力的大小F．22、【题文】（10分）如图所示，甲为操作上一质量不计的竖直滑杆，滑杆上端固定，下端悬空，为了研究学生沿杆下滑的情况，在杆的顶部装有一拉力传感器，可显示杆的顶端所受拉力的大小，现有一学生手握滑杆，从杆的上端由静止开始下滑，下滑5s后这个学生的下滑速度为零，并用手紧握住滑杆保持静止不动，以这个学生开始下滑时刻为计时起点，传感器显示的力随时间变化的情况如图乙所示。g=10m/s2；求：

（1）该学生下滑过程中的最大速度；

（2）5s内该学生下滑的距离。

23、【题文】2013年6月11日；我国神舟十号载人飞船成功发射。飞船变轨后以速度v沿圆形轨道环绕地球做匀速圆周运动。已知地球半径为R，地球质量为M,引力常量为G。求：

（1）飞船绕地球运行时距地面的高度h；

（2）飞船环绕地球运行的周期T。24、如图所示，一根长为3l

可绕O

轴在竖直平面内无摩擦转动的细杆AB

已知OA=2lOB=l

质量相等的两个球分别固定在杆的AB

端，由水平位置自由释放，求轻杆转到竖直位置时两球的速度分别为多大？评卷人得分五、实验探究题(共2题，共18分)25、某同学在“研究匀变速直线运动”的实验中；用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A；B、C、D、E、F、G共7个计数点，其相邻点间的距离如图1所示，每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0.10s．

（1）请依据匀变速直线运动规律的一个重要推论：某段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻点的瞬时速度，由纸带上各个计数点间的距离，计算打下B、C、D、E、F五个点时小车的瞬时速度值．其中有几个速度值请你帮他计算出来并填在下面的横线上．（要求保留二位有效数字）vB=______m/s，vC=0.48m/s，vD=0.56m/s，vE=______m/s，vF=0.72m/s．

（2）以A点为计时零点；将B；C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在如图2所示的坐标纸上，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线．

（3）根据第（2）问中画出的v-t图线，求出小车运动的加速度为______．（保留两位有效数字）26、某实验小组用如图甲所示的装置做了“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验.

根据实验测得数据的对应点在图乙中标出．

(1)

根据描出的计数点；请作出钩码质量m

与弹簧长度l

之间的关系图线．

(2)

根据图线求此弹簧的劲度系数k=

______N/m.(g

取9.8m/m2

计算结果保留三位有效数字)

(3)

写出弹簧弹力F

和弹簧长度l

之间关系的函数表达式：______．评卷人得分六、实验题(共1题，共10分)27、如图所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明(1)____。某同学设计了如图的实验：将两个质量相等的小钢球，从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板吻接，则他将观察到的现象是(2)____，这说明(3)____。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C|D【分析】【解析】

试题分析：物体抛出之后做平抛运动，显然不可能垂直落在A点。根据平抛运动规律则通过上式能够分析证明，速度的反向延长线是水平位移的中点，因此AB均错，C对。根据P=mgv可知，若打到B点，则打到B点时重力的功率为D对。

考点：平抛运动。

点评：本题考查了平抛运动中有关结论的证明，在选择题中只要能够知道结论就能直接使用。【解析】【答案】CD2、B【分析】【解析】

试题分析：遮光板通对第一个光电门的平均速度这个速度就是通过第一个光电门中间时刻的速度；即记时0.15s时的瞬时速度；

遮光板通对第二个光电门的平均速度这个速度就是通过第二个光电门中间时刻的速度；即第二个光电门记时0.05s时的瞬时速度；

因此加速度因此B正确。

考点：平均速度，瞬时速度【解析】【答案】B3、B【分析】解：A；根据图象可知：F=kx；x是弹簧形变量x，即弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，与弹簧长度不成正比，故A错误；

B；弹簧长度的变化量等于弹簧的形变量；根据A选项分析可知，弹簧长度的变化量与对应的弹力变化量成正比．故B正确；

C、在弹力与弹簧形变量图象上，图象的斜率表示劲度系数，由此可知该弹簧的劲度系数是k===200N/m；故C错误；

D；由于图象斜率不变；因此当对弹簧的左端施加水平压力时，弹簧劲度系数不变，故D错误．

故选：B

利用传感器进行弹力与弹簧形变量之间关系的实验；使实验更加准确，解答本题的关键是根据胡克定律正确分析乙图，得出弹力与形变量之间关系等信息．

通过实验、图象考查了对胡克定律的理解，要知道x的准确意义：弹簧的形变量，不是弹簧的长度．【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】物体在传送带上运动时；物体和传送带要发生相对滑动，先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后做匀速直线运动，电动机多做的功一部分转化成了物体的动能，还有一部分转化为内能.

