2025年苏人新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏人新版必修3物理上册月考试卷448考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，静止的电子在加速电压U1的作用下从O经P板的小孔射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用下偏转一段距离后离开电场，现使U1加倍；则下列说法正确的是（）

A.要想使电子的运动轨迹不发生变化，应该使U2变为原来的2倍B.要想使电子的运动轨迹不发生变化，应该使U2变为原来的倍C.要想使电子离开电场时速度的偏转角变大，应该使U2变为原来的倍D.要想使电子离开电场时速度的偏转角变大，应该使U2变为原来的2倍2、物体只在重力和一个不为零的向上的拉力作用下，分别做匀速上升、加速上升和减速上升三种运动．在这三种情况下，物体机械能的变化情况是（）A.匀速上升机械能不变，加速上升机械能增加，减速上升机械能减小B.匀速上升和加速上升机械能增加，减速上升机械能减小C.由于该拉力与重力大小的关系不明确，所以不能确定物体机械能的变化情况D.三种情况中，物体的机械能均增加3、有关电流的下列说法正确的是（）A.因为电流有方向，因而电流是矢量B.由知，I与q成正比，与通电时间成反比C.金属导体里面电流的方向和自由电子定向移动的方向相同D.单位时间内通过导体横截面的电量越多，导体中的电流越大4、静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如图所示的折线；下列说法中正确的是（）

A.x轴上x2到之间的电场强度小于到x3之间的电场强度B.x轴上x2到之间的电场强度的方向与到x3之间的电场强度的方向相同C.负电荷沿x轴从运动到x3的过程中，电场力做负功，电势能增加D.正电荷沿x轴从x1运动到的过程中，电场力做正功，电势能减少5、某同学用铁钉与漆包线绕成电磁铁，当接通电路后，放在其上方的小磁针N极立即转向左侧，如图所示，则此时()

A.导线A端接电池负极B.铁钉内磁场方向向右C.铁钉左端为电磁铁的N极D.小磁针所在位置的磁场方向水平向右评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、某导体中的电流随其两端电压的变化关系如图所示；则下列说法中正确的是()

A.该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻B.加5V电压时，导体的电阻约是5ΩC.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大7、如图，电源内阻为r，两个定值电阻R1、R2阻值均为R，闭合电键，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V3示数变化量的绝对值为ΔU3，理想电流表A1、A2示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，则A.A2示数增大B.V2示数与A1示数的比值不变C.ΔU3与ΔI1的比值小于2RD.ΔI1小于ΔI28、如图所示，平行板电容器与电动势为E、内阻不计的直流电源连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离；则下列说法正确的是（）

A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B.电容器带电量将减少C.极板之间的电场强度变大D.P点的电势将升高9、让和的混合物以相同的速度方向从同一位置垂直进入偏转电场中发生偏转；设四种粒子都能飞出电场，粒子重力不计。则下列说法中正确的是（）

A.若粒子以相同初动能入射，则飞出电场时它们将分成3股B.若粒子以相同初动能入射，则飞出电场时它们将分成4股C.若粒子以相同初速度入射，则飞出电场时它们将分成3股D.若粒子经同一电场从静止加速后入射，则飞出电场时它们将分成2股10、如图所示，为水平放置的平行板电容器的两个金属极板，为静电计。闭合开关静电计指针张开一定角度，电容器两极板间的点有一带电液滴处于静止状态；则下列说法正确的是（）

A.保持开关闭合，将的滑片向右移动，的指针张开角度减小B.保持开关闭合，将的滑片向左移动，带电液滴仍处于静止状态C.若断开开关将极板向上移动少许，的指针张开角度减小D.若断开开关将极板向上移动少许，带电液滴仍处于静止状态11、钾离子和钙离子在人体心脏跳动中起着重要的作用；我们可以把它们简化为如图所示的点电荷及产生的电场线。选取无穷远电势为0，下列说法正确的是（）

A.甲为B.乙为C.两电荷连线中点电势为0D.两电荷连线中点电势大于012、A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上，且到连线上中点O的距离相等，则（）A.同一电荷在A、B两点的电势能相等B.从A点沿直线移动到B点，电场强度先增大后减小C.把正电荷从A点沿直线移动到B点，电荷的电势能先减少后增大D.A、B连线上的任意两点的电势差不为零13、某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点；则以下判断正确的是（）

A.A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B.若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C.一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D.若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动14、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，为定值电阻，且则当滑动变阻器R的滑动触头P由a向b移动过程中；下列说法正确的是（）

