2025年沪教新版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有()A.带正电的矿粉落在右侧B.电场力对矿粉做正功C.带负电的矿粉电势能变大D.带正电的矿粉电势能变小2、如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若粒子在运动中只受电场力作用．根据此图做出的下列判断中正确的是（）

A.能判断带电粒子所带电荷的符号。

B.能判断粒子在a、b两点的受力方向。

C.能判断粒子在a、b两点何处速度大。

D.能判断a、b两点何处电场强度大。

3、下列说法正确的是(

)

A.合力一定小于每一个分力大小B.力的合成遵守平行四边形定则C.合力不可能等于分力的大小D.合力一定大于每一个分力大小4、小船在120m宽的水中渡河；水流速度为3m/s，船在静水中的速度为4m/s，则以下说法中正确的是（）

A.小船渡河的最短时间为24s

B.小船渡河的最短时间是40s

C.当船以最短时间渡河时；船将抵达对岸下游120m处。

D.船渡河的最小位移为120m

5、带正电的点电荷固定于Q点；电子在库仑力作用下，做以Q为一焦点的椭圆运动．M；P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M到达N点的过程中（）

A.电场力先增大后减小。

B.电势能先增大后减小。

C.速率先减小后增大。

D.速度变化率先减小后增大。

6、在静电场中，将一电子由a点移到b点；电场力做功5eV，则下列结论错误的是（）

A.电场强度的方向一定是由b到a

B.a、b两点间的电压是-5V

C.电子的电势能减少了5eV

D.因零电势点未确定，故不能确定a、b两点的电势。

7、长为L

的细绳，一端系一质量为m

的小球，另一端固定于某点，当绳竖直时小球静止，再给小球一水平初速度v0

使小球在竖直平面内做圆周运动，并且刚好能过最高点，则下列说法中正确的是(

)

A.球过最高点时，速度为零B.球过最高点时，绳的拉力为mg

C.开始运动时，绳的拉力为mv2L

D.球过最高点时，速度大小为Lg

评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)10、如图所示，两木块A和B叠放在光滑水平面上，质量分别为m和M，A与B之间的最大静摩擦力为f，B与劲度系数为k的轻质弹簧连接构成弹簧振子。为使A和B在振动过程中不发生相对滑动，则它们的振幅不能大于____，它们的最大加速度不能大于____11、由江淮汽车公司自主研发和量产的、荣获“中国心”十佳发动机称号的VVT发动机，在国内处于领先水平、在国际处于先进水平．VVT发动机工作时，____冲程使汽车获得了动力；若VVT发动机的能量流向如图所示，则热机效率是____．

12、(1)

麦克斯韦的电磁理论主要有两个基本观点是__________________________

(2)

在探究磁场产生电流的条件时，做了下面实验：由线圈，电流表构成的闭合回路。磁场提供：条形磁铁。请填写观察到现象。电流表的指针(

偏转或不偏转)

条形磁铁插入线圈过程条形磁铁静止在线圈中条形磁铁从线圈中抽出过程

(3)

电子以速度v

垂直进入匀强磁场，磁场方向如图所示，此时所受洛仑兹力的方向_____(

填向上或向下)

(4)

一电熨斗的铭牌标有“220V鈭�1000W

”字样，则它正常工作20

分钟电流做功为_________________J

13、写出下列核反应方程式，并写明核反应类别（1）＋＋，是原子核的（2）＋＋，是原子核的（3）＋，是原子核的（4）＋＋＋，是原子核的14、在《研究匀变速直线运动的规律》实验中，小车拖纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，处理时每隔4个点取一个记数点，测出的数据如图．则打点计时器打下C点时小车的速度vC=______m/s，小车运动的加速度a=______m/s2．

15、13.

如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连.