解决本题的关键掌握能量守恒定律，以及知道划痕的长度等于物块在传送带上的相对位移．【解答】A.电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是12mv2

所以电动机多做的功一定要大于12mv2

故A错误；

B.物体在传送带上的划痕长等于物体在传送带上的相对位移，物块达到速度v

所需的时间t=v娄脤g

在这段时间内物块的位移x1=v22娄脤g

传送带的位移x2=vt=v2娄脤g

则物体相对位移x=x2鈭�x1=v22娄脤g

故B错误；

C.传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功；所以由A

的分析可知，C错误；

D.电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率；大小为fv=娄脤mgv

所以D正确。

故选D。【解析】D

5、A【分析】【分析】地球同步卫星的周期与地球自转周期相同；地球对卫星的万有引力提供圆周运动的向心力并就有关物理的矢量性展开讨论即可；

抓住同步卫星的周期与地球自转周期相同，根据万有引力提供向心力展开讨论，注意相关物理量的矢量性是关键；【解答】A.根据万有引力提供圆周运动向心力可知；由于同步卫星的周期相同，其圆周运动的轨道半径亦相同，即同步卫星离地心的距离相同，A正确；

B.根据万有引力提供圆周运动向心力可知；同步卫星的线速度大小相同，但考虑到线速度的矢量性，不能说线速度相同，故B不正确；

C.根据万有引力提供圆周运动向心力可知，同步卫星的向心加速度大小相同，但考虑到向心加速度的矢量性，不能说向心加速度相同，故C不正确；D.同步卫星向心力由地球对卫星的万有引力提供，根据F脧貌=GMmr2

虽然地球质量相同，但卫星质量可能不一样，故不同的卫星所需向心力不一定相同，故D错误；

故选A。

【解析】A

6、D【分析】解：设木块的重力为G

将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面向下方向，沿斜面向下的分力大小为Gsin娄脠

如图1

所示，为物体在斜面平面内受力情况．

力F

未撤掉时，由图1

根据平衡条件得，静摩擦力大小f1=F2+(Gsin娄脠)2.

所以最大静摩擦力不小于。

F2+(Gsin娄脠)2

．

力F

撤掉时，重力分力Gsin娄脠<F2+(Gsin娄脠)2

即重力的下滑分力一定小于最大静摩擦力，所以木块仍保持静止．

F

撤消后；由图2

知，根据平衡条件得f2=Gsin娄脠

所以木块受到的摩擦力变小.

由图看出，木块所受的摩擦力方向发生了改变.

故D正确，ABC错误．

故选：D

将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面方向；在垂直于斜面的平面内分析受力情况，根据平衡条件分析摩擦力大小和方向如何变化．

本题中木块受力分布在立体空间中，可分成垂直于斜面和平行斜面两个平面进行研究．【解析】D

7、B【分析】

依据题意；电流方向由东向西，而电流所在位置地磁场由南向北，故根据左手定则可知，安培力向下；

故选B．

【解析】【答案】地球是个巨大的磁体；地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近；通电直导线所受安培力F的方向根据左手定则判断．

8、A【分析】【解析】

试题分析：物块所受合外力提供向心力；合外力的大小不变，但方向指向圆心，随时间不断变化．故A正确C错误．合力指向圆心，即加速度时时刻刻指向圆心，BD错误；

故选A

考点：牛顿第二定律；向心力．

点评：本题其实就是匀速圆周运动问题，考查对其基本物理量的理解能力，比较容易．【解析】【答案】A9、A【分析】解：A

开普勒通过分析第谷的数据；最早发现行星运动的三大定律，故A正确；

B；日心说最早是由哥白尼提出的；故B错误；

C；牛顿通过开普勒的三定律以及自身提出的牛顿运动定律得出了万有引力定律；故C错误；

D；牛顿提出了万有引力定律；但没能测出引力常量，而是由卡文迪行通过实验测出来的，故D错误．

故选：A

．

明确人类对天体运动的发现历程；根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【解析】A

二、双选题(共5题，共10分)10、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}11、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}12、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}13、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}14、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】

