2025年中图版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一列波在介质中向某一方向传播，如图所示为此波在某一时刻的波形图，并且此时振动还只发生在M、N之间，已知此波的周期为T，Q质点速度方向在波形图中是向下的，下面说法中正确的是（）A.波源是M，由波源起振开始计时，P点已经振动时间TB.波源是N，由波源起振开始计时，P点已经振动时间C.波源是N，由波源起振开始计时，P点已经振动时间D.波源是M，由波源起振开始计时，P点已经振动时间2、如图，一个棱镜的顶角为娄脠=41.30鈭�

一束白光以较大的入射角从棱镜的左侧面射入，在光屏上形成从红到紫排列的彩色光带，各色光在棱镜中的折射率和临界角见表.

当入射角逐渐减小到0鈭�

的过程中，彩色光带的变化情况是(

)色光红橙黄绿蓝紫折射率1.5131.5141.5171.5191.5281.532临界角/(鈭�)41.37041.34041.23041.17040.88040.750A.紫光最先消失，最后只剩红光、橙光B.紫光最先消失，最后只剩红光、橙光、黄光C.红光最先消失，最后只剩紫光D.红光最先消失，最后只剩紫光、蓝光3、在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器。如下所示的四个图中，能正确反应其工作原理的是()A.B.C.D.4、下列四幅图是交流电的图象，其中能正确反映我国居民日常生活所用交流电的是()5、在一均匀介质中选取平衡位置在同一直线上的9个质点，相邻两质点间的距离均为0.1m，如下图甲所示。一列横波沿该直线向右传播，t＝0时质点1开始向下运动，振幅为0.2m，经过时间0.3s第一次出现如图乙所示的波形．则()A.第9个质点的起振方向向上B.该波的周期为0.3sC.该波的波速为4m/sD.在介质中还有一质点P，距质点1的距离为10m，则再经2.35sP点处于波峰．6、关于自感电动势的大小，下列说法正确的是（）A.跟通过线圈的电流大小有关B.跟线圈中的电流变化快慢有关C.跟线圈中的电流变化大小有关D.跟穿过线圈的磁通量大小有关7、如图所示的磁场中有一个垂直于磁场中心磁感线放置的闭合圆环，现在将圆环从图示A

位置水平向右移到B

位置，穿过圆环的磁通量的变化情况是

A.变小B.变大C.不变D.先变小后变大8、如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a

、b

所示，则()

A.两次t

=0

时刻线圈平面与中性面垂直B.曲线a

、b

对应的线圈转速之比为23

C.曲线a

表示的交变电动势频率为50H

z

D.曲线b

表示的交变电动势有效值为52V

评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、如图，电容器PQ的电容为10mF，垂直于回路的磁场的磁感应强度5´10-3T/s的变化率均匀增加，回路面积为10-2m2。则PQ两极电势差的绝对值为____V。P极所带电荷的种类为____。10、“嫦娥三号”依靠____（选填“电磁”或“声”）波将拍到的月貌图片传回地球，此波由真空进入大气的传播过程中，保持不变的是____（选填“速度”或“频率”）．11、在“用单分子油膜估测分子大小”实验中；某同学操作步骤如下：

①取一定量的无水酒精和油酸；制成一定浓度的油酸酒精溶液；

②在量筒中滴入一滴该溶液；测出它的体积；

③在蒸发皿内盛一定量的水；再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散开稳定；

④在蒸发皿上覆盖透明玻璃；描出油膜形状，用透明方格纸测量油膜的面积．

改正其中的错误：______

配制的油酸溶液中，纯油酸与溶液体积之比为1：500，1mL溶液滴250滴，那么1滴溶液的体积是______mL，一滴溶液中油酸体积为V油酸=______cm3．其形成的油膜面积为40cm2；则估测出油酸分子的直径。

为______m．12、如图所示，带电量分别为4q和-q的小球A、B固定在水平放置的光滑绝缘细杆上，相距为d．若杆上套一带电小环C，它可在杆上静止，带电体A、B和C均可视为点电荷，可移动．则小环C带____电，电荷量为____，C的平衡位置在B球____侧（填“左”或“右”）到小球B的距离为____．

13、如图所示，一个质量为30g带电量-1.0×10-8C的半径极小的小球，用丝线悬挂在某匀强电场中，电场线与水平面平行．当小球静止时，测得悬线与竖直夹角为30°，由此可知匀强电场方向为______，电场强度大小为______N/C．（保留三位有效数字，g取10m/s2）14、利用“验证玻意耳--马略特定律”的实验装置来验证查理定律．

