2025年北师大版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，表面绝缘的圆环P内切于单匝正方形线圈Q，仅在圆环P内均匀分布着方向垂直圆环所在平面的磁场，P、Q用相同规格的电阻丝制成．现使磁场的磁感应强度B随时间t均匀增大，下列判断正确的是（）A.圆环P与线圈Q中的感应电流之比为π：4，热功率之比为π：4B.圆环P与线圈Q中的感应电流之比为4：π，热功率之比为4：πC.圆环P与线圈Q中的感应电流之比为4：π，热功率之比为π：4D.圆环P与线圈Q中的感应电流之比为π：4，热功率之比为4：π2、如图所示，a

、b

分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的电流I

和电压U

的关系图线，下列判断中正确的是()

A.a

代表的电阻丝较粗。

B.b

代表的电阻丝较粗。

C.a

电阻丝的阻值小于b

电阻丝的阻值。

D.图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比3、如图所示，匀强磁场的边界为矩形abcd，已知ab>ac。一束带正电的粒子以不同的速度v沿cd边从c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况下列说法中正确的是（）A.入射速度越小的粒子，其运动时间越长B.从ac边出射的粒子的运动时间都相等C.从ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短D.粒子不可能从bd、cd边出射4、下列哪个是磁感应强度的单位()A.特斯拉B.安培C.法拉D.伏特5、如图所示，两束不同的单色光P

和Q

射向半圆形玻璃砖，其出射光线都是从圆心O

点沿OF

方向，由此可知(

)

A.Q

光穿过玻璃砖所需的时间比P

光短B.P

光的波长比Q

光的波长小C.PQ

两束光以相同的入射角从水中射向空气，若Q

光能发生全反射，则P

光也一定能能发生全反射D.如果让PQ

两束单色光分别通过同一双缝干涉装置，P

光形成的干涉条纹间距比Q

光的大6、如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合金属框共面，第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，设先后两次通过金属框的磁通量变化量大小分别为△Φ1和△Φ2，则（）A.△Φ1＞△Φ2，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现B.△Φ1=△Φ2，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现C.△Φ1＜△Φ2，两次运动中线框中均无感应电流出现D.△Φ1＜△Φ2，两次运动中线框中均有感应电流出现评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、自然界只存在____电和____电两种电荷．用丝绸摩擦过的玻璃棒带____电，用毛皮摩擦过的胶木棒带____电．8、如图所示，已知电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，定值电阻R＝2Ω，通过小灯泡的电流为1A，已知小灯泡的电阻为3Ω，小型直流电动机的线圈电阻为1Ω，则电动机两端的电压V电动机的输入功率W电动机的输出功率W9、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷(

电量很小)

固定在P

点，如图所示.

以E

表示两极板间的场强，U

表示电容器的电压，EP

表示正电荷在P

点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则E

_________，EP_______________U

______________(

选填“变大”、“变小”或“不变”)

10、如图所示，A、B为带电量分别是Q和-Q的两个等量异种点电荷，A、B间的距离为r，则AB中点处O点的场强大小为____N/C，方向向____．

11、如图所示，线圈ABCO面积为0.4m2，匀强磁场的磁感应强度B=0.1T，方向为x轴正方向，通过线圈的磁通量为_________Wb。在线圈由图示位置绕z轴向下转过60°的过程中，通过线圈的磁通量改变了_________Wb。(可以用根式表示)12、如图所示，两个完全相同的光滑球的质量均为M，放在竖直挡板和倾角为α的固定斜面间．若缓慢转动挡板至与斜面垂直，在此过程中：A、B两球间的弹力____，B球对挡板的压力____，B球对斜面的压力____，A球对斜面的压力____．（填“不变”；“增大”、“减小”）

13、（1）用示波器观察频率为900Hz的正弦电压信号．把该信号接入示波器Y输入．

①当屏幕上出现如图1所示的波形时，应调节______钮．如果正弦波的正负半周均超出了屏幕的范围，应调节______钮或______钮；或这两个钮配合使用，以使正弦波的整个波形出现在屏幕内．

②如需要屏幕上正好出现一个完整的正弦波形，应将______钮置于______位置，然后调节______钮．

14、把一线框从一匀强磁场中匀速拉出，如图。第一次拉出的速率是v

，第二次拉出速率是2

v

，其它条件不变，则前后两次拉力大小之比是____，拉力功率之比是____，线框产生的热量之比是____，通过导线截面的电量之比是____。

15、本题为选做题，考生只选择一题作答.

