2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于产生感应电流的条件，下列说法正确的是（）A.只要闭合导体回路在磁场中运动，回路中就一定有感应电流B.只要闭合导体回路中有磁通量，回路中就有感应电流C.只要导体做切割磁感线运动，就有感应电流产生D.只要穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，回路中就有感应电流2、如图所示，将一根通以强电流的长直导线；平行放置在阴极射管的正下方，则阴极射线将。

A.向上偏转B.向下偏转C.向纸内偏转D.向纸外偏转3、下列说法正确的是（）A.气体分子热运动的平均动能减小时，则气体压强也一定减小B.分子力随分子间距离的减小可能会增大C.破碎的玻璃很难再“粘”在一起，说明分子间有斥力D.一定质量的理想气体等温膨胀时会向外放热，但内能保持不变4、来自太阳和其他星体的宇宙射线中含有大量高能带电粒子；若这些粒子都直接到达地面，将会对地球上的生命带来危害．但由于地磁场（如图所示）的存在改变了宇宙射线中带电粒子的运动方向，使得很多高能带电粒子不能到达地面．若不考虑地磁偏角的影响，关于上述高能带电粒子在地磁场的作用下运动情况的判断，下列说法中正确的是()

A.若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向东偏转B.若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向北偏转C.若带电粒子带负电，且沿垂直地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向南偏转D.若带电粒子沿垂直地球赤道平面射向地心，它可能在地磁场中做匀速圆周运动5、在电路图中常用来表示电感器、电容器的字母分别是（）A.L，CB.R，LC.C，LD.CR6、如图所示，R1、R2是两个定值电阻，R是滑动变阻器，L为小灯泡，电源的内阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P向上移动时，则()

A.电压表示数不变B.小灯泡变亮C.电容器处于充电状态D.电源的电功率变大7、图甲所示电路中，为相同的电流表，C为电容器，电阻的阻值相同，线圈L的电阻不计．在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示，则在时间内。

A.电流表的示数比的小B.电流表的示数比的小C.电流表和的示数相同D.电流表的示数都不为零8、如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中；下列说法中正确的是（）

A.小物块所受电场力逐渐增大B.小物块具有的电势能逐渐增大C.Q电场中M点的电势高于N点的电势D.小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功9、如图所示，分别用两个恒力F1和F2先后两次将质量为m的物体从静止开始，沿着同一个粗糙的固定斜面由底端推到顶端，第一次力F1的方向沿斜面向上，第二次力F2的方向沿水平向右，两次所用时间相同在这两个过程中()

A.F1和F2所做功相同B.F1和F2的大小相同C.物体的机械能变化相同D.F1和F2对物体的冲量大小相同评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中。

A.电压表的示数减小B.电流表的示数增大C.电压表的示数增大D.电流表的示数减小11、如图所示的电路，电源电动势为E，内阻为r；闭合开关S，滑动变阻器滑片P向左移动，下列结论正确的是（）

A.小灯泡L变亮B.电流表读数减小，电压表读数增大C.电容器C上电荷量增大D.电源的总功率变大12、下列说法正确的是（）A.热机中燃气的内能不可能全部转化为机械能B.已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数，可求得该分子的体积C.一定量100的水变成100的水蒸气，其分子之间的势能减小E.一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少E.一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少13、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻(电阻随光强的增大而减小)．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是()

A.若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少B.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U减小，电容器所带电荷量减少D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值减小14、两列简谐横波的振幅都是20cm，传播速度大小相同，实线波的频率为2Hz，沿x轴正方向传播；虚线波沿x轴负方向传播；某时刻两列波在如图所示区域相遇，则（）

A.在相遇区域会发生干涉现象B.实线波和虚线波的频率之比为3：2C.平衡位置为处的质点此时刻速度为零D.平衡位置为处的质点此刻位移评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图所示的电路中，E、r、R1已知，可变电阻R2的最大值

