2025年苏教新版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教新版必修3物理下册阶段测试试卷715考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图，两个带电小球A、B，都用长L的绝缘丝线悬挂在O点，小球A恰好在O点正下方，且靠着光滑绝缘竖直墙．静止时，A、B相距为d．为使AB间距离减为时；仍保持平衡状态，可采用的方法是。

A.将B的质量增加到原来的8倍B.将A、B的质量都增加到原来的4倍C.将A、B的电荷量都减小到原来的一半D.将A、B的电荷量都增加到原来的2倍2、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光．现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI；则()

A.电源的输出功率一定增大B.灯泡亮度逐渐变暗C.与均保持不变D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭3、为了研究工业除尘；某学习小组设计了如图所示的装置，在一个没有底的空塑料瓶中心固定着一根粗铜线，瓶子周围套上剪去顶和底的易拉罐圆桶（金属材质制成），把它们分别跟静电起电机的两极相连，正；负极情况如图所示。在塑料瓶里放一盘点燃的蚊香，很快就看见整个透明塑料瓶里烟雾缭绕。当摇动静电起电机后，塑料瓶内很快变得清澈透明（烟雾消失）。下列关于该现象的说法正确的是（）

A.因为烟尘本身就带正电，起电机摇动过程中，烟尘向粗铜线处移动B.因为烟尘本身就带负电，起电机摇动过程中，烟尘向粗铜线处移动C.因起电机摇动后，塑料瓶内空气电离，使烟尘带上负电，向易拉罐圆桶移动D.因起电机摇动后，塑料瓶内空气电离，使烟尘带上正电，向易拉罐圆桶移动4、温度能够影响金属导体和半导体材料的导电性能。如图所示；两个图线分别为某金属导体和某半导体材料的电阻随温度变化的图像，则（）

A.图线1反映该半导体材料的电阻随温度的变化情况B.图线2反映该金属材料的电阻随温度的变化情况C.图线2反映该半导体材料的电阻随温度的变化情况D.图线1和图线2的材料电阻均随温度的增加而增大5、静电场中某点电势的数值等于（）A.试验电荷q0置于该点时具有的电势能B.单位试验电荷置于该点时具有的电势能C.单位正电荷置于该点时具有的电势能D.把单位正电荷从该点移到电势零点外力所作的功6、某一电场线与y轴重合，A、B为y轴上的两点，y轴上各点电势随其坐标变化的关系如图所示。一电子仅在电场力的作用下沿y轴正方向从A点运动到B点的过程中；下列说法正确的是（）

A.电子的加速度增大B.电子的速度不变C.电子的动能减小D.电子的电势能减小7、如图甲所示为粒子直线加速器原理图，它由多个横截面积相同的同轴金属圆筒依次组成，序号为奇数的圆筒与序号为偶数的圆筒分别和交变电源相连，交变电源两极间的电势差的变化规律如图乙所示。在时，奇数圆筒比偶数圆筒电势高，此时和偶数圆筒相连的金属圆板（序号为0）的中央有一自由电子由静止开始在各间隙中不断加速。若电子的质量为m，电荷量为e，交变电源的电压为U，周期为T。不考虑电子的重力和相对论效应；忽略电子通过圆筒间隙的时间。下列说法正确的是（）

A.电子在圆筒中也做加速直线运动B.电子离开圆筒1时的速度为C.第n个圆筒的长度应满足D.保持加速器筒长不变，若要加速比荷更大的粒子，则要调大交变电压的周期8、如图所示，竖直平面内光滑圆弧轨道半径为等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于圆周最低点，CD是AB边的中垂线。在A、B两顶点上放置一对等量异种电荷。现把质量为带电荷量为+Q的小球由圆弧的最高点M处静止释放，到最低点C时速度为不计+Q对原电场的影响，取无穷远处为零电势，静电力常量为k；则（）

A.M点电势为B.C点电势与D点电势不相同C.小球在圆弧轨道上运动过程机械能守恒D.小球对轨道最低点处的压力大小为9、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为ΔU，电流表示数的变化量为ΔI，则下列说法错误的是。

A.变化过程中ΔU和ΔI的比值保持不变B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电阻R0两端电压减小，减小量为ΔUD.电容器的带电量增大，增加量为CΔU评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示的电路中，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动；则有（）

A.V1表读数变大B.V2表读数变大C.电源的总功率变小D.A表读数变小11、两大小不同的带电小球产生的电场的电场线分布情况如图所示，某一带电粒子仅受电场力作用沿虚线由a点移动到b点；则下列有关说法正确的是（）