若两题都作答，则按24鈭�A

题计分．。24A(

本题供使用选修1鈭�1

教材的考生作答)

如图所示是一个按正弦规律变化的交变电流的图象，根据图象可知该正弦交变电流的频率是_______Hz

电流的有效值是_____A

．24B(

本题供使用选修3鈭�1

教材的考生作答)

如图所示的电路中，电源的电动势为6V

内阻为1娄赂

两定值电阻的阻值分别为9娄赂

和10娄赂

开关S

闭合后，电路中的电流为________AAB

间的电压为________V

．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共2题，共10分)22、有三盏电灯L1、L2、L3；规格分别为“110V100W”；“110V60W”、“110V25W”，在只能增加一个设备（或一个用电器），能使每盏灯都正常发光（要求设计的电路最节省电能）．求：

（1）如果使用220V直流电源；应增加什么设备（或用电器）如何连接？说明理由，并在对应方框内画出电路图；

（2）如果使用220V交流电源；应增加什么设备（或用电器）如何连接？说明理由，并在对应方框内画出电路图．

23、某一物体被竖直上抛，空气阻力不计．当它经过抛出点上方0.4m处时，速度为3m/s；当它经过抛出点下方0.4m处时，速度应为多少？（g=10m/s2）

评卷人得分五、画图题(共2题，共6分)24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、证明题(共2题，共20分)26、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。27、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】解：AB、根据法拉第电磁感应定律E=n=nS，题中单匝，且相同；有效面积S也相同；

则得到P、Q中感应电动势之比为EP：EQ=1：1．

根据电阻定律R=ρ且正方形线圈Q与圆环P导线长度之比为4×2r：2πr=4：π；

又因ρ、S相同，则电阻之比为：RP：RQ=π：4；

根据欧姆定律I=得产生的感应电流之比为：IP：IQ=4：π；根据热功率的表达式P=I2R，那么圆环P与线圈Q中的热功率之比42×π：π2×4=4：π；故ACD错误，B正确；

故选：B．

根据法拉第电磁感应定律E=n=nS，确定P、Q中感应电动势EP：EQ．根据电阻定律求出两个电阻之比，再欧姆定律求解电流之比．最后依据热功率的表达式P=I2R；即可求解．

本题整合了法拉第电磁感应定律、电阻定律和欧姆定律，要注意体会磁通量的计算中，S为有效面积，由图可知，有效面积为圆形面积，故有效面积相同．【解析】【答案】B2、B【分析】【分析】I鈭�U

图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小，根据电阻定律R=娄脩LS

比较电阻丝的粗细。

解决本题的关键会从I鈭�U

图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律R=娄脩LS

【解答】ABC.

图线的斜率表示电阻的倒数，图线a

的斜率小于b

的斜率，所以a

的电阻大于b

的电阻，根据电阻定律R=娄脩LS

知，长度相同，材料相同，知a

的横截面积小，b

的横截面积大；故A；C错误，B正确；

D.电阻的大小与电压；电流无关；故D错误。

故选B。【解析】B

3、B|C【分析】【解析】试题分析：从ac边出射的粒子的运动轨迹的圆心角都为180°，所以根据公式可得，这些粒子的运动时间相等，B正确，粒子运动时间跟其轨迹的圆心角有关，A错误，从ab边射出的粒子的速度越大，所对圆心角越小，所以所用时间越小，C正确，当速度大于某一值时，粒子会从bd边射出，D错误，考点：考查了粒子在磁场中的运动，【解析】【答案】BC4、A【分析】【分析】特斯拉是磁感应强度的单位；安培是电流强度的单位；法拉是电容的单位；伏特是电压的单位。

