2025年北师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A，其中A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程。上述循环过程叫做热机的“卡诺循环”。则（）

A.B→C过程气体分子的数密度增大B.B→C过程气体的温度不变C.A→C过程气体对外做功大于C→A过程外界对气体做功D.C→D过程放出的热量等于A→B过程吸收的热量2、如图所示，某容器装有一定质量的理想气体，气体经历了A→B→C→A的循环过程，其中A→B是等温过程，B→C是绝热过程；则（）

A.A→B过程，每个气体分子动能保持不变B.B→C过程，气体温度升高C.B→C过程，单位时间内气体碰撞单位面积器壁的分子数减少D.整个循环过程中，气体放热3、如图所示，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动，电子到达Q板时的速率为v，若两极板间电压变为原来的两倍，其它条件都不变，则电子到达Q板时的速率为

A.vB.2vC.D.4、如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图．单刀多掷开关S可以与不同接点连接。下列说法正确的是（）

A.当S接或时为直流电流挡，接时量程较小B.当S接或时为直流电压挡，接时量程较大C.当S接或时为直流电流挡，接时量程较大D.当S接或时为直流电压挡，接时量程较小5、作图能力是高中物理学习中一项非常重要的能力．对于解决涉及复杂过程的力学综合问题，我们往往可以通过画状态图或图将物理过程展现出来，帮助我们进行过程分析、寻找物理量之间的关系．如图所示，光滑水平面上有一静止的足够长的木板M，一小木块m（可视为质点）从左端以某一初速度向右侧运动．若固定木板，最终小木块停在距左侧处（如图所示）．若不固定木板，最终小木块也会相对木板停止滑动，这种情形下，木块刚相对木板停止滑动时的状态图可能正确的是图中的（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、下列说法错误的是_____。A.布朗运动就是液体分子的无规则运动，且温度越高，布朗运动越剧烈B.当甲、乙两个分子间距离为r0时，分子间的引力和斥力大小相等；若规定此距离时分子势能为零，则分子势能不可能为负值C.温度升高，物体的内能一定增大E.做功和热传递在改变内能的效果上是相同的E.做功和热传递在改变内能的效果上是相同的7、关于热力学定律，下列说法中错误的是____。A.对物体持续降温冷却后可以把它的温度降为绝对零度B.三个系统a、b、c，若a与b内能相等，b与c内能相等，则根据热平衡定律a与c接触时一定不会发生热交换C.热量可以从低温物体传递到高温物体E.一定量的理想气体经过绝热压缩其内能一定增大E.一定量的理想气体经过绝热压缩其内能一定增大8、下列说法正确的是（）A.随着科学的发展，降温技术的提高，绝对零度是可以接近的，但无法达到B.气体分子间距离减小时，其分子势能一定增大C.绝热压缩或等温压缩的一定量理想气体内能均不变E.当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大E.当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大9、用相同金属材料制成的两根粗细均匀的电阻丝，质量分别为横截面积分别为若两电阻丝两端加相同的电压，垂直于磁场方向放入同一匀强磁场中，两电阻丝所受的安培力的大小关系为（）A.若则B.若则C.若则D.若则10、下列说法正确的是（）A.在理想气体的等压压缩过程中，外界可能对气体做功使气体的内能增加B.同种物质在不同条件下所生成的晶体的微粒都按相同的规则排列C.气体的压强是因为大量气体分子对器壁的频繁碰撞所产生的E.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中还会有水分子飞出水面E.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中还会有水分子飞出水面11、质量的小球以的初速度沿水平方向抛出，小球距离地面的高度是（），下面说法正确的是A.小球落地时速度大小是B.小球在落地时重力的瞬时功率为C.小球在空中运动过程中，任意相等时间内小球动能变化相等D.小球在空中运动过程中，任意相等时间内小球动量变化相等12、关于近代物理内容的表述，下列说法正确的是____A.比结合能越大的原子核越稳定B.卢瑟福发现了电子，并提出原子的核式结构模型C.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布规律与黑体的温度有关D.原子核发生β衰变时，β射线是原子内部核外电子释放出来的评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、热平衡的性质：达到热平衡的系统都具有相同的_______。14、如图所示，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞，气缸内密封有温度为2.8T0、压强为1.4p0的理想气体。p0和T0分别为大气的压强和温度。已知气体内能U与温度T的关系为a为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的。求：