A.两小球带异种电荷B.带电粒子带正电C.粒子在b点所受电场力较大D.粒子在b点所受电势能较大12、如图所示，调整电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大ΔU；在这个过程中()

A.通过R1的电流增加，增加量一定等于B.R2两端的电压减小，减少量一定等于ΔUC.通过R的电流增加，增加量一定等于D.通过R2的电流减小，但减少量一定小于13、如图所示，倾角为α的光滑斜面下端固定一绝缘轻弹簧，M点固定一个电荷量为的小球Q。整个装置处在电场强度大小为E、方向沿斜面向下的匀强电场中。现把一个质量为m、电荷量为的小球P从N点由静止释放，释放后P沿着斜面向下运动。N点与弹簧的上端和M点的距离均为s0。P、Q的连线以及弹簧的轴线ab与斜面平行。两小球均可视为质点和点电荷，弹簧的劲度系数为k0且始终在弹性限度内，静电力常量为k，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）

A.小球P沿着斜面向下运动的过程中，其电势能一定减小B.小球P在N点的加速度大小为C.小球P返回时，不可能越过N点撞到小球QD.当弹簧的压缩量为时，小球P的速度最大14、如图；在竖直向上的匀强电场中，A球位于B球的正上方，质量相等的两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，其中只有一个小球带电，不计空气阻力，下列判断正确的是（）

A.如果A球带电，则A球一定带正电B.如果A球带电，则A球的电势能一定减小C.如果B球带电，则B球一定带正电D.如果B球带电，则B球的机械能一定增加15、在x轴上范围内，存在沿x轴正方向的电场，其电势φ随x的变化规律如图所示。现将一质量为m、带电荷量为q的粒子自O点由静止释放，粒子仅在电场力的作用下沿x轴做加速运动，从处离开电场；下列说法正确的是（）

A.粒子的电势能减小了B.粒子离开电场时的动能为C.粒子在电场中运动的时间为D.粒子离开电场时的速度大小为16、如图甲所示，A、B是一条竖直电场线上的两点，在A点由静止释放一带正电的小球，小球将沿此电场线从A点向B点运动，其图象如图乙所示，已知小球质量为m，电荷量为q，A、B间高度差为h，重力加速度为g；不计空气阻力。下列说法中正确的是（）

A.沿电场线由A到B，电势逐渐降低B.小球从A运动到B的过程中，电势能逐渐增大C.A、B两点的电势差D.该电场为匀强电场，其电场强度大小为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图，倾角为θ的光滑绝缘斜面底端固定一带电量为﹢Q的物体A，另一带电量为﹢q、质量为m的物块沿斜面从B点由静止开始运动到C点．若B、C两点间的电势差为U，则物块从B运动到C的过程中电势能的变化量为_______；若物块运动到C点时速度恰好达到最大，则AC间的距离应为________．

18、某电荷在A、两点具有的电势能分别为和则从A到静电力对该电荷做的功__________。19、能量的耗散∶

（1）定义∶电池中的______转化为电能，电能又通过灯泡转化为_____和_____，热和光被其他物质吸收之后变成周围环境的____；我们很难把这些内能收集起来重新利用，这种现象叫作能量的耗散。

（2）能量的耗散表明∶能量的数量是_____的，但是能量可利用的品质_____了。

（3）能量的耗散从能量转化的角度反映出自然中与热现象有关的宏观过程具有_______。20、掌握用______表和______表测量电动势和内阻的方法。21、同学们乘坐大客车去参加社会实践活动。小华上车时，他的手刚触碰到车门，就被“电”了一下，这是因为汽车在行驶过程中与空气摩擦而带了___。大客车以80km/h的速度匀速行驶0.5h，通过的路程是___km。同学们必须系安全带，这是为了防止汽车刹车时人由于___向前倾倒。22、描述电场的力的性质的物理量为______，描述电场的能的性质的物理量为______。23、如图，某同学用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图（右图是左图的放大图），则此工件的外径___________mm。

评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)24、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

26、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

27、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)28、某一小型电风扇额定电压为5.0V；额定功率为2.5W。某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的电流与其两端电压的关系。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：

A.电源E（电动势为6.0V）

B.电压表V（量程为6V；内阻约8kΩ）

C.电流表A1（量程0.6A；内阻约0.2Ω）

D.电流表A2（量程3A；内阻约0.05Ω）

E.滑动变阻器R1（最大阻值5kΩ；额定电流100mA）

F滑动变阻器R2（最大阻值25Ω；额定电流1A）

（1）为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用__________，滑动变阻器应选用__________（填所选仪器前的字母序号）。