（一）为了完成这个实验，除了图中给出的器材外，还需要气压计、托盘天平、热水、凉水和______．

（二）必须进行的实验步骤有：

（1）用托盘天平称出活塞和框架的质量M，用气压计读出实验室中的大气压强P0，按图安装器材，在框架两侧挂上钩码，使注射器的下半部分位于量杯之中，往量杯中加入适量的凉水，使注射器内的空气柱位于水面之下，过几分钟后，记下钩码的质量和活塞下面的位置，同时______．

（2）在量杯中加热水，过几分钟后在框架两侧挂适当质量的钩码，记下钩码的质量．同时______．

（3）把步骤2重复4次．

（三）可用作图法来验证查理定律是否成立，该图线的横坐标所代表的物理量及其单位是______纵坐标所代表的物理量及其单位是______．15、一定质量的理想气体按图示过程变化，其中bc

与V

轴平行，cd

与T

轴平行，则b隆煤c

过程中气体的内能______(

填“增加”“减小”或“不变”)

气体的压强______(

填“增加”“减小”或“不变”)

表示等压变化过程的是______(

选填“a隆煤b

”、“b隆煤c

”或“c隆煤d

”)

．16、如图所示的线圈有100

匝，穿过线圈的磁通量为0.04Wb

匀强磁场的方向向左，垂直于线圈的截面，现将磁场方向在2s

内改为与原方向相反，并且磁通量增大到0.08Wb

则在这2s

内，线圈产生的平均感应电动势为______，如线圈电阻是1娄赂

则感应电流是______A.评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

22、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）23、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）24、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、实验题(共2题，共16分)25、为测量某段金属丝的阻值（大约为10Ω，额定电压为3.0V，总长），实验室提供了下列可选用的器材：A．电流表A1(量程300mA，内阻约1Ω)B．电流表A2(量程0.6A，内阻约0.3Ω)C．电压表V1(量程3.0V，内阻约3kΩ)D．电压表V2(量程5.0V，内阻约5kΩ)E．滑动变阻器R1(最大阻值为5Ω)F．滑动变阻器R2(最大阻值为500Ω)G．电源E(电动势4.0V，内阻可忽略)H．开关、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为(只需填器材前面的字母即可)：电流表________．电压表________．滑动变阻器________．（2）应采用的电路图为下列图中的________．（3）若已知上述（2）中正确选项对应电路的电压表的内阻的为，电流表的内阻电压表的示数为电流表的示数为则金属丝电阻的真实值为（用给定的字母写出表达式）。（4）设法保持金属丝的温度不变，而逐渐改变金属丝实际接入电路的长度x，当电压表的示数保持不变时，图象中正确反映了流过金属丝的电流I随x大致变化规律的是（）26、有一个小灯泡上标有“4V2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个小灯泡的I－U图线。

现有下列器材供选用：

A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表（0～15V；内阻约20kΩ）

C．电流表（0～3A，内阻约1Ω）D．电流表（0～0.6A；内阻约0.4Ω）

E．滑动变阻器（10Ω，2A）F．滑动变阻器（500Ω；1A）

G．学生电源（直流6V）；开关、导线若干。

（1）实验中所用电压表应选用________，电流表应选用_______，滑动变阻器应选用____。

（2）实验电路应采用电流表____________（填“内”或“外”）接法。

（3）在虚线框内画出实验电路图_____，并根据所画电路图进行实物图连接_____。

评卷人得分五、画图题(共2题，共12分)27、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象28、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)29、一直流电动机线圈内阻一定；用手握住转轴使其不能转动，在线圈两端加电压为0.3V时，电流为0.3A．松开转轴，在线圈两端加电压为4V时，电流为0.8A，电动机正常工作．求该电动机正常工作时，输入的电功率是多少？电动机的机械功率是多少？

30、如图为等量异号点电荷的电场线；请。

（1）给每条电场线画上方向；

（2）画出点M的电场强度方向；

（3）画出负检验电荷放在N时的受力方向．

31、已知地球半径R=6.4×106m，地球表面附近的重力加速度g=9.8m/s2，大气压P=1.0×l05Pa，空气的平均摩尔质量为M=2.9×l0-2kg/mol，阿伏加德罗常数NA=6×1023mol-1；请估算地球周围大气层空气分子个数（大气绝大部分聚集在地表附近，保留整数）．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】解：由于此时Q点向下振动，且Q质点右方邻近的质点在Q点下方，则波向左传播，N是波源．振动从N点传播到M点，经过一个周期，又从波源N起振开始计时，需经T，P点才开始起振，故P质点已振动了故C正确．

故选C

根据质点Q速度方向向下；可判断出波的传播方向，确定波源．根据P与波源平衡位置间的距离分析P点经振动的时间．

根据质点的振动方向判断波的传播方向要熟练掌握，波在一个周期内传播的距离是一个波长，由传播的距离可确定传播的时间．【解析】【答案】C2、A【分析】解：由表格数据看出；紫光的折射率最大，临界角最小，当入射角娄脠

逐渐减小到零的过程中，光线射到棱镜右侧面的入射角减小，紫光的入射角最先达到临界角，发生全反射，最先消失．

当入射角娄脠

减小到零时，光线射到棱镜右侧面的入射角等于娄脕=41.30鈭�

小于红光与橙光的临界角，所以这两种光不发生全反射，仍能射到光屏上.

