2025年北师大新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列说法正确的是（）A.使未饱和汽变成饱和汽，可采用升高温度的方法B.绝对湿度一定的情况下，温度越高相对湿度越大C.空气的相对湿度越小，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压D.干湿泡湿度计两温度读数相差越小，空气湿度越大2、如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变．闭合开关S，滑动变阻器的滑片P处于某一位置时，小灯泡L能发光．将滑片P从该位置向b端滑动；则（）

A.小灯泡L变亮，电流表的示数变小B.小灯泡L变亮，电流表的示数增大C.小灯泡L变暗，电流表的示数变小D.小灯泡L变暗，电流表的示数增大3、如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I；则（）

A.B.C.电源输出功率先增大后减小D.保持不变，变化4、在如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻都标志在图中，当滑动变阻器的滑片P向a端移动时；以下说法中正确的是。

A.电压表示数变小，电流表示数变小B.电阻两端的电压增大C.电源的总功率减少但电源的输出功率增大D.如果设定流过电阻电流变化量的绝对值为流过滑动变阻器的电流变化量的绝对值为则有5、在狭义相对论中，下列说法正确的是（）A.一切运动物体相对于观察者的速度都不能大于真空中的光速B.质量、长度、时间的测量结果都不会随物体与观察者的相对运动状态而改变的C.在一惯性系中发生于同一时刻、不同地点的两个事件在其他一切惯性系中也是同时发生的D.惯性系中的观察者观察一个相对他做匀速运动的时钟时，会看到这钟比与他相对静止的相同的时钟走得快些6、一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，其图像如图所示。下列说法正确的是（）

A.A→B的过程中，气体分子的密集程度变小B.A→B的过程中，分子对器壁的平均撞击力变小C.B→C的过程中，气体一定放出热量D.B→C的过程中，气体分子平均动能增加7、关于内能，下列说法正确的是()A.物体的内能是物体动能和势能的总和B.物体的内能是物体内所有分子平均动能和分子势能的总和C.温度高的物体一定比温度低的物体内能大D.内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、下列说法正确的是（）

A.狭义相对论认为，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，光速与光源、观察者间的相对运动无关B.电视遥控器发出的红外线的波长比医院里“CT”中发出的X射线的波长要短C.分别用红光、紫光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，红光的相邻两个亮条纹的中心间距大于紫光的相邻两个亮条纹的中心间距E.在单缝衍射中增大单缝到屏的距离，衍射条纹变宽E.在单缝衍射中增大单缝到屏的距离，衍射条纹变宽9、下列说法正确的是（）A.用油膜法可以估测分子的大小B.晶体的熔点是确定的，几何形状是规则的C.石英、云母、明矾、玻璃等是晶体，食盐、蜂蜡、松香、橡胶等是非晶体E.英国物理学家焦耳通过实验测定了外界对系统做功和传热对于系统状态的影响，并得出功与热量的相互关系E.英国物理学家焦耳通过实验测定了外界对系统做功和传热对于系统状态的影响，并得出功与热量的相互关系10、下列关于热机的说法中，正确的是（）A.热机是把内能转化为机械能的装置B.热机是把机械能转化为内能的装置C.只要对内燃机不断进行革新，它可以把气体的内能全部转化为机械能D.即使没有漏气，也没有摩擦，内燃机也不能把内能全部转化为机械能11、下列说法中正确的是（）A.无论技术怎样改进，热机的效率都不可能达到100%B.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用C.能量耗散从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性E.在油膜法估测分子大小的实验中，用一滴酒精油酸溶液的体积与浅盘中油膜面积的比值可估测油酸分子的直径E.在油膜法估测分子大小的实验中，用一滴酒精油酸溶液的体积与浅盘中油膜面积的比值可估测油酸分子的直径12、如图甲所示，为一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，P、Q为介质中的两个质点，图乙为质点P的振动图象；则（）

A.t＝0.3s时，质点Q离开平衡位置的位移比质点P的位移大B.t＝0.5s时，质点Q的速度大于质点P的速度C.t＝0.5s时，质点Q的加速度小于质点P的加速度D.0～0.5s内，质点Q运动的路程为0.5m评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、上午教室内的温度是空气的相对湿度是60%，已知时饱和汽压是则绝对湿度为___________如果教室内绝对湿度不变，下午温度升高到则相对湿度________________（选填“变大”或“不变”或“变小”）。14、一个系统的温度由200K升高到300K，另一个系统的温度由200℃升高到300℃，则它们升高了__________（选填“相同”或“不同”）温度，它们升高到的温度__________（选填“相同”或“不同”）。15、如图为演示“通电导线之间通过磁场发生相互作用”的实验示意图，接通电源时，发现两导线会相互靠近或远离已知接线柱是按如图所示方式连接的．