（2）请你为该小组设计实验电路，并把电路图画在甲图的虚线框内（小电风扇已画出）__________。

（3）操作过程中发现，电压表读数大于0.5V时电风扇才开始转动。该小组测绘出的小电风扇的电流与其两端电压的关系曲线如图乙所示，由此判定小电风扇的电阻为__________Ω。

（4）若用电动势为3V，内阻为2.5Ω的电源对该小风扇供电，电路如图丙所示，则小风扇工作时的发热功率为___________W，机械功率为__________W。

29、在“研究电磁感应现象”的实验中。

（1）为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈M连接，如图甲所示。当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转。将磁体N极向下从线圈上方竖直插入M时，发现指针向左偏转。俯视线圈，其绕向为沿________（选填“顺时针”或“逆时针”）由a端开始绕至b端。

（2）如图乙所示，如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关S后，将A线圈迅速从B线圈拔出时，电流计指针将________；A线圈插入B线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向右移动时，电流计指针将________。（以上两空选填“向左偏”“向右偏”或“不偏转”）

（3）在图乙中，某同学第一次将滑动变阻器的触头从变阻器的右端快速滑到左端，第二次将滑动变阻器的触头从变阻器的右端慢慢滑到左端，发现电流计的指针摆动的幅度大小不同，第一次比第二次的幅度________（选填“大”或“小”）。30、某同学利用图（a）所示的电路测量一待测电阻Rx（约）的大小，图中的充电宝是直流电源，其电动势E约为5V、内阻不计，电压表量程为4V、内阻大于电阻箱R的最大阻值为请完成下列填空：

（1）如图（a）所示，充电宝的正极与开关的左接线柱连接，负极与待测电阻的左接线柱连接，充电宝与开关、电阻箱、待测电阻串接，电压表并接在待测电阻的两个接线柱上。为保护电压表，闭合开关前，电阻箱接入电路的电阻值可以选___________（选填“1”“10”或“100”）；

（2）闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电压表的相应读数U，如图（b）所示：

（3）根据图（a）所示电路，用R、Rx、E表示得=___________；

（4）利用测量数据，做图线，如图（c）所示；。R（单位：）U（单位：V）（单位：V-1）203.570.28303.120.32402.770.36502.500.40602.270.44702.080.48801.920.52901.790.56

（5）通过图（c）可得电动势___________V，待测电阻___________（结果均保留1位小数）

（6）将这种方法测出的待测电阻记为R测，与其真实值R真相比，R测___________R真（选填“>”“=”“<”）。31、将满偏电流内阻未知的电流表改装成电压表并进行核对。

(1)利用如图所示的电路测量电流表的内阻（图中电源的电动势）：先闭合调节使电流表指针偏转到满刻度；再闭合保持不变，调节使电流表指针偏转到满刻度的读出此时的阻值为则电流表内阻的测量值Rg=________

(2)将该表改装成量程为的电压表，需______（填“串联”或“并联”）阻值为______的电阻。

(3)把改装好的电压表与标准电压表进行核对，试在答题卡上画出实验电路图和实物连接图_______。评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)32、如图所示的电路中，两平行金属板A，B水平放置，接入如图所示电路中，两板间的距离d=50cm电源电动势E=15V，内电阻r=1Ω，电阻R1=4Ω，R2=10Ω，闭合开关S，待电路稳定后，将一带电的小球放入板间恰能保持静止，小球质量为m=2×10-2kg，（g=10m/s2）问：

（1）电路中的电流为多大?电容器的电压为多大？

（2）小球带正电还是负电；电量大小为多少C？

33、（1）如图，平面S在垂直于磁场方向上的投影面积为S′。若有n条磁感线通过S′，则通过面积S的磁感线有多少条？

（2）若磁场增强，即B增大，通过面积S的磁感线条数是否增多？

34、如图所示，A球质量为m，悬挂在绝缘细绳上，处于静止状态，此时绳与竖直方向成α角．在同一高度相距r处有一带电量为-Q的小球B固定在绝缘支座上．两球均可视为点电荷，重力加速度为g，求：

（1）A球受到的库仑力；

（2）A球所带的电荷量．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

对小球进行受力分析；并作出平行四边形；由几何关系可知力与边的关系，即可得出符合条件的选项．

【详解】

如图所示。

B受重力；绳子的拉力及库仑力；将拉力及库仑力合成；其合力应与重力大小相等方向相反；

由几何关系可知；

而库仑力

即

变式得：

解得：

A项：要使d变为可以使B质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故A正确；

B项：由公式可知；d与A的质量无关，故B错误；

C项：若将小球A；B的电荷量都减小到原来的一半时；无法使d减小到原来的一半，故C错误；

D项：由公式可知，电荷量都增大为原来的2倍时，d变成原来的不属合题意；故D错误．

故应选A．

【点睛】

本题中B球处于动态平衡状态，注意本题采用了相似三角形法；对学生数学能力要求较高，应注意相应知识的积累应用．2、C【分析】【详解】

AB.滑片向右滑动；滑动变阻器连入电路的阻值变小，总电阻变小，电流变大，灯泡逐渐变亮；电源输出功率最大时外电路电阻等于电源内阻，虽然外电路电阻变小，但不能确定外电路电阻是不是接近电源内阻，电源输出功率不一定增大，故AB错；