（1）当活塞与顶面间恰好无压力时，气体的温度T__________；

（2）最终气体与外界温度相同，则活塞下落过程中气体内能减少了_________，该过程中气体放出的热量为__________。

15、汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功。已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8×102J。该内燃机的效率为________。随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率________(选填“有可能”或“仍不可能”)达到100%.16、如图所示，一弹簧振子在M、N间沿光滑水平杆做简谐运动，坐标原点O为平衡位置，MN=4cm．从小球图中N点时开始计时，到第一次经过O点的时间为0.1s，则小球振动的周期为______s，振动方程的表达式为x=______cm；．

17、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)21、在用两面平行的玻璃砖测定玻璃折射率的实验中；其实验光路如图（a）．

（1）在实验中，如果用量角器分别量出入射角和折射角那么，该玻璃砖的折射率的表达式为______________．

（2）在实验数据的处理中；有两位同学各设计了一个记录表格，而且都已完成了计算，根据他们设计的表格所反应的信息，判断他们论证做得是否正确．

甲同学设计的表格是：

乙同学设计的表格是：

答：上述两位同学做得正确的是________（选填“甲”或“乙”）．

（3）若甲在做测定玻璃的折射率的实验时，法线画得与界面不垂直，出现如图（b）所示的倾斜；若在放置玻璃砖时，玻璃砖的平面没有与重合，出现如图（c）所示的偏差，则他们测得的折射率比真实值_______

A．甲、乙均偏小B．甲、乙均偏大C．甲偏大、乙偏D．甲偏小，乙偏大22、某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的操作：

(1)用游标尺上有10个小格的游标卡尺测量摆球的直径如图甲所示，可读出摆球的直径为________cm．把摆球用细线悬挂在铁架台上，测量摆线长，通过计算得到摆长L．

(2)用秒表测量单摆的周期．当单摆摆动稳定后，同学记录了单摆40次全振动的时间，秒表的示数如图所示，该单摆的周期是T=________s(结果保留三位有效数字)．23、某同学设计如图(a)所示电路来测量未知电阻Rx的阻值和电源电动势E.

(1)实验器材有:电源(内阻不计),待测电阻Rx,(约为5Ω),电压表Ⅴ(量程为3V,内阻约为1kΩ),电流表(量程为0.6A,内阻约为2Ω),电阻R0(阻值3.2Ω),电阻箱R(0-99.9Ω),单刀单掷开关S1,单刀双掷开关S2,导线若干.(1)根据图(a)所示电路图用笔画线代替导线在图(b)中完成实物电路的连接________

(2)闭合开关S1,将S2拨至1位置,调节电阻箱测得电压表和电流表的的示数分别为2.97V和0.45A;再将S2拨至2位置调节电阻箱测得电压表和电流表的的示数分别为2.70V和0.54A.由上述数据可测算出待测电阻Rx=__________Ω(结果保留两位有效数字);

(3)拆去电压表闭合开关S1,保持开关S2与2的连接不变,多次调节电阻箱记下电流表示数和相应电阻箱的阻值R,以为纵坐标,R为横坐标作了--R图线如图(c)所示,根据图线求得电源电动势E=_______V.实验中随着电阻箱阻值的改变电阻箱消耗的功率P会发生变化,当电阻箱阻值R=______Ω时电阻箱消耗的功率最大(结果均保留两位有效数字)评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)24、竖直放置粗细均匀的U形细玻璃管两臂分别灌有水银，水平部分有一空气柱，各部分长度如图所示，单位为厘米．现将管的右端封闭，从左管口缓慢倒入水银，恰好使水平部分右端的水银全部进入右管中．已知大气压强p0=75cmHg；环境温度不变，左管足够长．求：

(1)此时右管封闭气体的压强.