（1）当R2=______时，R1的电功率P1有最大值，最大值为______；

（2）当R2=______时，R2的电功率P2有最大值，最大值为______；

（3）当R2=______时，电源功率PE有最大值，最大值为______；

（4）当R2=______时，电源内部消耗的功率有最小值，最小值为______

（5）当R2=______时，电源输出功率P出有最大值，最大值为______16、等压变化：一定质量的某种气体，在______不变时，体积随温度变化的过程。17、装在容器中的气体，体积为4升，压强为2.0×105Pa，温度是300k，先让气体等容变化，压强增大为原来的2倍，然后让气体等温变化，压强又降低到原来数值，则气体在末状态时的体积为______，温度为___________18、一定量的理想气体从状态a开始，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其p－T图象如图所示。___（选填“a”“b”或“c”）状态分子的平均动能最小，b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数_____（选填“相同”或“不同”），ca过程外界对气体做的功___（选填“大于”、“小于”或“等于”）气体放岀的热量。19、几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作______20、一太阳能电池板，直接用理想电压表测得它两极的开路电压为0.8V，理想电流表测出的短路电流为0.04A，此电源内阻为________Ω．若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则流过电阻的电流为________A．21、一条弹性绳子呈水平状态；M为绳子中点，两端P；Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（____）

E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同22、如图所示，一辆质量为M的小车以速度在光滑水平面上向右运动，一质量为m、速度为物体以俯角为θ的方向落到车上并埋在车里的砂中，此时小车的速度为_________________

23、已知质子的质量为m1，中子的质量为m2，碳核（）的质量为m3，则碳核（）的比结合能为_____，碳-14是碳的一种具有放射性的同位素，研究发现外来的宇宙射线与大气作用产生宇宙射线中子，宇宙射线中子和大气中氮核（）起核反应产生碳-14，请写出核反应方程__________．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)27、某同学想将满偏电流Ig=100μA；内阻未知的微安表改装成电压表．

（1）该同学设计了图甲所示电路测量该微安表的内阻，所用电源的电动势为4V．请帮助该同学按图甲所示电路完成实物图乙的连接______．

（2）该同学先闭合开关S1，调节R2的阻值，使微安表的指针偏转到满刻度；保持开关S1闭合，再闭合开关S2，保持R2的阻值不变，调节R1的阻值，当微安表的指针偏转到满刻度的时，R1的阻值如图丙所示，则该微安表内阻的测量值Rg=_____Ω，该测量值_____（填“大于”“等于”或“小于”）真实值．

（3）若要将该微安表改装成量程为1V的电压表，需_____（填“串联”或“并联”）阻值R0=_____Ω的电阻．28、建造重庆长江大桥复线桥高将长百米；重千余吨的钢梁从江水中吊起如图、施工时采用了将钢梁与水面成一定倾角出水的起吊方案；为了探究该方案的合理性，某研究性学习小组做了两个模拟实验.研究将钢板从水下水平拉出（实验1）和以一定倾角拉出（实验2）的过程中总拉力的变化情况.

①必要的实验器材有：钢板、细绳、水盆、水、支架、刻度尺、计时器和______等.

②根据实验曲线，实验2中的最大总拉力比实验1中的最大总拉力降低了_____.

③根据分子动理论，实验1中最大总拉力明显增大的原因是_____.

④可能导致测量拉力的实验误差的原因有：读数不准、钢板有油污、________等等（答出两个即可）

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】闭合电路在磁场中运动，穿过闭合电路的磁通量不一定发生变化，所以闭合电路中不一定有感应电流，故A错误．闭合电路中有磁通量，如没有变化，闭合电路中就没有感应电流，故B错误．导体做切割磁感线运动，不一定有感应电流产生，只有当闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时才有感应电流产生，故C错误．穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流，所以D选项是正确的．故选D．2、B【分析】【详解】

由安培定则可判断出通电直导线周围所产生的磁场，阴极射线管正好处于垂直纸面向里的磁场中，由左手定则可判断出阴极射线受到向下的洛伦兹力作用，所以阴极射线将向下偏转，故选项B正确，A、C、D错误．3、B【分析】【详解】