(1)请在图中虚线框中标出B导线在A导线周围产生的磁场的方向用“”或“”表示

(2)在图中标出A导线所受安培力的方向_____________．16、如图所示，先后以速度和匀速地把同一线圈从同一位置拉出有界匀强磁场的过程中，在先后两种情况下：

(1)线圈中的感应电流之比

(2)线圈中通过的电量之比

(3)拉力做功的功率之比．17、下图甲为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为5Ω，外接灯泡的电阻为105Ω，电流的有效值为_____A，电压表的示数为_____V，灯泡实际消耗的功率为_____W，发电机线圈内阻每分钟产生的焦耳热为_____J．

18、两块大小；形状完全相同的金属板平行放置；构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，闭合开关S，电源即给电容器充电。

（1）若保持S闭合，减小两板间的距离，则两极板间的电场强度_______；

（2）若断开S，减小两板间的距离，则极板上的电量_______，两极板间的电场强度_______。（填：“变大”、“不变”或“变小”）评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共6分)22、(18分)

(1)(6分)某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率；所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示。

①此玻璃的折射率计算式为=____(用图中的表示)；②如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度____(填“大”或“小”)的玻璃砖来测量。

(2)(6分)某实验小组研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系。实验时，将原长约200mm的橡皮筋上端固定，在竖直悬挂的橡皮筋下端逐一增挂钩码(质量均为20g)，每增挂一只钩码均记下对应的橡皮筋伸长量；当挂上10只钩码后，再逐一把钩码取下，每取下一只钩码，也记下对应的橡皮筋伸长量。根据测量数据，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量△与拉力关系的图像如图所示。从图像中可以得出____。(填选项前的字母)

A．增挂钩码时△与成正比，而减挂钩码时△与不成正比B．当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量比减挂钩码时的大C．当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量与减挂钩码时的相等D．增挂钩码时所挂钩码数过多，导致橡皮筋超出弹性限度(3)(6分)如图所示是一些准备用来测量待测电阻阻值的实验器材；器材及其规格列表如下：

。器材。

规格。

待测电阻

电源

电压表V1

电压表V2

电流表A

滑动变阻器

开关S；导线若干。

阻值在900Ω-1000Ω之间。

具有一定内阻；电动势约9.0V

量程2.0V，内阻=1000Ω

量程5.0V，内阻=2500Ω

量程3.0A，内阻=0.10Ω

最大阻值约100Ω；额定电流0.5A

为了能正常进行测量并尽可能减小测量误差，实验要求测量时电表的读数大于其量程的一半，而且调节滑动变阻器能使电表读数有较明显的变化。请用实线代替导线，在所给的实验器材图中选择若干合适的器材，连成满足要求的测量阻值的电路。23、如图是用高电阻放电法测电容的实验电路图，其原理是测出电容器在充电电压为U时所带的电荷量Q，从而求出其电容C.该实验的操作步骤如下：

①按电路图接好实验电路;

②接通开关S，调节电阻箱R的阻值，使微安表的指针接近满刻度，记下这时的电压表读数U0＝6.2V和微安表读数I0＝490μA;

③断开电键S并同时开始计时，每隔5s读一次微安表的读数i,将读数记录在预先设计的表格中;

④根据表格中的12组数据，以t为横坐标，i为纵坐标；在坐标纸上描点(图中用“×”表示),则：

(1)根据图示中的描点作出图线_________

(2)图示中i-t图线下所围的“面积”所表示的物理意义是：______________.

(3)根据以上实验结果和图线，估算当电容器两端电压为U0所带的电量Q0=__________，并计算电容器的电容C=________________.（这两空均保留两位小数）24、某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图．由图可读出l=_________cm，d=__________mm.