(2)左管中需要倒入水银柱的长度．

25、如图甲所示，一圆柱形导热气缸水平放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，此时封闭气体的绝对温度为T(活塞与气缸底部相距L)，现将气缸逆时针缓慢转动直至气缸处于竖直位置，如图乙所示，此时活塞与气缸底部相距L；现给气缸外部套上绝热泡沫材料(未画出)且通过电热丝缓慢加热封闭气体，当封闭气体吸收热量Q时，气体的绝对温度上升到T．已知活塞的横截面积为S，外界环境的绝对温度恒为T，大气压强为P0；重力加速度大小为g，不计活塞与气缸的摩擦.求：

（1）活塞的质量m；

（2）加热过程中气体内能的增加量.26、如图所示，一个绝热的气缸竖直放置，内有一个绝热且光滑的活塞，中间有一个固定的导热性良好的隔板，隔板将气缸分成两部分，分别密封着两部分理想气体A和B．活塞的质量为m，横截面积为S，与隔板相距h．现通过电热丝缓慢加热气体，当A气体吸收热量Q时，活塞上升了h，此时气体的温度为T1．已知大气压强为P0；重力加速度为g．

①加热过程中，若A气体内能增加了1，求B气体内能增加量2

②现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当活塞恰好回到原来的位置时A气体的温度为T2．求此时添加砂粒的总质量．27、如图所示，两平行金属板P、Q竖直放置，两极板间的电压为U．放在P板附近的离子源释放出质量为m，带电量为-q的离子，离子经加速电场加速后垂直磁场边界从A点进入一个匀强磁场，磁场左右边界平行，距离为．该磁场的磁感应强度为B；方向垂直纸面向里．不计离子的重力．

（1）认为离子飘入加速电场时的速度很小，近似为零，求粒子从A点进入磁场的速度v；

（2）若离子刚好从D点离开磁场，且离开磁场时，向下偏移的距离则粒子在磁场中的运动时间为多少？

（3）若加速电压U和磁场的磁感应强度B均可调，欲使粒子不能从右边界射出，应如何调节U和B？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

A．根据图像可知，B→C过程气体的体积增大；则气体分子的数密度减小，A错误；

B．根据

B→C过程为绝热过程，气体体积增大，对外做功，则

则有

即气体温度降低；B错误；

C．图像中，图线与V轴所围几何图形的面积表示功，A→C过程气体体积增大，气体对外做功，C→A过程，气体体积减小，外界对气体做功，由于A→C过程图线与V轴所围几何图形的面积大于C→A过程图线与V轴所围几何图形的面积，则A→C过程气体对外做功大于C→A过程外界对气体做功；C正确；

D．根据热力学第一定律有

由于

则有

根据上述A→C过程气体对外做功大于C→A过程外界对气体做功，即

则有

由于C→D是等温过程，内能不变，体积减小，外界对气体做功，则气体放出的热量，而D→A为绝热过程，即C→D过程放出的热量即为C→A过程放出的热量，又由于A→B是等温过程，内能不变，体积增大，气体对外界做功，则气体吸收的热量，而B→C为绝热过程，即A→B过程吸收的热量即为A→C过程吸收的热量，可知C→D过程放出的热量小于A→B过程吸收的热量；D错误。

故选C。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．A→B过程；温度不变，说明气体分子平均动能不变，而并非指每个气体分子的动能均保持不变，故A错误；

B．B→C过程中；绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度降低，故B错误；

C．B→C过程；气体的体积增大，单位体积内的分子数变少，气体分子的密集程度降低，单位时间内对器壁的碰撞次数减少，故C正确；

D．整个循环过程中，根据W=pΔV可知气体对外做功大于外界对气体做功；即。

W<0该循环过程中；气体内能不变，根据。

ΔU＝Q＋W可知气体吸热；故D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

电子由静止开始向Q板运动，根据动能定理：当电压加倍后根据动能定理：联立可得：故C正确，ABD错误．4、D【分析】【详解】

AB．当S接1时，表头与一个电阻串联后再与另一个电阻并联，当S接2时，表头与两个串联后的电阻并联，所以当接或时为直流电流挡；接1时与表头并联的总电阻较小，对应的量程较大，故AB错误；