故最后光屏上只剩下红；橙两种色光.

故A正确．

故选A

由于白光是复色光；各种色光的折射率不同，所以折射率最大的光偏折程度最大；入射角娄脠

逐渐减小到零的过程中，导致光线射到棱镜右侧面的入射角减小，当入射角达到某光的临界角时该光将发生全反射，分析色光的临界角大小可得出最先发生全反射的光.

当入射角小于临界角时，则不会发生光的全反射．

本题考查对光的全反射的理解，关键抓住全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质，入射角大于临界角，进行分析．【解析】A

3、A【分析】解：由理想变压器的原副线圈的电流之比可知；电流与匝数成反比.

则电流互感器应串连接入匝数较多的线圈上.

同时一次绕组匝数很少，且串在需要测量的电流的线路中.

故A正确；

故选：A

原理是依据电磁感应原理的.

电流互感器是由闭合的铁心和绕组组成.

它的一次绕组匝数很少；串在需要测量的电流的线路中，因此它经常有线路的全部电流流过，二次绕组匝数比较多，串接在测量仪表和保护回路中，电流互感器在工作时，它的2

次回路始终是闭合的，因此测量仪表和保护回路串联线圈的阻抗很小，电流互感器的工作状态接近短路．

电流互感器的接线应遵守串联原则；按被测电流大小，选择合适的变化，否则误差将增大．【解析】A

4、C【分析】我们居民日常生活所用交流电的有效值为220V，频率为50Hz，所以选C。【解析】【答案】C5、C|D【分析】t＝0时质点1开始向下运动，质点的振动是前一个质点带动后一个质点，则第9个质点的起振方向向下，A错误；由图知，该波的波长为0.8m，第9个质点0.3s时向上振动，则波到达第9个质点又运动了半个周期，则波的周期为T=0.2s，B错误；该波的波速为=4m/s，C正确；质点P距质点1的距离为10m，则波从1传到P点所用时间为2.5s，则经2.35s，即波再经过振动情况与1相同，则经2.35sP点处于波峰，D正确。【解析】【答案】CD6、B【分析】试题分析：由电路本身的电流变化而在该电路中产生的感应电动势叫自感电动势，自感电动势的大小与线圈中电流的变化率成正比，可见它的大小与线圈中的电流变化快慢有关，故B是正确的。考点：自感电动势。【解析】【答案】B7、A【分析】略【解析】A

8、D【分析】略【解析】D

二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】【解析】试题分析：由法拉第电磁感应定律：则A、C两板的电势差由楞次定律可得：穿过线圈的磁通量增加，则产生的感应电流方向是顺时针，由处于电源内部所以电流方向是从负极到正极，故A板为正电荷，考点：法拉第电磁感应定律；【解析】【答案】正10、电磁频率【分析】【解答】“嫦娥三号”依靠电磁波将拍到的月貌图片传回地球；

各种电磁波的频率有波源决定；当光真空到大气的传播过程中，频率不变；

根据v=c/n；可知，速度随着折射率增大而减小；

故答案为：电磁；频率．

【分析】依据各种电磁波在真空中能传播，从而能够接收或发射信号，且波传播过程中，波的频率不变，波长与波速有变化关系．11、略

【分析】解：②要测出一滴油酸酒精溶液的体积；即在量筒中滴入N滴溶液；

测出其体积为V，则一滴该溶液的体积为V1=

③为了使一滴油酸酒精溶液散开后界面比较清晰；要在水面上先撒上痱子粉．

那么1滴溶液的体积是V==4×10-3mL；

一滴溶液中纯油酸的体积V油酸=×=8×10-6mL=8×10-6cm3；

单分子油膜的厚度等于油酸分子的直径，则d==m=2×10-9m

故答案为：②在量筒中滴入N滴溶液③在水面上先撒上痱子粉；

4×10-3，8×10-6，2×10-9．

通过量筒测出N滴油酸酒精溶液的体积；然后将此溶液1滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用此溶液的体积除以其的面积，恰好就是油酸分子的直径．