评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)25、空间中有一直角坐标系，其第一象限在圆心为半径为R、边界与x轴和y轴相切的圆形区域内，有垂直于纸面向里的匀强磁场图中未画出磁感应强度大小为B；第二象限中存在方向竖直向下的场强为E的匀强电场．现有一群质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从圆形区域边界与x轴的切点A处沿纸面上的不同方向射入磁场中，如图所示．已知粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径均为R，其中沿方向射入的粒子恰好到达x轴上的N点；不计粒子的重力和它们之间的相互作用，求：

粒子射入磁场时的速度大小及ON间的距离；

速度方向与夹角为斜向右上方的粒子到达y轴距O点的距离；

速度方向与夹角为斜向右上方的粒子到达x轴的时间．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

A.温度升高；实际气压不变，饱和汽压增大，故A错误；

B.绝对湿度一定的情况下；温度越高，饱和汽压增大，相对湿度越小，故B错误；

C.空气的相对湿度越小；水蒸气的压强越小于饱和汽压，故C错误；

D.干湿泡温度计两温度读数相差越小，即实际气压越接近饱和汽压，空气湿度越大，故D正确.2、A【分析】【分析】

根据滑片P的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化；然后根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，从而知道电流表的示数如何变化．根据路端电压的变化分析小灯泡亮度的变化．

【详解】

将滑片P从该位置向b端滑动；滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流I变小，则电流表示数变小．

总电流变小；电源的内电压变小，则路端电压变大，小灯泡的电压变大，则小灯泡L变亮，故A正确，BCD错误．

故选A．

【点睛】

本题是一道闭合电路的动态分析题，要分析清楚电路结构，熟练应用欧姆定律即可分析．3、B【分析】【详解】

A项：闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻减小，电路中总电流增大，则U1增大，U2减小，U3减小，由闭合电路欧姆定律有：故A错误；

B项：根据闭合电路欧姆定律：则得故B正确；

C项：由于定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r；当将滑动变阻器滑片向下滑动时，电源的内外电阻差值减小，所以电源的输出功率一直增大，故C错误；

D项：R是定值电阻，则有保持不变，则保持不变，故D错误．

故选B．4、D【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑片滑向a端时，接入电路的电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，内电压减小，由U=E–Ir可知路端电压增大，即电压表示数增大，因路端电压增大，R1两端的电压减小，故并联部分电压增大，由欧姆定律可知电流表示数增大，故AB错误；电源的总功率P=EI可知随着干路电流减小，电源的总功率减小，因不知道电源内阻和外电路的电阻关系，故输出功率无法判断，选项C错误；因I1=I2+I3，由上述分析知，I1减小；I3变大；I2减小；可知>故选D．5、A【分析】【分析】

【详解】

A．在狭义相对论中；速度的极限是光速，选项A正确；

B．在狭义相对论中；质量；长度、时间的测量结果都是随物体与观察者的相对运动状态而改变的，即都是相对的，选项B错误；

C．根据狭义相对论；同时具有相对性，在某一惯性系中发生于同一时刻；不同地点的两个事件，在其他惯性系中不一定是同时发生的，选项C错误；

D．在狭义相对论中；有运动延迟效应，但速度要接进光速，日常生活中的速度不能产生明显的相对论效应，选项D错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

AB．A→B的过程中；温度不变，气体体积减小，则单位体积内气体分子数增多，从而引起压强增大，分子对器壁的平均撞击力不变。故AB错误；

CD．B→C的过程中，图线的斜率不变，即压强不变，气体体积减小说明外界对气体做正功（为正），但气体温度降低，内能减小（），根据热力学第一定律可知气体一定对外放热（）。此过程中；温度降低，气体分子平均动能减小。故C正确，D错误。

故选C。7、D【分析】【详解】

物体的动能和势能的总和叫做机械能，故A错误；内能是物体内部所有分子无规则运动的分子动能和分子势能的总和，故B错误；物体内能由物质的量、物体温度与物体体积决定，温度高的物体不一定比温度低的物体内能大，故C错误；物体的内能与物质的量、温度、体积以及物态有关，内能不同的物体，它们的温度可能相等，即分子热运动的平均动能可能相同，故D正确。二、多选题(共5题，共10分)8、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．狭义相对论中光速不变原理：真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的；A正确；