A.电源内部消耗的功率增大B.电源内部消耗的功率减小C.电源输出功率增大D.电源输出功率减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、某金属导体的伏安特性曲线如图，该导体的电阻随电压的升高而___________（填增大或减小），当导体两端电压为2V时，电阻为________

16、平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10-8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为________；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的_______倍，此时平行板电容器的电容为______．17、有一长方体导体，长a、宽b、高h之比为6∶3∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如图所示，分别将AA′、BB′、CC′接在同一恒压电源上时，导体的电阻之比R1∶R2∶R3=___________；若导体中电荷定向移动的速度分别为v1、v2、v3，则v1∶v2∶v3=___________。

18、如图是双量程电压表的原理图，它有两个量程分别为3V和15V，则使用图的a、b两端时量程应为_____，使用图的a、c两端时量程为____，已知表头内阻为15Ω，满偏电流为4mA，则R1=____。

19、为了研究某种化学电源的性能，设计如图所示电路，闭合所有开关，并改变滑动变阻器阻值，观察电压表V1、V2示数的变化，得到如下数据：某一次的测量电压表的读数分别为改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，发现电流表读数变为0.50A，电压表V1读数变化了0.4V，由上面数据可求：该电源电动势E=_________V；电源的内阻为r=__________Ω。

20、如图中把量程为3mA，内阻为100Ω的电流表改装成15V的电压表，则需串联一个阻值为___________Ω的电阻，改装后原来刻度1.4mA位置的读数为___________V；若是把量程为3mA的电流表改装成欧姆表，其中电源电动势E=3V。改装后，将原来电流表3mA的刻度定为电阻的“0”刻度，欧姆表的中值电阻为___________Ω，2mA刻度处标___________Ω。

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)21、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

24、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)25、在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。待测金属丝接入电路部分的长度L为50cm。

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径d，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为__________mm。（该值接近多次测量的平均值）

（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx（阻值大约5Ω）。实验所用器材为：电池组（电动势3V，内阻约1Ω，不宜长时间、大功率下使用）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。你认为比较合理的电路图是：（______）

（3）正确连接好电路，进行实验测量，记录数据电压表示数为U，电流表示数为I，在坐标纸上建立U－I坐标系，并描绘出U－I图线如图所示。由图线得到金属丝的阻值Rx＝__________Ω。（保留两位有效数字）

（4）根据实验所测得数据计算得出金属丝的电阻率ρ=__________Ω·m。26、现有一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率；现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图所示。

①读得圆柱体的直径为________________mm，长度为____________mm。

②若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=_____________________。27、为测量金属丝的电阻率；实验小组从实验室中找到合适的器材后，按照如下的步骤进行操作：

（1）用刻度尺测量金属丝的长度L，用螺旋测微器测量金属丝的直径d（如图甲所示），则______mm。

（2）分别用图乙和图丙所示的电路测量待测金属丝的电阻，图乙中电压表和电流表的示数分别为图丙中电压表和电流表的示数分别为

（3）若采用图乙电路中的电表示数计算金属丝的电阻率ρ，则_______（用题给字母表示）；若采用图丙电路中的电表示数计算金属丝的电阻率，则电阻率的测量值_______真实值（填“大于”“等于”或“小于”）。28、某研究性学习小组利用伏安法测定某一电池组的电动势和内阻，实验原理如图甲所示，其中，虚线框内为用灵敏电流计G改装的电流表A，V为标准电压表，E为待测电池组，S为开关，R为滑动变阻器，R0是标称值为4.0Ω的定值电阻．

①已知灵敏电流计G的满偏电流Ig=100μA、内阻rg=2.0kΩ，若要改装后的电流表满偏电流为200mA，应并联一只____Ω（保留一位小数）的定值电阻R1；

②根据图甲；用笔画线代替导线将图乙连接成完整电路；

③某次试验的数据如下表所示：该小组借鉴“研究匀变速直线运动”试验中计算加速度的方法（逐差法），计算出电池组的内阻r=____Ω（保留两位小数）；为减小偶然误差，逐差法在数据处理方面体现出的主要优点是____．

④该小组在前面实验的基础上，为探究图甲电路中各元器件的实际阻值对测量结果的影响，用一已知电动势和内阻的标准电池组通过上述方法多次测量后发现：电动势的测量值与已知值几乎相同，但内阻的测量值总是偏大．若测量过程无误，则内阻测量值总是偏大的原因是____．（填选项前的字母）。A．电压表内阻的影响B．滑动变阻器的最大阻值偏小C．R1的实际阻值比计算值偏小D．R0的实际阻值比标称值偏大。测量次数。