故选A

【点评】容易题。在解题时要牢记每个物理量的单位，否则最后结果的单位和应求物理量的单位不相符。5、D【分析】解：A

由图知：P

光和Q

光的折射角相等，而P

光的偏折程度小，根据折射定律知P

光的折射率比Q

光小，由v=cn

知P

光在玻璃砖中传播速度大；则P

光穿过玻璃砖所需的时间比Q

光短，故A错误．

B；P

光的折射率小；频率小，则P

光的波长比Q

光的波长长，故B错误．

C、根据临界角公式sinC=1n

知P

光束的折射率小，临界角大，所以若Q

光能发生全反射，则P

光不一定能发生全反射，故C错误．

D；P

光束的折射率小；波长长，根据双缝干涉条纹的间距与波长成正比，则P

光形成的干涉条纹间距比Q

光的大，故D正确．

故选：D

通过光路图，判断出玻璃砖对两束光的折射率大小，从而知道两束光的波长和频率的大小，根据折射率大小去判断出在玻璃砖中的速度大小，即可判断光通过玻璃砖时间的长短.

根据临界角公式sinC=1n

比较临界角的大小，判断全反射现象.

根据波长的大小分析干涉条纹间距的大小．

解决本题的关键是通过光路图比较出折射率的大小，要掌握折射率与光速、波长的关系，要知道折射率越大，相应的光的频率越大．【解析】D

6、D【分析】解：设在位置Ⅰ时磁通量大小为Φ1，位置Ⅱ时磁通量大小为Φ2。

第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，穿过线框的磁感线方向没有改变，磁通量变化量△Φ1=Φ1-Φ2，根据楞次定律判断可知，感应电流沿adcba方向；

第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，穿过线框的磁感线的方向发生改变，磁通量变化量△Φ2=Φ1+Φ2，根据楞次定律判断可知，感应电流沿adcba方向；

则可知，△Φ1＜△Φ2；两次运动中线框中均有感应电流出现，故D正确，ABC错误。

故选：D。

根据安培定则判断出磁场的方向。第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ；穿过线框的磁感线方向没有改变，磁通量变化量大小等于两个位置磁通量的差值；第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，穿过线框的磁感线的方向发生改变，磁通量变化量大小等于两个位置磁通量绝对值之和。

本题考查电磁感应规律的应用，解题的关键是确定磁通量的变化，并能正确运用楞次定律判断感应电流的方向，要注意如果设开始时的磁通量为正时，如果磁感线由另一面穿过时，磁通量应为负值。【解析】D二、填空题(共9题，共18分)7、略

【分析】

自然界中只存在正负两种电荷；

根据正负电荷的定义可知：与毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；因此自然界存在两种电荷．

故答案为：正；负；正；负．

【解析】【答案】自然界中只存在两种电荷；用丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷叫正电荷，毛皮摩擦过的橡胶棒带的电荷叫负电荷．

8、略

【分析】试题分析：根据闭合回路欧姆定律可得电动机的输入功率电动机的输出功率为：考点：考查了闭合回路欧姆定律，电功率的计算【解析】【答案】6659、不变不变变小。

【分析】【分析】平行板电容器充电后与电源断开后，电容器的电量不变.

将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，电容增大.