使电容器带电后与电源断开：垄脵

上移左极板，可观察到静电计指针偏转角_____(

填变大，变小或不变)

垄脷

将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角______(

填变大，变小或不变)

垄脹

两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角______(

填变大，变小或不变)

．评卷人得分四、画图题(共2题，共20分)16、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象17、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、综合题(共2题，共16分)18、(7

分)

参照伽利略时期演示平抛运动的方法制作了图示的实验装置，图中水平放置的底板上竖直地固定有M

板和N

板。M

板上部有一半径为R

的圆弧形的粗糙轨道，P

为最高点，Q

为最低点，Q

点处的切线水平，距底板高为H

。N

板上固定有三个圆环。将质量为m

的小球从P

处静止释放，小球运动至Q

飞出后无阻碍地通过各圆环中心，落到底板上距Q

水平距离为L

处。不考虑空气阻力，重力加速度为g

。求：

(1)

小球到达Q

点时的速度大小；(2)

小球运动到Q

点时对轨道的压力大小；(3)

小球克服摩擦力做的功。19、[

物理隆陋隆陋

选修3鈭�4]

(1)

关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是_________。(

填正确答案标号。)

A.

电磁场是一种客观存在的物质B.

利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输C.

电磁波有时候表现为横波，有时候表现为纵波D.

电磁波在真空中传播时，它的电场强度与磁感应强度相互垂直E.

电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变小(2)

如图所示，直角三角形ABC

是玻璃砖的横截面，其中隆脧A=30鈭�BC

边的长度为l

一细光束从AB

边上的O

点射入玻璃砖，在玻璃砖内部部分光路如图所示，已知玻璃对光的折射率n=2OB

的长度是AB

长度的14

求：

垄脵

光线在AB

面的入射角i

垄脷

光在玻璃砖的出射点到A

点间的距离d

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B|D【分析】试题分析：因为两板间场强向左，故带正电的矿粉落受到向左的电场力，落在左侧，带负电的矿粉落受到向右的电场力，落在右侧，电场力对带正电和带负电的矿粉都做正功，故电势能都减小，故选项BD正确，AC错误。故选BD.考点：电场力；动能定理.【解析】【答案】BD2、B|C|D【分析】

A、B：由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左．由于电场线方向不明；无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．

C、D：由于粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，故从a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，在b点电势能较大．故CD正确．

故选：BCD

【解析】【答案】从图中可以看到；粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化．当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小．

3、B【分析】解：合力与分力的大小关系遵循平行四边形定则；合力的大小可能比分力大，可能比分力小，也有可能与分力大小相等.

故ACD错误.

B正确．

故选：B

．

力的合成和分解遵循平行四边形定则；合力的大小可能比分力大，可能比分力小，也有可能与分力大小相等．

解决本题的关键知道合力和分力的大小遵循平行四边形定则，注意合力与分力的大小没有明确关系．【解析】B

4、D【分析】

A、在垂直于河岸方向上，速度越大，渡河的时间越短．即静水速垂直于河岸，渡河时间最短，t=．故A；B错误．

C、以最短时间渡河时，在沿河岸方向上的位移x=v水t=3×30m=90m．故C错误．

D；当合速度与河岸垂直时；渡河位移最短，等于河宽，为120m．故D正确．

故选D．

【解析】【答案】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向；根据分运动和合运动具有等时性，在垂直于河岸方向上，速度越大，渡河的时间越短．当合速度的方向与河岸垂直，渡河的位移最短．

