2025年苏科版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏科版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点；则下列说法中正确的是（）

A.M点的电势低于N点的电势B.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C.粒子在M点的动能小于在N点的动能D.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能2、真空中有一半径为r0的带电金属球壳，通过其球心的一直线上各点的电势分布如图，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离。下列说法正确的是（）

A.该球壳带负电B.A点的电场强度小于B点的电场强度C.若r2－r1=r1－r0，则D.将一个正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做负功3、电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时；下列说法正确的是。

A.电源的输出功率一定先增大后减小B.电源的总功率一定减小C.电源的内部损耗功率可能增大D.电源的效率一定减小4、12根长直导线并排成长为l的直导线带ab，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，其位置如图所示，P1到导线带左端的距离等于P2到导线带右端的距离，所有长直导线中均通有大小相等、方向垂直纸面向外的恒定电流，ab上所有直导线产生的磁场在P1处的合磁感应强度大小为B1，在P2处的合磁感应强度大小为B2，若仅将右边6根直导线移走，则P2处的磁感应强度大小为()

A.B.B2－B1C.B1－D.B1＋5、如图所示，在磁感应强度大小为的匀强磁场中，有一正方形点有一根垂直于平面的直导线。当导线中通有图示方向的电流时，点的磁感应强度为0。则点的磁感应强度大小为（）

A.0B.C.D.6、已知通电导线在其周围形成的磁场中，某一点的磁感应强度大小与电流大小成正比，与该点到导线的垂直距离成反比。如图所示，等边三角形ABC位于水平面内，D为BC边中点，O为三角形中心。三根相互平行的长直导线垂直水平面，分别固定在ABC三点，均通有等大电流，A处电流方向与B、C处相反。则O点和D点处的磁感应强度方向的关系以及大小之比分别为（）

A.相同2:1B.相同3:1C.相反2:1D.相反3:17、新能源汽车最终用电驱动的，最大优点就是二氧化碳零排放，清洁环保低能耗。如图是某品牌电动汽车的标识牌，以下说法正确的是（）。整车型号CH830BEV最大设计总质量2000kg动力电池容量80A·h驱动电机额定功率30kW

A.该电池的容量为80A·hB.该电池以8A的电流放电，可以工作10sC.该电池以10A的电流放电，可以工作10hD.该电池充完电可贮存的电荷量为80C8、物理学中建立“速度”、“加速度”、“电阻”、“电场强度”等概念时采用了以下哪种科学方法：（）A.比值定义法B.建立理想物理模型C.等效替代D.控制变量9、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能发光，把滑动变阻器的滑片向右移动一点，下列判断正确的是（）

A.电容器C的电荷量将减小B.R0上有自右向左的电流C.灯泡L亮度变暗D.电路稳定后电源的输出功率变小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场之后进入电场线竖直向下的匀强电场发生偏转；最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）

A.偏转电场对三种粒子做功一样多B.三种粒子打到屏上时速度一样大C.三种粒子运动到屏上所用时间相同D.三种粒子一定打到屏上的同一位置，11、如图a所示，直线MN表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点。将带负电的粒子从点处由静止释放，粒子从运动到过程中的图线如图所示。设两点的电势分别为场强大小分别为Ea、Eb；不计粒子重力，则有（）

A.B.C.D.12、如图所示，在点电荷Q产生的电场中有a、b两点，相距为d，已知a点的电场强度大小为E，方向与ab连线成30°角，b点的电场强度方向与ab连线成120°角；下列说法正确的是（）

A.点电荷Q带正电B.点电荷Q带负电C.b点的电场强度大小为D.b点的电场强度大小为3E13、某一导体的伏安特性曲线如图中（曲线）所示；关于导体的电阻，以下说法正确的是（）

A.点对应的电阻为B.点对应的电阻为C.工作状态从A变化到了时，导体的电阻改变了D.工作状态从A变化到了时，导体的电阻改变了14、如图所示，AC是圆O的一条水平直径，BD是竖直方向的另外一条直径，M点是圆上的点，OM连线与OC的夹角为60°，该圆处于方向与圆面平行的匀强电场中。将带正电量为q、质量为m的微粒从圆心O点以相同的动能Ek0射出，射出方向不同时，微粒可以经过圆周上的所有点。在这些点中，经过C点时带电微粒的动能最小且为已知圆的半径为R，重力加速度的大小为g，匀强电场的场强那么（）

A.M点的电势高于O点的电势B.微粒经过B点和D点时的动能一定相同C.微粒经过M点时的动能为D.微粒经过AB连线中点时的动能为15、如图所示，探究电荷间相互作用力的示意图，图中金属球A带正电，置于绝缘支架上，带电小球B悬于绝缘丝线的下端，质量为当悬挂在点的B球静止时，两带电小球刚好在同一高度，此时绝缘丝线与竖直方向的夹角为重力加速度为则（）

A.间的库仑力为B.间的库仑力为C.将悬点移到平衡时B低于AD.将悬点移到平衡时B仍在同一高度16、如图，一半径为R的光滑绝缘半圆环轨道固定在竖直平面内，其下端与光滑绝缘水平面相切于B点，整个空间存在水平向右的匀强电场。一带电小球从A点以某一初速度向左运动，经过P点时重力与静电力的合力恰好给小球提供向心力。已知轨道上的M点与圆心O等高，OP与竖直方向夹角为37°，取重力加速度大小为g；则小球（）