C．3或4挡对应电路中有电源，所以当接或时为欧姆挡；根据欧姆挡内阻等于对应量程的中值电阻可知接3时量程较小，故C错误；

D．当接或时；电阻与表头串联，为直流电压挡，接5时与表头串联的总电阻较小，量程较小，故D正确。

故选D。

【点睛】

多用电表内部只有一个表头，即电压与电流的量程都较小的仪表，要把它改装成电压表时需要跟它串联一个电阻，且串联的电阻越大，电阻分压越大，所对应的量程就越大；把它改装成电流表时需要跟它并联一个电阻用来分流，且并联的电阻越小，电阻分流越大，对应的量程也就越大。多用电表欧姆挡需要用内部电源对电阻进行供电，从而根据所测电流大小来间接反应待测电阻的阻值，所以包含电源的挡位为欧姆挡，进行欧姆调零时，两表笔短接，使指针指向零刻度，此时对应表头满偏，设此挡位内阻为R，则当待测电阻也为R时，表头将半偏，指针刚好指向表盘中央位置，因此对应挡位下的内阻等于中值电阻。5、B【分析】【详解】

A.根据能量守恒，末态物块对地位移一定小于故A错误。

B.小物块匀减速的末速度等于木板加速的末速度；停止相对滑动，所以木板的位移一定小于物块的位移，故B正确。

C.根据选项B的分析；故C错误。

D.根据A的分析；故D错误。

故选B二、多选题(共7题，共14分)6、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的运动；反映了液体分子的无规则运动，选项A错误，符合题意；

B．当甲、乙两个分子间距离为r0时；分子间的引力和斥力大小相等，此处分子势能最小，若规定此距离时分子势能为零，则分子势能不可能为负值，选项B正确，不符合题意；

C．一定质量的物体；内能与温度和体积有关，温度升高，物体的内能不一定增大，选项C错误，符合题意；

D．干湿泡湿度计示数差别越大；表明相对湿度越小，选项D错误，符合题意；

E．做功和热传递在改变内能的效果上是相同的；选项E正确，不符合题意。

故选ACD。7、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．绝对零度是不可能达到的；故A错误；

B．热平衡状态即为两物体的温度相同；但两物体内能相同时，温度不一定相同，故B错误；

C．热量可以从低温物体传递到高温物体；例如电冰箱，但需要消耗电能，故C正确；

D．自然界中有的能量便于利用；有的不便于利用，因此要节约能源，故D错误；

E．一定质量的理想气体经过绝热压缩；外界对气体做功，由热力学第一定律可知，气体的内能增大，故E正确。

本题选错误的，故选ABD。8、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学第三定律；可知绝对零度是不能达到的。故A正确；

B．气体分子间距离减小时；其分子力做功不确定，故其分子势能不一定增大。故B错误；

C．绝热压缩过程；外界对气体做功，其温度升高，内能一定增加。故C错误；

D．等压变化过程；升高温度，气体对外界做功，等容变化过程，升高温度，体积不变，根据热力学第一定律，可知前者吸收热量多。故D正确；

E．分子热运动变剧烈时；分子平均动能变大，撞击器壁的平均作用力变大，分子平均距离变小时，气体体积减小，单位体积的分子数密度增加，气体压强一定变大。故E正确。

故选ADE。9、B:D【分析】【详解】

电阻丝的长度可表示为

电阻丝的电阻可表示为

流过电阻丝的电流为

电阻丝所受的安培力为

由于两电阻丝两端加相同的电压；垂直于磁场方向放入同一匀强磁场中，可知电阻丝所受的安培力与电阻丝的质量无关，与其横截面积成正比；

A.若则A错误；

B.若则B正确；

C.若则C错误；

D.若则D正确；

故选BD。10、C:D:E【分析】【详解】

A、气体的内能仅仅与温度有关，根据理想气体的状态方程可知；气体被等压压缩的过程中压强不变，体积减小，则气体的温度一定降低，气体的内能减小,故A错误；

B；同种物质在不同条件下所生成的晶体的微粒不一定按相同的规则排列,故B错误；

C；从微观角度讲；气体的压强是因为大量气体分子对器壁的频繁碰撞所产生的,故C正确；

D；液体具有表面张力；用湿抹布往往难以擦干净玻璃上的灰尘是因为液体表面张力的作用，故D正确；

E；液面上部的蒸汽达到饱和时；液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发;故E正确.