B．红外线的波长比X射线长；B错误；

C．红光的波长长于紫光；所以在同一个双缝干涉实验装置上做实验，根据。

红光的相邻两个亮条纹的中心间距大于紫光的相邻两个亮条纹的中心间距；C正确；

D．由几何分析可知a光束对应的折射率大，而全反射临界角正弦值与折射率成反比，所以a光的全反射临界角小于b光的全反射临界角；D错误；

E．与双缝干涉相似；增大单缝到屏的距离，衍射条纹变宽，E正确。

故选ACE。9、A:D:E【分析】【详解】

A．用油膜法可以估测分子的大小；故A正确；

B．多晶体的几何形状不规则；故B错误．

C．食盐是晶体；玻璃是非晶体，故C错误；

D．气体压强的大小从微观角度来看．与气体分子的平均动能以及分子的密集程度有关；故D正确；

E．焦耳通过实验测定了外界对系统做功和传热对于系统状态的影响；并得出功与热量的相互关系，故E正确。

故选ADE。10、A:D【分析】【详解】

AB．把燃料燃烧时释放的内能转化为机械能的装置被称为热机；故A正确，B错误；

CD．热机是把内能转化为机械能的装置；过程中一定有部分热量排放给低温物体（冷凝器或大气），即有能量耗损。所以不可能把气体的内能全部转化为机械能，故C错误，D正确。

故选AC。11、A:B:C【分析】【详解】

A．根据热力学第二定律；无论技术怎样改进，热机的效率都不能达到100%，故A正确；

B．液体表面张力使液体表面收缩；所以露珠呈球状是由于液体表面张力的作用，故B正确；

C．能量耗散从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性；说明能量虽然守恒，但是仍然要节约能源，故C正确；

D．已知阿伏加德罗常数；某种气体的摩尔质量和密度；可以估算该种气体分子平均占据空间体积的大小，由于分子距离很大，故不能确定分子的大小，故D错误；

E．“油膜法估测分子的大小”实验中；用一滴油酸酒精溶液中油酸的体积与浅盘中油膜面积的比值可估测油酸分子的直径，不是油酸酒精溶液的体积与浅盘中油膜面积的比值，故E错误。

故选ABC。12、B:C【分析】【详解】

A.如图乙，0.3s时，yp＝-0.1m，质点Q不在最大位移处，则yp＞yQ；故A错误.

BC.0.5s时，yp＝0.1m，质点Q不在最大位移处，则vP＜vQ，aP＞aQ；故B，C均正确.

D.由质点P的振动图象可知，简谐横波沿x轴负方向传播，0～0.4s内质点Q运动的路程为0.4m，0.4s～0.5s内，质点Q回到起始位置并向下运动，运动的路程大于0.1m，则0～0.5s内，质点Q运动的路程大于0.5m，故D错误.三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．24.11℃时饱和汽压3.0kPa；相对湿度是60%，绝对湿度为。

P=3.0×0.6=1.8kPa[2]．因为绝对湿度=相对湿度×饱和气压，则绝对湿度不变时，温度升高，则饱和气压变大，相对湿度变小。【解析】1.8变小14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]因为绝对温度1K与摄氏温度1℃是相等的，则一个系统的温度由200K升高到300K，另一个系统的温度由200℃升高到300℃，则它们升高了相同温度；前者升高到了300-273=17℃，后者升高到了300℃，则它们升高到的温度不同。【解析】相同不同15、略

【分析】【详解】

根据右手安培定则可判断B导线在A导线周围产生的磁场的方向垂直纸面向里，根据左手定则可判断A导线所受安培力的方向水平向右；

【解析】16、略

【分析】【分析】

感应电流根据求解；热量根据焦耳定律列式求解；在恒力作用下，矩形线圈以不同速度被匀速拉出，拉力与安培力大小相等，拉力做功等于拉力与位移的乘积，而拉力功率等于拉力与速度的乘积感应电荷量由求解．

【详解】

设线圈的长为a，宽为L

（1）线圈中感应电流可知故感应电流之比是1：2．

（2）流过任一横截面感应电荷量可知q与v无关；所以感应电荷量之比为1：1；

（3）由于线圈匀速运动，外力与安培力大小相等，为外力的功率为所以外力的功率之比为1：4．

【点睛】

要对两种情况下物理量进行比较，我们应该先把要比较的物理量表示出来再求解关键要掌握安培力的推导方法和感应电荷量的表达式．【解析】2:12:14:117、略

【分析】【详解】

解：电动势的有效值为：

电流的有效值为：

电压表的示数为：

灯泡消耗的功率为：

发电机线圈内阻每分钟产生的焦耳热为为：【解析】2，210，420，120018、略

【分析】【详解】

(1)[1]若保持S闭合，则两板间的电势差U不变；减小两板间的距离，则根据

可知两极板间的电场强度变大；

(2)[2]若断开S；则极板上的电量保持不变；

[3]根据

可知

可知减小两板间的距离d，两极板间的电场强度不变。【解析】(1)变大；(2)不变；不变四、作图题(共3题，共21分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共6分)22、略

【解析】（1）①n=(或n=)