由推论公式E=4娄脨kQ娄脜S

分析板间场强E

的变化情况，由公式U=QC

判断板间电压的变化。本题是电容器的动态变化分析问题，难点是确定电场强度的变化，只要得出电场强度的变化，就可以得出P

与负极板电势差的变化，得出P

点的电势以及电荷在P

点电势能的变化。【解答】​由题意知：电容器的带电量Q

不变，板间距离减小，根据电容的决定式知电容C

增大，由公式U=QC

知；板间电压U

变小。

由推论公式E=4娄脨kQ娄脜S

分析，可知板间电场强度E

不变，则由U=Ed

知，P

与负极板间的电势差不变，则P

点的电势不变，正电荷在P

点的电势能EP

不变。故填：不变不变变小。

【解析】不变不变变小。

10、略

【分析】

A电荷在O点产生的场强大小为E1==方向水平向右；

B电荷在O点产生的场强大小为E1==方向水平向右；

故O点场强大小为E=E1+E2=方向水平向右．

故本题的答案为：右．

【解析】【答案】真空中点电荷的电场强度的表达式E=电场强度是矢量，而矢量的运算满足平行四边形定则，但当两个矢量的方向在同一条直线上时就可以利用代数法则进行运算．

11、略

【分析】试题分析：线圈ABCO与x轴正方向的匀强磁场平行，没有一条磁感线穿过平面，所以磁通量等于0.在线圈由图示位置绕z轴向下转过60°时，线圈在中性面上面的投影面积为磁通量磁通量变化量考点：磁通量【解析】【答案】0或3.46×10-212、不变减小减小不变【分析】【解答】虽然挡板在变化，但球B对球A的弹力方向没有改变，球B的重力没有变化，则斜面对球A的支持力方向也没变，虽然球A位置在缓慢变化，但球A所受力没有变化，故A球对斜面的压力不变，A、B两球的弹力没有变；

球B受力分析如图，当缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中，弹力F1的方向也从图示位置转动到与斜面平行位置；则两个弹力的合力不变，当夹角变小时，两弹力大小均变小，故B球对挡板的压力逐渐减少，B球对斜面的压力逐渐减少；

故答案为：不变；减小，减小，不变．

【分析】在逆时针缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中，两完全相同的小球处于静止状态．则小球A受力不变，而小球B由于挡板对球A的弹力方向发生变化，导致球B对挡板及斜面作用力发生变化．13、略

【分析】解：（1）①因波形失真；应调节竖直位移或↑↓钮使整个波形平移，以使波形完整；

②如果正弦波的正负半周均超出了屏幕的范围；应调节衰减或衰减调节钮或Y增益钮，或这两个钮配合使用，以使正弦波的整个波形被压缩，以使波形完整出现在屏幕内；

故答案为：①竖直位移或↑↓；衰减或衰减调节，y增益；

②扫描范围；1k挡位，扫描微调；

①图中；因波形失真，应调节竖直位移或↑↓钮使整个波形移动，以使波形完整．如果竖直位移过大或过小，都可以调节竖直位移旋钮，还可以通过调节y增益旋钮实现；

②如需要屏幕上正好出现一个完整的正弦波形；因为要观察频率为900Hz的正弦电压信号，应将扫描电压也调整为900Hz，所以应将扫描范围钮置于1k挡位位置，然后调节扫描微调钮．

考查示波器的基本应用，明确各旋钮的用途．【解析】竖直位移或↑↓；衰减或衰减调节；y增益；扫描范围；1k挡位；扫描微调14、1：21：41：21：1。【分析】【分析】由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出拉力大小，然后求出拉力大小之比；由P=Fv

求出功率之比；克服安培力做功转化为焦耳热，由功的计算公式求出线框产生的热量之比；由电流定义式、欧姆定律求出感应电荷量之比。本题考查了求拉力之比、拉力功率之比、产生的热量之比、感应电荷量之比，先求出各物理量的表达式，然后再求它们的比值；熟练应用基础知识，基本公式即可正确解题。【解答】设线框切割磁感线的边长为L

线框受到的安培力：FB=BIL=BLBLvR=B2L2vR

线框匀速运动，由平衡条件得：拉力F=FB=B2L2vR

可知拉力与速度v

成正比，则拉力之比为12

拉力功率P=Pv=B2L2v2R

拉力功率与速度的平方成正比，则拉力功率之比为v2(2v)2=14

线框产生的热量灯油克服安培力做功，则Q=FBL=B2L3vR

产生的热量与速度成正比，则产生的热量之比为v2v=12

感应电荷量：q=It=ERt=BLvtR=BL2R

故通过导线截面的电量之比是：11

故填：12141211

【解析】12141211

15、略

【分析】24隆陋A

根据图象可知该正弦交变电流的周期为0.04

s

，其频率为交变电流的最大值为20

A

，有效值为

24隆陋B

由闭合电路欧姆定律得A

、B

间的电压U

=

=

3

V.

【解析】24隆陋A.25

24隆陋B.0.3

3

三、判断题(共6题，共12分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、解答题(共2题，共10分)22、略

【分析】

（1）使用220V直流电源应增加电阻器；电阻器的额定功率为15W，电路连接如右图所示．理由为只有左右两边的电阻相等才能各分压110V，使电灯都正常发光．

（2）使220V交流电应增加降压变压器；其中原副线圈匝