C.电压表V1测的是电阻R两端电压，电压表V2测的是路端电压，电流表测的是干路中的电流，所以即均保持不变，故C正确；

D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡与电容器组成闭合回路，电容放电，小灯泡不立刻熄灭，故D错误．3、C【分析】【详解】

起电机摇动后；在粗铜线和易拉罐圆桶之间形成辐射状电场，塑料瓶内靠近粗铜线的空气容易被电离，其中负离子在电场力作用下向正极即易拉罐圆桶移动碰到烟尘使烟尘带上负电，在电场力作用下向带正电的易拉罐圆桶移动。故ABD错误；C正确。

故选C。4、C【分析】【详解】

金属材料电阻；阻值随温度的升高而增大，而半导体材料电阻随温度升高而减小，因此图线1反映金属材料的电阻随温度的变化情况；图线2反映该半导体材料的电阻随温度的变化情况。C正确。ABD错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

由

可知；电势的数值等于单位正电荷置于该点时具有的电势能。

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．因y-φ图像的斜率等于电场强度的倒数，从图中可知斜率恒定，所以沿y轴方向的电场强度不变；由。

eE=ma可知电子的加速度不变；A错误；

BCD．由于φA＜φB，电子从A点运动到B点的过程中电场力做正功；动能增大，电势能减小，BC错误，D正确；

故选D。7、C【分析】【详解】

A．由于金属圆筒处于静电平衡状态；圆筒内部场强为零，则电子在金属圆筒中做匀速直线运动，故A错误；

B．电子离开圆筒1时，由动能定理得

所以电子离开圆筒1瞬间速度为

故B错误；

C．电子从金属圆筒出来后要继续做加速运动，在金属圆筒中的运动时间为交变电源周期的一半，即电子在圆筒中做匀速直线运动，所以第n个圆筒长度为

故C正确；

D．由C可知；保持加速器筒长不变，若要加速比荷更大的粒子，则要调小交变电压的周期，故D错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

AB．等量异种电荷连线的中垂线垂直于电场线方向，所以是一条等势线，中垂线通向无限远处，电势为零，所以中垂线上的电势为零，处于两电荷的等势能面上，所以两点的电势都为零。设点的电势为由于点的电势为零，所以间的电势差等于点的电势，对小球从到的过程由动能定理得

解得

故AB错误；

C．小球在圆弧轨道上运动；除了重力做功外，电场力也做功，机械能不守恒，故C错误；

D．因为三角形为等边三角形，小球在轨道最低点处，所受两个正负电荷的电场力的水平分量相互抵消，因此所受电场力合力方向向下，电场力的合力为

重力为支持力为N，根据牛顿第二定律可得

所以

由牛顿第三定律得，小球对轨道的压力为

故D正确。

故选D。9、C【分析】【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R0+r）

由数学知识得知

保持不变．故A正确；不符合题意．

B．合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，电流表示数变小；由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大；即电压表示数变大，选项B正确，不符合题意；

C．因它们的总电压即路端电压增大，R两端的电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U；选项C错误，符合题意．

D．电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C△U，选项D正确，不符合题意．二、多选题(共7题，共14分)10、A:C【分析】【详解】

A.闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变小，则路端电压变大，即V1表读数变大；故A正确；

B.总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，R1两端的电压变小，即V2表读数变小；故B错误；

C.电源的总功率为P＝EI，E不变，I减小；电源的总功率变小。故C正确；

D.R2两端的电压加上R1两端的电压等于路端电压；即。

U1＋U2＝U，R1两端的电压变小，路端电压变大，所以R2两端的电压变大，故R2中的电流变大；即A表读数变大。故D错误；

故选AC；11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A.左侧小球的电场线是发散的；则左侧小球带正电，右侧小球的电场线是汇聚的，则右侧小球带负电，A正确；