故选CDE.11、A:D【分析】【详解】

A、根据解得：则小球落地时竖直方向的速度则小球落地时速度大小故A正确；

B、小球在落地时重力的瞬时功率故B错误；

C、由动能定理可得：由于物体在竖直方向上是自由落体运动，物体下落的速度越来越大，所以在相同的时间内物体下降的高度也是越来越大，重力做的功越来越多，动能的变化量也是越来越大，故C错误；

D、由动量定理可得：小球在空中运动过程中，任意相等时间内小球动量变化相等，故D正确．12、A:C【分析】【详解】

A；比结合能越大；表示原子核中核子结合得越牢靠，原子核越稳定，A正确；

B；汤姆生发现了电子；卢瑟福提出原子的核式结构模型，B错误；

C；黑体辐射电磁波的强度按波长的分布规律与黑体的温度有关；随着温度的升高，辐射强度的极大值向频率比较高，即波长较短的方向移动，C正确；

D、β衰变是原子核内中子转化而来；D错误．

故选AC．

【点睛】

本题考查了普朗克的黑体辐射理论，卢瑟福原子核实结构模型等，知识点多，难度小，关键是记住基础知识．三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度14、略

【分析】【详解】

（1）[1]当活塞与顶面间恰好无压力时，可知气体的压强由P1=1.4p0下降到p2=p0，温度由T1=2.8T0变到T2=T，气体的体积不变，气体做等容变化，由查理定律可得

解得T=2T0

（2）[2]由可得

[3]设气体与外界温度相同时的体积为V2，由盖−吕萨克定律可得

解得

则有

由热力学第一定律可得【解析】2T0aT015、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]随着科技的进步；不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率仍不可能达到100%。

【点睛】

此题考查了热力学第一定律△U=W+Q，注意公式中各个物理量的符号法则；知道热力学第二定律的内容。【解析】不可能16、略

【分析】【详解】

如图，从正向最大位移处开始计时，振动方程的表达式为为：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

据题可得：T=4×0.1s=0.4s，则ω==5πrad/s

则振动方程的表达式为为：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt17、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.695四、作图题(共3题，共6分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)21、略

【分析】【详解】

（1）根据光的折射定律可知：

（2）为了减小测量的偶然误差；必须采用多次测量取平均值的方法，由于每次测量时，入射角不同，折射角不同，每次测量有入射角与折射角之间没有直接关系，入射角和折射角取平均值没有意义，而介质的折射率仅由介质的性质决定，是不变的，所以应求出每一个入射角及对应的折射角，运用折射定律求出折射率，再求出折射率的平均值，可有效减小测量的误差，这样做有意义．故甲同学做得正确.

（3）（b）测得的入射角和折射角都偏大，而且增大相同的角度，玻璃砖的折射率为：运用特殊值法分析：假设若法线与界面垂直时，入射角为i=45”，拆射角为r=30”，则拆射率为：若法线与界面不垂直时，入射角与折射角都增大15°，则折射率为：可见，甲的测量值将偏小．出现如图（c）所示的偏差时测量的入射角和折射角都增大，而且增大相同的角度，故测量值将偏小，故A正确，BCD错【解析】（1）（2）甲（3）A22、略

【分析】【详解】

(1)10分度的游标卡尺精确度为0.1mm，则直径d=9mm+7×0.1mm=9.9mm=0.97cm.

(2)由图示秒表可知，最小格为0.1s，分针超过一格为60s，时间为则单摆的周期为【解析】0.971.8823、略

【分析】【详解】

(1)(1)实物电路连线如图①②③