先求出每滴溶液的体积；然后求出一滴溶液中含纯油酸的体积；油酸分子在水面上形成单分子油膜，油膜的厚度等于油酸分子的直径．

本题考查“用单分子油膜估测分子大小”实验的实验步骤和数据处理．

要知道油膜法测分子直径的实验原理，实验时要注意求出一滴溶液中含纯油酸的体积．【解析】②在量筒中滴入N滴溶液③在水面上先撒上痱子粉；4×10-3；8×10-6；2×10-912、略

【分析】

小环C不能在AB间处于平衡，因为在AB间所受库仑力指向同一个方向，也不能处于A的左侧，因为在A的左侧受到A的库仑力大于B对它的库仑力，不能平衡，所以小环C处于B球的右侧．根据平衡有：．解得x=d．对B电荷分析，B要处于平衡，A点电荷带正电，则小环C带正电．根据平衡有：则qC=4q．

故答案为：正；4q，右，d．

【解析】【答案】带电小环C受到A；B的库仑力处于平衡；根据平衡确定小环C的位置，以及电量和电性．

13、略

【分析】解：电场力水平向左；但电荷带负电，负电荷电场力方向与电场线方向相反，故电场强度方向向右．

由平衡条件：

Tsin30°=qE

Tcos30°=mg

联立两方程得：

E==1.73×107N/C

故答案为：水平向右；，1.73×107．

小球受重力；电场力、拉力．根据电场力的方向确定电场强度的方向．

根据共点力平衡求出电场力的大小．再根据E=求出电场强度的大小．

解决本题的关键知道电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．以及会正确进行受力分析，利用共点力平衡求解力．【解析】水平向右；1.73×10714、略

【分析】解：（一）为了完成这个实验；除了图中给出的器材外，还需要气压计；托盘天平、热水、凉水和温度计．

（二）必须进行的实验步骤有：

（1）用托盘天平称出活塞和框架的质量M；用气压计读出实验室中的大气压强P0，按图安装器材，在框架两侧挂上钩码，使注射器的下半部分位于量杯之中，往量杯中加入适量的凉水，使注射器内的空气柱位于水面之下，过几分钟后，记下钩码的质量和活塞下面的位置，同时用温度计测出量杯中水的温度．

（2）在量杯中加热水；过几分钟后在框架两侧挂适当质量的钩码，记下钩码的质量．同时使活塞下表面再恢复到步骤1中的位置，同时用温度计测量水的温度．

（3）把步骤2重复4次．

（三）可用作图法来验证查理定律是否成立；横坐标表示温度，单位为K；纵坐标表示气体压强，单位是Pa．

故答案为：用温度计测出量杯中水的温度；使活塞下表面再恢复到步骤1中的位置；同时用温度计测量水的温度；温度，K；压强，Pa．

验证查理定律；保持气体的体积不变，探究气体压强与温度的关系，实验过程中需要用温度计测出水的温度；据此分析答题．

知道查理定律内容、知道实验原理即可正确解题；本实验应用了控制变量法，解题时要注意控制变量法的应用．【解析】温度计；用温度计测出量杯中水的温度；使活塞下表面再恢复到步骤1中的位置，同时用温度计测量水的温度；温度，K；压强；Pa15、略

【分析】解：由图可知，b隆煤c

的过程中；气体的温度不变；而理想气体的内能只与温度有关，故气体的内能不变；

由PVT=C

可知；温度不变，体积减小，故压强应增大；

由PVT=C

可知，压强不变的时候，VT

成正比，即为过原点的直线，所以等压变化过程的是a隆煤b

故答案为：不变；增加；a隆煤b

．

由图象可知气体的变化过程；可知气体做等温变化，由理想气体的内能特点得出内能的变化；再由理想气体状态方程可得压强的变化．

本题考查理想气体的状态方程及气体的内能特点，明确理想气体的内能只与温度有关，分子势能忽略不计．【解析】不变；增加；a隆煤b

16、略

【分析】解：根据法拉第电磁感应定律得：

E=N鈻�鈱�鈻�t=100隆脕(0.08+0.04)2V=6V

根据欧姆定律得：

I=ER=61=6A

．

故答案为：6V6

．

根据法拉第电磁感应定律求出线圈中感应电动势．

根据欧姆定律求出感应电流．

考查法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律的应用，注意线圈为100

匝，公式里的N

不能丢．【解析】6V6

三、判断题(共8题，共16分)17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．22、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．23、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．24、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、实验题(共2题，共16分)25、略

【分析】试题分析:（1）根据欧姆定律，流过电阻的最大电流I=≈0.3A，故电流表选A；电阻额定电压为3V则电压表选C即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的E．（2）即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式．故电路图选B．（3）通过电阻的电流为I-电阻两端的电压为U，由根据欧姆定律，金属丝电阻的真实值为=（4）由欧姆定律：I=由电阻定律：