B．两球之间的电场线向右；电场强度向右；带电粒子的轨迹向左弯曲，所受的电场向左，与电场强度方向相反，则带电粒子带负电，B错误；

C．b点的电场线比a点的电场线疏，则b点的电场强度比a点的电场强度小，粒子在b点所受电场力较小；C错误；

D.粒子从a点运动到b点的过程中，电场力与运动方向成钝角，电场力做负功，电势能增大，则粒子在b点所受电势能较大；D正确。

故选AD。12、A:D【分析】【详解】

试题分析：电压表的示数增大，则两端的电压增大，所以通过的电流增大，根据欧姆定律可得A正确，滑动变阻器两端的电压增大，说明其连入电路的电阻增大，故电路总电阻增大，所以电路总电流减小，故的电流减小，所以其两端的电压减小，因为路端电压增大，而电压表示数增大，所以其减少量一定小于故通过电流的减小量一定小于BC错误D正确；

考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用13、B:C【分析】【详解】

A．因为匀强电场电场力所做的正功跟固定于M点的负电荷的库仑力所做负功的代数和不确定；故小球P沿着斜面向下运动过程中，其电势能的变化无法确定，A错误；

B．在N点，根据牛顿第二定律得

解得

B正确；

C．根据能量的转化和守恒定律，小球最高只能到达N点；不能与小球Q相碰，C正确；

D．当P受到的合力为0时，速度最大，当弹簧的压缩量为时；小球P仍受库仑力作用，合力不为0，速度不是最大，D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，根据公式有

可知两球下落时间相同，两小球下落高度不同，根据公式

可知A球的加速度大于B球加速度；故若A球带电，必定带负电，受到向下的电场力作用，电场力做正功，电势能减小。若B球带电，必定带正电，受到向上的电场力作用，电场力做负功，电势能增加，机械能减小。

故选BC。15、A:D【分析】【详解】

AB．粒子做加度运动，电场力做正功，根据动能定理可得

又

可知粒子的电势能减小了粒子离开电场时的动能为故A正确，B错误；

C．图像的斜率表示电场强度，所以粒子在电场中做匀加速直线运动，则有

联立解得

故C错误；

D．根据动能定理有

解得

故D正确。

故选AD。16、B:D【分析】【详解】

AB．根据图像可知

斜率为

解得加速度为

可知小球向下做匀加速直线运动，且电场力向上，电场力做负功，电势能增大，电势沿电场线由A到B；电势逐渐升高，故A错误，B正确；

D．根据牛顿第二定律

解得电场强度大小为

故D正确；

C．A、B两点的电势差

故C错误。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

[1]．物块从B运动到C的过程中，电场力做负功Uq，电势能增加，则根据则电势能的变化量为－Uq；

[2]．物块运动到C点时速度恰好达到最大，则满足

解得【解析】－Uq，18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]静电力做功等于电势能的增加量，则从A到静电力对该电荷做的功。

【解析】19、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3][4]定义∶电池中的化学能转化为电能；电能又通过灯泡转化为内能和光能，热和光被其他物质吸收之后变成周围环境的内能，我们很难把这些内能收集起来重新利用，这种现象叫作能量的耗散；

（2）[5][6]能量的耗散表明∶能量的数量是守恒的；但是能量可利用的品质降低了；

（3）[7]能量的耗散从能量转化的角度反映出自然中与热现象有关的宏观过程具有方向性。【解析】①.化学能②.内能③.光能④.内能⑤.守恒⑥.降低⑦.方向性20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电压电流21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]汽车在行驶过程中与空气摩擦；产生摩擦起电现象，从而带了电荷，所以手刚触车门就被“电”了一下。

[2]大客车以80km/h的速度匀速行驶0.5h，通过的路程s=vt=80km/h×0.5h=40km

[3]同学们必须系安全带，这是为了防止汽车刹车时人由于惯性向前倾倒。【解析】电荷40惯性22、略

【分析】【详解】

[1]物理学中用电场强度来描述电场力的性质；

[2]用电势来描述电场能的性质。【解析】电场强度电势23、略

【分析】【详解】

工件的外径为【解析】19.40四、作图题(共4题，共32分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】26、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共24分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]电风扇的额定电流为。

电流表选择C；为方便实验操作，滑动变阻器选择F。

(2)[3]从乙图得出；电压和电流从零开始变化，滑动变阻器需要采用分压接法，由于电风扇内阻远小于电压表内阻，所以电流表需要采用外接法。实验电路图如图所示。

(3)[4]电风扇不转动时；是纯电阻电路，电风扇的电阻为。

(4)[5][6]做出电源的U-I图像；如图所示。

可知；电风扇的工作电压为2V，工作电流为0.4A。则电风扇的热功率为。

电风扇的总功率为。

电风扇的机械功率为。

【解析】CF电路图见解析2.50.40.429、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]将磁体N极向下从线圈上方竖直