1

2

3

4

5

6

7

8

电压表V读数U/V

5.26

5.16

5.04

4.94

4.83

4.71

4.59

4.46

改装表A读数I/mA

20

40

60

80

100

120

140

160

评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)29、真空中有一平行金属板，如图所示，两板间的距离为d，两板间的电势差为U，板间为匀强电场。设有一个带正电，电荷量为q、质量为m的粒子，以速度v0从两板中央进入匀强电场，v0的方向跟E的方向垂直；设粒子穿过电场后，刚好从金属板的边缘飞出，求带电粒子离开偏转电场时的速度。

30、静电屏蔽是怎样起到屏蔽作用的？31、有一个电流表G，内阻Rg=20Ω，满偏电流Ig=3mA。要把它改装为量程为0~3V的电压表，要串联多大的电阻？改装后的电压表内阻多大？32、由小型直流电动机、小灯泡和定值电阻组成的电路如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=1Ω，定值电阻R=4Ω，小灯泡上标有“3V，4.5W”字样，电动机线圈电阻=1Ω；开关闭合时，小灯泡和电动机均恰好正常工作。求：

(1)电路中电流强度；

(2)电动机的总功率；

(3)电动机的输出功率。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】

【详解】

AB．设电子到P板小孔的速度为v0；由动能定理得。

电子在进入偏转电场后在平行于板面的方向上做匀速运动；则。

在垂直于板面的方向上做初速度为零的匀加速直线运；则。

联立方程解得。

要想使电子的运动轨迹不发生变化，应该使U2变为原来的2倍；故A正确，B错误；

CD．电子离开电场时速度偏转角的正切为。

要想使电子离开电场时速度的偏转角变大，应使U2变为原来的2倍以上；选项C；D错误。

故选A。2、D【分析】【详解】

无论物体怎样向上运动；拉力都做正功，物体的机械能均增加，故ABC错误，D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．电流的方向是电荷移动的方向；但电流这个物理量描述电流的强弱，是标量；故A错误；

B．电流的定义是比值定义法，电流与电荷量不成正比，与时间不成反比，故B错误；

C．电流的方向为正电荷的定向移动方向；故金属导体里面电流的方向和自由电子定向移动的方向相反，故C错误；

D．根据电流的定义得q=It；则单位时间内通过导体横截面的电量越多，导体中的电流越大，故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．图像的斜率的绝对值表示电场力大小，根据F=qE

可知也可以表示电场强度的大小，故x2到之间的电场强度大于到x3之间的电场强度；故A错误；

B．沿着电场强度的方向电势降低，故上x2到之间的电场强度的方向与到x3之间的电场强度的方向相反；故B错误；

C．负电荷沿x轴从运动到x3的过程中；电势降低，故是沿着电场线运动，故电场力做负功，电势能增加，故C正确；

D．正电荷沿x轴从x1运动到的过程中；电势增加，故电场力做负功，电势能增加，故D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

当接通电路后，放在其上方的小磁针N极立即转向左侧，所以小磁针处的磁场的方向向左，通电螺线管产生的磁场的方向向右，铁钉右端为电磁铁的N极．所以螺旋管外侧的电流的方向向下，即漆包线内电流由A流向B，导线A端接电池正极．故B正确，ACD错误．故选B．二、多选题(共9题，共18分)6、B:D【分析】【详解】

A．非线性元件是纯电阻；可以用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，A错误；

B．由欧姆定律计算可得

B正确；

CD．根据图像可知，图像的斜率表示随着电压的增大，图像的斜率减小，则导体的电阻不断增大，C错误，D正确；

故选BD。7、A:D【分析】【详解】

闭合电键后，电路如图所示．V1、V2、V3分别测量R1、路端电压和R′的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A1的示数增大，电源的内电压Ir增大，则V2示数减小，R1的电压增大，V3的示数减小，则通过R2的电流减小，所以通过R′的电流增大，即A2示数增大，A选项正确．V2示数与A1示数之比等于外电路电阻，其值减小，故B选项正确．根据闭合电路欧姆定律得U3=E﹣I1（R1+r），则得=R1+r=R+r，不一定小于2R，故C选项错误．A1的示数增大量等于A2示数增大和R2的电流减小量之和，所以ΔI1小于ΔI2；故D选项正确．

8、B:D【分析】【分析】

【详解】

AC．将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，即极板间距变大，由于电容器两板间电压不变，根据