5、A【分析】

A；电子在从M到达N点的过程中；先靠近正电荷后远离正电荷，根据库仑定律，静电引力先增加后减小，故A正确；

B；电场力正做功；电势能减小，电场力负做功，电势能增大；电子先靠近正电荷，后远离正电荷；故电场力先做正功后做负功，故电势能先减小后增加，故B错误；

C；电场力先做正功后做负功；只受电场力作用，故动能先增加后减小，故速率先增加后减小，故C错误；

D；速度变化率是加速度；由于静电引力先增加后减小，故加速度先增加后减小，故D错误；

故选A．

【解析】【答案】电场力正做功；电势能减小，电场力负做功，电势能增大；电子先靠近正电荷，后远离正电荷；根据电场力做功情况判断电势能的变化情况和动能的变化情况．

6、A【分析】

将一电子由a点移到b点；电场力做功5eV，故电子的电势能减小了5ev．故C正确．

根据W=qUab，可知5ev=-eUab，故Uab=-5v；故B正确；

由于不知道电子运动的轨迹是否与电场线重合，故电场强度的方向不一定由b到a；故A错误．

由于电势是一个相对性的概念，故电势的高低与零电势的选取有关，所以在零电势点未确定时，不能确定a、b两点的电势；故D正确．

本题选错误答案；故选A．

【解析】【答案】电场力做正功；电势能减小；

电场线的方向是电势降落最快的方向；故电势降落的方向不一定是电场的方向；

利用W=qUab求电功时电量q及电势差Uab的正负号要保留；

电势是一个相对性的概念；故电势的高低与零电势的选取有关．

7、D【分析】【分析】小球在竖直平面内做圆周运动；刚好越过最高点，知在最高点绳子的拉力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点的速度。

解决本题的关键知道“绳模型”最高点的临界情况，以及知道与“杆模型”的区别。【解答】小球刚好越过最高点；知绳子的拉力T=0

根据牛顿第二定律得：

mg=mv2L

解得：v=gL

故D正确。ABC错误。

故选D。

【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共6题，共12分)10、略

【分析】【解析】试题分析：A和B在振动过程中恰好不发生相对滑动时，AB间静摩擦力达到最大，此时振幅最大．先以A为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度，再对整体研究，根据牛顿第二定律和胡克定律求出振幅．当A和B在振动过程中恰好不发生相对滑动时，AB间静摩擦力达到最大．根据牛顿第二定律得：以A为研究对象：a=以整体为研究对象：kA=（M+m）a，联立两式得，A=【解析】【答案】11、做功30%【分析】【解答】（1）VVT发动机工作时；在做功冲程中，将内能转化为机械能，使汽车获得了动力；（2）从发动机的能流图可知，热量损失主要有废气带走的热量；冷却水带走的热量、摩擦与辐射损耗的能量，所以发动机的热机效率：100%﹣33%﹣30%﹣7%=30%；

故答案为：做功；30%．

【分析】热机工作时，通过做功冲程来给机器提供动力；根据发动机在工作过程中的能量流向图求解出内燃机的热机效率，热机的效率等于有用能量与总能量比值．12、（1）变化的电场产生磁场变化的磁场产生电场（2）偏转不偏转偏转（3）向下（4）1.2×106【分析】(1)

【分析】

解答本题应熟练掌握麦克斯韦的电磁场理论：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场。周期性变化的电场产生同频率变化的磁场。麦克斯韦的电磁场理论中变化的磁场一定产生电场，变化有均匀变化与非均匀变化之分，当均匀变化时，则产生稳定的；当非均匀变化时，则也会产生非均匀的。【解答】麦克斯韦的电磁场理论：变化的电场产生磁场；变化的磁场产生电场.

在电场的周围不一定存在着由该电场产生的磁场，原因是若变化的电场就一定产生磁场，若是稳定的电场则不会产生磁场的.

若周期性变化的电场一定产生同周期变化的磁场，而均匀变化的电场不能产生均匀变化的磁场；

故填：变化的电场产生磁场；变化的磁场产生电场(2)

【分析】线圈面积一定，当条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，当条形磁铁静止在线圈内不动时，穿过线圈的磁通量不变；分析实验现象得出结论。本题考查了麦克斯韦电磁理论内容与感应电流产生条件实验，分析清楚实验现象即可正确解题；本题难度不大，是一道基础题。【解答】

条形磁铁插入线圈过程；穿过线圈的磁通量增加，则产生感应电流，电流表指针偏转；

条形磁铁静止在线圈中；穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不偏转；

条形磁铁从线圈中抽出的过程；穿过线圈的磁通量减小，产生感应电流，电流表指针偏转；

。条形磁铁运动情况电流表的指针(

填偏转或不偏转)条形磁铁插入线圈过程偏转条形磁铁静止在线圈中不偏转条形磁铁从线圈中抽出过程偏转故填：偏转不偏转偏转(3)