所选纸带时间间隔相等，故可以等效代替速度；

故图象纵坐标名称为速度；横坐标为时间；本段时间内的平均速度表示中间时刻的瞬时速度，故将各段中点用直线相连，即为v-t图象，如图所示；

v-t图线中；图象的斜率就是加速度．故可以求出斜率来表示加速度；

故答案为：加速度。

【解析】【答案】由题意可知本题的原理；要求得加速度应得出速度，由速度-时间图象可得出加速度．

16、略

【分析】解：质点绕半径为R

的圆圈运动一周，位置没有变化，位移是0

走过的路程是2娄脨R

质点运动134

周，设从A

点开始逆时针运动，则末位置为C

如题图所示，其位移为由A

指向C

的有向线段，大小为2R

路程即轨迹的总长为134

个周长，即72娄脨R

运动过程中位移最大是由A

到B

点时，最大位移是2R

最大路程即为72娄脨R

．

故答案为：02娄脨R2R72娄脨R2R

72娄脨R

解答本题应掌握：路程表示运动轨迹的长度；位移的大小等于物体首末位置的距离．

解决本题的关键知道路程和位移的区别，理解路程和位移的定义，并能正确求解位移和路程的大小．【解析】02娄脨R2R72娄脨R2R72娄脨R

17、略

【分析】

（1）根据共点力平衡得；

N=mgcosθ；f=mgsinθ

由f=μN得，

故物体沿斜面下滑的动摩擦因数为tanθ．

（2）物体沿斜面上滑的合力F合=mgsinθ+μmgcosθ

根据牛顿第二定律得，=2gsinθ

所以上滑的最大距离x=．

故能上滑的最大距离是．

【解析】【答案】（1）物体沿斜面匀速下滑；受到重力；支持力和滑动摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出支持力和滑动摩擦力，再根据f=μN求出动摩擦因数．

（2）物体沿斜面上滑时受重力；支持力和滑动摩擦力；求出物体的合力，根据牛顿第二定律求出加速度，运用匀变速直线运动的速度位移公式求出上滑的最大距离．

18、略

【分析】试题分析：因为经过1s后的速度可能与原来的速度相同，也可能相反，则根据解得或者所以物体的加速度的大小可能为6m/s2与14m/s2。考点：加速度的概念。【解析】【答案】6m/s2与14m/s219、略

【分析】解：每隔5

个点所取的记数点；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.12s

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

有：

xCD鈭�xAB=3aT2

解得：a=0.0583鈭�0.03623隆脕(0.12)2隆脰0.51m/s2

由于鈻�x=xBM鈭�xAB=aT2

解得xBM隆脰0.044m

故答案为：0.510.044

．

匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度；根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

求解加速度．

本题关键明确：匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度；连续相等的时间间隔内位移之差为恒量，即：鈻�x=aT2

．【解析】0.510.044

20、略

【分析】解：线速度的大小v=鈻�l鈻�t=10010m/s=10m/s

．

周期T=2娄脨Rv=2娄脨隆脕2010s=4娄脨s

．

角速度娄脴=2娄脨T=2娄脨4娄脨=0.5rad/s

．

故本题答案为：104娄脨0.5

．

根据v=鈻�l鈻�t

求出匀速圆周运动的线速度大小.

根据T=2娄脨Rv

求出运动的周期.

根据娄脴=2娄脨T

求出角速度的大小．

解决本题的关键掌握线速度、角速度、周期的关系公式，以及它们的联系，v=鈻�l鈻�tT=2娄脨Rv娄脴=2娄脨T

．【解析】104娄脨0.5

四、计算题(共4题，共12分)21、略

【分析】【解析】（1）木棒从原地开始运动必须克服最大静摩擦力；所以。

Fmax=F1=35N（2分）

（2）推力F2与滑动摩擦力相等时；木棒做匀速运动，所以。

F2=μmg（2分）

μ=F2/mg=0.3（1分）

（3）当水平推力使木棒匀速运动至木棒有0.5m露出桌面时，水平推力等于此时的滑动摩擦力，而滑动摩擦力F=μFN=μmg不变；所以。

F=30N（2分）【解析】【答案】1）Fmax=35N；（2）μ=0.3；（3）F=30N。22、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】

23、略

【分析】【解析】

试题分析：(1)设飞船的质量m,环绕地球做匀速圆周运动的半径为r

根据万有引力定律其中r=R+h

解得飞船离地面的高度为

(2)根据万有引力定律及解得

考点：万有引力定律【解析】【答案】(1)(2)24、解：AB

两球转动的角速度相等，故vAvB=21

对AB

两球组成的系统应用机械能守恒定律；得到。

mg鈰�2L鈭�mgL=12mvA2+12mvB2

解得。

vA=22gl5

vB=2gl5

答：轻杆转到竖直位置时A

球的速度为22gl5B

球的速度为2gl5

．【分析】

因AB

两球用轻杆相连；故两球转动的角速度相等，对AB

两球组成的系统应用机械能守恒定律即可解题．

本题关键是AB

球机械能均不守恒，但A

与B

系统机械能守恒，根据守恒定律列式求解即可．【解析】解：AB

两球转动的角速度相等，故vAvB=21

对AB

两球组成的系统应用机械能守恒定律；得到。

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