场强变小；电场力变小，则带电油滴将沿竖直方向向下运动，AC错误；

B．将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，即极板间距变大，根据

即极板间距变大，则有电容器的电容减小，由于电容器两板间电压不变，根据

因此带电量减小；B正确；

D．场强减小，根据

可知，P到正极板的距离没变，P到正极板的电势差减小，所以P到负极板的电势差增大，P点的电势升高；D正确。

故选BD。9、A:C【分析】【详解】

AB．飞出电场过程

根据牛顿第二定律

射出电场时偏转距离

又

整理得

和四种粒子中；有三种电荷量，则飞出电场时它们将分成3股，故A正确，B错误；

C．由上分析得知

若粒子以相同初速度入射，则飞出电场时它们将分成的股数与比荷有关，和四种粒子中；有三种比荷，则飞出电场时它们将分成3股，故C正确；

D．根据能量守恒

若粒子经同一电场从静止加速后入射；则飞出电场时它们将成1股，故D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

A．闭合开关，一定时静电计指针示数不变，中无电流，则无电压降，故静电计指针不随的变化而变化；A错误；

B．的改变不影响电容器两端电压；故液滴仍处于静止状态，B正确；

CD．开关断开，平行板电容器的带电荷量不变，极板向上移动一段距离时，两极板间距增大，由

则电容变小，变大，则静电计指针的张角增大，因为两板间电场强度

不变，则不变；带电液滴仍处于静止状态，C错误，D正确。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

AB．钙离子电荷量大于钾离子电荷量，由点电荷场强

相同距离场强与电荷量成正比，由图可知，同条件下，乙离子场强大于钾离子，所以甲为A正确；B错误；

CD．选取无穷远电势为0；钾离子和钙离子都是正点电荷，电势大于0，所以两电荷连线中点电势大于0，C错误，D正确。

故选AD。12、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线；同一电荷在A；B两点的电势能必定相等，A正确。

B．根据平行四边形定则可以知道O点电场强度最强；B正确；

C．由于等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，正电荷从A点沿直线移动到B点；电荷的电势能始终不变。C错误；

D．由于AB处在同一等势线上，A、B连线上的任意两点的电势差一定为零。D错误。

故选AB。13、A:C【分析】【详解】

A．根据电场线的疏密可以判断场强的强弱，所以A点的场强大于B点的场强，根据沿电场线方向电势逐渐降低，所以B点的电势高于A点的电势；则A正确；

B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，说明电势能增大，又因为B点的电势高于A点的电势；由于正电荷在电势越高的位置，电势能越大，说明该电荷正电荷，所以B错误；

C．由于负电荷在电势越低的位置；电势能越大，所以C正确；

D．若将一个正电荷由A点释放；其所受电场力方向与场强方向相同向左运动，电场线越来越密，则该电荷将在电场中做加速度增大的加速运动，所以D错误；

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

AB．滑动变阻器R的滑动触头P由a向b移动过程中，R接入电路的电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流I减小，电源内部消耗的电功率为

故减小；故A错误，B正确；

CD．电源输出功率为

可知，由于当R增大时，电源输出功率P减小；故C错误，D正确。

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在图中图象的斜率表示电阻的倒数；由图可知，该导体的电阻随电压的升高而增大；

[2]当导体两端的电压为2V时，电流为2A，故电阻【解析】①.增大②.116、略

【分析】【详解】

[1]根据C=Q/U得，电容器的电容C=＝2×10−8F．

[2]电荷量减半，电容不变，仍然为2×10-8F．则两板间的电压

[3]根据E＝U/d知；电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的0.5倍；

[4]此时平行板电容器的电容仍为2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F17、略

【分析】【详解】

[1]根据电阻定律可得

[2]根据欧姆定律有

根据电流的微观表达式有

联立可得

所以【解析】36∶9∶41∶2∶318、略

【分析】【详解】

[1][2]改装后电压表的量程为

故串联的电阻越大，量程越大，故接a，b时，为灵敏电流计与R1串联，量程为3V；接a，c时，为灵敏电流计与R1和R2串联；量程为15V；

[3]由题可知，满偏电压

则R1两端的电压为

则【解析】3V15V19、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律

[2]改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，第二次的路端电压为

根据闭合电路欧姆定律

解得【解析】1.5120、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律得

代入数据解得

[2]改装后原来刻度1.4mA位置的读数

[3][4]电压3V，电流3mA的时候标度为0，即外加电阻为0，内电阻为R，则

中值电阻等于欧姆表内阻为10002mA刻度时候总电阻

则外加电阻【解析】490071000500四、作图题(共4题，共16分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共24分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]用螺旋测微器测量金属丝的直径d应为0+0.01mm×39.8=0.398mm。

（2）[2]滑动变阻器电阻大于待测电阻；则可采用限流接法；电压表的内阻远大于待测电阻，则可采用电流表外接，电路如图；

（