A．气体分子热运动的平均动能减小时，气体的温度会降低，但是，根据理想气体状态方程（定值）

可知；气体的压强增大还是减小，取决与其体积和温度如何变，所以A错误；

B．当分子间距离达到某值时；分子间作用力为0，当小于此值时，分子间作用力表现为引力，当分子间距离减小时，分子力先增大后减小，所以B正确；

C．玻璃破碎后分子间的距离变成无穷远，距离r变成无穷远；分子间没有作用力了，不能复原。所以破碎的玻璃无法复原不能说明分子间存在斥力。所以C错误；

D．一定质量的理想气体等温膨胀时，气体的内能不变。由热力学第一定律

气体膨胀对外做功；要保持内能不变，要从外界吸热，不是放热，所以D错误。

故选B。4、A【分析】试题分析：由于地磁场的方向由南到北；若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，即粒子的运动方向与地磁场的方向垂直，由左手定则可知，则由于地磁场的作用将向东偏转，选项A正确；选项B错误；若带电粒子带负电，且沿垂直地球赤道平面射向地心，则说明粒子的运动方向与磁场方向平行，故粒子不受磁场力的作用，所以它不会发生偏转，更不会做匀速圆周运动，故选项CD错误．

考点：地磁场；洛伦兹力方向的判断．

【思路点拨】该题审题很关键，题中沿垂直地球赤道平面射向地心是指与磁感线方向平行，这是最容易出现的不理解的问题，所以画好图很关键．5、A【分析】【详解】

在电路中常用仪器中有电阻器；电容器以及电感等,电阻器的符号为R,电容器的符号为C;电感器的符号为L;所以A选项是正确的,BCD错误.

故选A6、C【分析】【详解】

A．B．闭合开关S后，当滑动变阻器触头P向上移动时，增大；外电路总电阻增大，干路电流减小，则小灯泡亮度变暗，电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故AB错误；

C．电路稳定时电容器的电压等于R1、串联总电压，增大；根据串联电路电压分配规律可知，电容器的电压增大，则电容器处于充电状态，故C正确；

D．电源的总功率为

干路电流I减小，E不变；则电源的总功率变小，故D错误。

故选C。

【点睛】

本题按“部分→整体→部分”的思路进行动态变化分析。对于电压表的示数，可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大的结论进行分析。根据串联电路电压与电阻成正比的特点，分析各部分电压的变化，比较简便。7、C【分析】【详解】

试题分析：原线圈中磁场如乙图所示变化，则副线圈中的磁通量均匀变化，故副线圈中产生恒定的电流，因线圈电阻不计，故线圈L对恒定电流没有阻碍作用，所以电流表A1和A2的读数相同，而电容器“通交隔直”，所以电流表A3的读数为0．只有C正确；故选C．

考点：电磁感应；电感器和电容器．

【名师点睛】由图可知副线圈电路中的磁通量的变化情况，则由电磁感应可得出产生的感应电流；根据电容器及电感器的性质可得出各表的电流大小．8、D【分析】根据库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．电场力做功正功；电荷的电势能减小．由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．根据动能定理分析物块电势能变化量的大小与克服摩擦力做的功的关系．A；物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A错误．

B；由题分析可知；点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块的电势能减小．故B错误．

C；由题分析可知；物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势低于N点的电势．故C错误．

D；物块的初速度为零；末速度也为零，动能的变化量为零，根据动能定理可知，电场力做功与克服摩擦力做功相等，而小物块电势能变化量的大小等于电场力做功，则小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正确．

故选D

点评：本题分别从力和能的角度分析物块的物理量的变化情况，是研究物体运动情况常用的两个角度．9、C【分析】【详解】

ABC.由公式x=at2得，由于x和t均相同，故加速度a相同，由v=at，t相同，则物体到达斜面顶端时速度相同，动能相同，根据动能定理得知，总功相等．第一个物体所受的摩擦力f1=μmgcosθ小于第二个物体所受的摩擦力f2=μ(mgcosθ+F2sinθ)，位移相等，所以第一个物体所受的摩擦力做功小于第二个物体所受的摩擦力做功，重力做功相同，则F1做的功比F2做的功少．W1=F1s<W2=F2scosθ

由上式可看出F2cosθ>F1，所以F1<F2；物体末速度相同，又由于处于相同的高度，所以两物体机械能变化相同，故AB错误，C正确．

D.时间相等，F1<F2，所以F1和F2对物体的冲量大小不相同，故D错误．二、多选题(共5题，共10分)10、A:D【分析】【详解】

在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数变小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，路端电压减小，故并联部分电压减小，即可知电流表示数变小。故AD正确。11、B:C【分析】【详解】

A．滑动变阻器滑片P向左移动；总电阻增大，电动势不变，则总电流减小，电流表的示数变小，内电压减小。而电动势不变，则外电压增大，所以电压表示数变大，通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗，故A错误，B正确；