【分析】判断洛伦兹力的方向用左手定则判断，伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向正电荷的运动方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷所受洛伦兹力的方向。解决本题的关键掌握用左手定则判定洛伦兹力的方向，伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向正电荷的运动方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷所受洛伦兹力的方向。【解答】

根据左手定则；四指与正电荷的运动方向相同，与负电荷的运动方向相反，知洛伦兹力方向向下。

故填：向下(4)

【分析】

电熨斗正常工作时额定电压为U=220V

功率即为额定功率P=1000W

根据电流做功公式W=Pt

求解电流做功。本题首先要知道电熨斗正常工作时的电压为额定电压，功率为额定功率，即可由公式W=Pt

求解。【解答】

​电熨斗正常工作时电压为U=220V

功率为P=1000W

则电熨斗正常工作20

分钟电流做功为。

W=Pt=1000隆脕20隆脕60J=1.2隆脕106J

故填：1.2隆脕106

【解析】(1)

变化的电场产生磁场变化的磁场产生电场(2)

偏转不偏转偏转(3)

向下(4)1.2隆脕106

13、略

【分析】试题分析：（1）＋＋是原子核的聚变；（2）＋＋是原子核的人工转变；（3）＋是原子核的β衰变；（4）＋＋＋3是原子核的裂变。考点：四种核反应方程。【解析】【答案】（1）聚变（2）人工转变（3）β衰变（4）3裂变14、略

【分析】解：每隔4个点取一个记数点；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

vC===2m/s；

设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4；

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x3-x1=3a1T2

x4-x2=3a2T2

为了更加准确的求解加速度；我们对两个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2）

即小车运动的加速度计算表达式为：a=m/s2=2.4m/s2

故答案为：2；2.4．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

能够知道相邻的计数点之间的时间间隔；要注意单位的换算．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】2；2.415、①变大②变小③变小【分析】【分析】根据电容器的决定式和定义式可作出相应的判断。本题考查了电容器的动态分析，关键是理解电容器的公式。【解答】垄脵

根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

知，上移左极板，正对面积S

减小，则电容减小，根据C=QU

知；电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；

垄脷

根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

知，将极板间距离减小时，电容增大，根据C=QU

知；电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；

垄脹

根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据C=QU

知；电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小。

故答案为：垄脵

变大垄脷

变小垄脹

变小。【解析】垄脵垄脵变大垄脷垄脷变小垄脹垄脹变小四、画图题(共2题，共20分)16、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】17、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】五、综合题(共2题，共16分)18、（１）由平抛运动规律可知解得：（２）对Q点分析，位于圆周运动最低点，小球在Q受重力mg和轨道的支持力N,由牛顿第二定律：解得：由牛顿第三定律方向竖直向下（3）对P点至Q点，由动能定理：解得：故克服摩擦力做功为答案：（１）（２）（3）【分析】

(拢卤)

由平抛运动规律可知解得：(拢虏)

对Q

点分析，位于圆周运动最低点，小球在Q

受重力mg

和轨道的支持力N

由牛顿第二定律：解得：由牛顿第三定律方向竖直向下(3)

对P

点至Q

点，由动能定理：解得：故克服摩擦力做功为答案：(拢卤)

(拢虏)

(3)

考点：小球从拢脩

点飞出后做平抛运动，根据水平距离和竖直高度求Q

点速度，小球从拢脨

到拢脩

做圆周运动，在圆周运动最低点小球受重力和支持力提供向心力，因为轨道粗糙故有摩擦力，在下落时有重力和摩擦力做功，根据动能定理求摩擦力做功。点评：本题考查平抛运动、功能关系以及圆周运动的综合题，知道平抛运动的分运动水平方向做匀速直线运动，竖直做自由落体运动；圆周运动最低点的物体受两个力重力和支持力，两力的合力提供向心力，求功时一般运用动