C．外电压增大，通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，所以滑动变阻器两端的电压增大，根据知；电容器上电荷量增大，故C正确；

D．根据知；电流减小，则电源的总功率减小，故D错误。

故选BC。

【点睛】

本题考查电路的动态分析，关键抓住电源的电动势和内阻不变，运用“局部→整体→局部”的思路进行分析。12、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．热力学第二定律的一种表述为：不可能从单一热源吸取热量；使之完全变为有用功而不产生其他影响，即无论采用任何设备和手段进行能量转化，总是遵循“机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能”，故A正确；

B．已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数；可以求出气体分子占据的平均空间，不能求出该分子的体积，故B错误；

C．一定量100的水变成100的水蒸气其内能增加；但分子平均动能不变，其分子之间的势能增大，故C错误；

D．多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的；所以多晶体具有各向同性现象，故D正确；

E．根据压强的微观意义可知；当气体的压强不变时，单位时间内作用在单位面积上的力不变；温度升高时，分子对器壁的平均撞击力增大，所以在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减小，故E正确。

故选ADE。13、A:C【分析】【详解】

A.若仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少；故A正确；

B.滑动变阻器处于含电容支路中；相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故B错误；

C.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少．故C正确；

D.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir可得：不变，故D错误．

故选AC．14、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．两列波波速相同，由题图知实线波的波长

虚线波的波长

根据

可求得两列波频率之比为

频率不同；所以不能发生干涉现象，故A错误，B正确；

C．根据波的传播方向，由图可知，两列波在x=6cm处都处于平衡位置；且均向上振动，此时刻质点速度最大不为零，故C错误；

D．根据两列波波形图可知，实线波在x=8.5m处的位移

虚线波在x=8.5m处的位移

故平衡位置为处的质点此刻位移

故D正确。

故选BD。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]当

时，R1的电功率有最大值，为

（2）[3][4]当

时，有

（3）[5][6]当

时，有

（4）[7][8]当

时，有

（5）[9][10]当

时，有

【点睛】

本题考查电路中的定值电阻电功率、可变电阻电功率、电源内阻电功率、电源输出功率的计算，注意各种电功率的处理方法。【解析】00R2max16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】压强17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体的状态参量。

由等容变化；有。

得。

发生等温变化；压强又降低到原来的数值，由。

知。

【解析】8L600K18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图像可知，a、b和c三个状态中a状态温度最低；分子平均动能最小。

[2]由图像可知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，b、c状态气体的分子数密度不同，b和c两个状态中；容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同。

[3]由图像可知，ca过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W＞0，气体温度降低，内能减少，△U＜0，由热力学第一定律可知，气体要放出热量，过程ca中外界对气体所做的功小于气体所放热量【解析】a不同小于19、略

【分析】【详解】

几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作线段。【解析】线段20、略

【分析】【分析】

根据开路电压可求得电源的电动势；再根据短路电流由闭合电路欧姆定律可求得内阻大小；再对接入20Ω的电阻进行分析，由闭合电路欧姆定律求出电流大小；

【详解】

开路电压为则电源的电动势短路电流为

则内阻

若与20Ω的电阻串联时，电流．

【点睛】

本题考查闭合电路欧姆定律的正确应用，要注意明确开路电压为电源的电动势，当外电阻为零时的电流为短路电流．【解析】200.0221、A:D:E【分析】由题意可知；波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点．故A正确，B错误．由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为零．故C错误，D正确．据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E正确；

故选ADE．

点睛：考查波的叠加原理，及相遇后出现互不干扰现象．同时注意之所以两列在相遇时“消失”，原因这两列波完全相同，出现振动减弱现象.22、略

【分析】【详解】

小球和小车组成的系统水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有

解得【解析】23、略

【分析】【详解】

此核反应方程为故碳核（）的结合能为因核子数为12，则比结合能为根据电荷数守恒、质量数守恒，得核反应方程为．

【点睛】本题关键是掌握爱因斯坦质能方程以及比结合能的计算公式，知道核反应过程中，电荷数守恒、质量数守恒；先求出质量亏损．核反应中质量亏损等于反应前后质量之差，再根据爱因斯坦质能方程求结合能，结合能与核子数之比等于比结合能，根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程．【解析】四、作图题(共3题，共18分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的