A.所受重力与静电力之比为B.经过M点的速度大于C点的速度C.经过P点的速度大于C点的速度D.经过C点的速度大小为17、如图所示，真空中A、B、C三点的连线构成一个边长的等边三角形，AD为BC连线的中垂线，D点为BC连线的中点，在B、C两点分别固定着电荷量均为的点电荷．已知静电力常量则下列说法正确的是（）

A.两点电荷间的库仑力大小为B.带负电的试探电荷在D点受到的电场力比在A点受到的电场力大C.A点电场强度的大小为D.从D点到A点电势逐渐升高18、如图所示，真空中有两个电荷量均为Q的正点电荷，在两电荷连线的中垂面上有一正方形ABCD；正方形的中心点位于两正点电荷的连线上，下列说法正确的是（）

A.A、B、C、D四个点的电势相同B.A、B、C、D四个点的电场强度相同C.负试探电荷沿直线从A点移到B点的过程中，其电势能先减小后增大D.正试探电荷沿直线从A点移到C点的过程中，所受电场力一定先减小后增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、导体的电阻：同种材料的导体，其电阻R与它的长度l成___________，与它的横截面积S成___________；导体电阻还与构成它的材料有关。20、如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，电荷量分别为2×10-5C、4×10-5C用绝缘丝线悬挂于同一点，a球绳长0.6m，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为α=37°、β=53°，静电力常量为9.0×109Nm2/C2，g取10m/s2则a、b间静电力大小为__________N，a球的质量为__________kg

21、常规能源带来的污染有______、______、______等。22、用螺旋测微器测量一根合金丝的直径，为防止读数时微测螺杆发生转动，读数前应先旋紧图示的部件____（选填“A”“B”“C”或“D”）。

23、(1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径，如图所示，甲图是将螺旋测微器小砧靠在一起时的读数，为______mm；乙图是测量合金丝直径时的读数，则合金丝的直径为______mm；

(2)某实验小组为测量电压表V1的内阻，先用多用电表的欧姆档进行了一次测量，为进一步准确测量电压表V1的内阻，设计了如图甲所示的电路，请根据电路图连接实物图乙______。

24、如图所示，是用电流表和电压表测量电阻的一种方法，Rx为待测电阻，考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数___________Rx两端的实际电压，电流表的读数___________通过Rx的实际电流。（选填“大于”；“小于”功“等于”）

25、把一个电容器；电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所连接．先使开关S与1端相连；电源向电容器充电；然后把开关S掷向2端，电器放电．与电流传感器相连接的计算机(图中未画出)可记录电流随时间变化I-t曲线，逆时针的电流流向为正值．

图乙是某次实验中电流传感器所记录的i-t曲线，请判断该曲线记录的是电容器的_______过程(选填:“充电”或“放电”)．请你用语言描述电容器在此过程中电流随时间如何变化:____________评卷人得分四、实验题(共2题，共18分)26、某同学想将满偏电流Ig=100μA；内阻未知的电流表改装成电压表，并进行校准。备用的器材有：

A．电流表G（量程0~100μA）

B．标准电压表（量程0~3V）

C．电阻箱（阻值范围0~999.9Ω）

D．电阻箱（阻值范围0~99999.9Ω）

E．电源（电动势4V；内阻不计）

F．电源（电动势9V；内阻不计）

G．电源（电动势20V；内阻不计）

H．滑动变阻器（阻值范围0~50Ω；额定电流1.5A）还有若干电键和导线。

（1）该同学设计了如图所示电路测量该电流表的内阻，想要得到较高的精确度，电源应选用______（用字母代号填写）。

（2）实验中，该同学先闭合开关S1，调节R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度；保持开关S1闭合，再闭合开关保持的阻值不变，调节的阻值，当电流表的示数为时，的阻值为忽略闭合电路中总电阻的变化，经计算得该电流表内阻______（保留到个位）

（3）若要将该微安表改装成量程的电压表，需______（填“串联”或“并联”）阻值______的电阻。

（4）用给定的备用器材，在方框中画出改装和校准都包括在内的电路图______。（要求对0~3V的所有刻度都能在实验中进行校准）

27、用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r；又能同时探究小灯泡的伏安特性。

A．电压表V1（量程为5V；内阻很大）；

B．电压表V2（量程为3V；内阻很大）；

C．电流表A（量程为3A；内阻很小）；

D．滑动变阻器R（最大阻值为10Ω；额定电流为3A）；

E．小灯泡（2.5V；5W）；

F．电池组（电动势为E，内阻为r）；

G．开关一个；导线若干。

实验时，调节滑动变阻器的电阻，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小。

（1）请将你设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整。____

（2）每一次操作后，同时记录电压表V1和V2的读数U1和U2以及电流表A的示数I，组成两个坐标点（U1，I），（U2，I），标到U-I坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E=____V、内阻r=____Ω。（结果均保留两位有效数字）

（3）在U-I坐标系中两条图线在N点相交，此时小灯泡的阻值R=____Ω，实际功率P=____W。（结果均保留三位有效数字）评卷人得分五、解答题(共4题，共16分)28、空间有三点A、B和C位于直角三角形的三个顶点，且AB=4cm，BC=3cm．现将点电荷QA和QB分别放在A、B两点，结果测得C点的场强为EC=10V/m；方向如图所示，试求：

（1）QA和QB的电性；

（2）如果撤掉QA，C点场强的大小和方向．29、一质量为m，电荷量为q的离子，从静止开始经过宽度为d1，电压为的加速电场速后，获得一定速度，然后沿垂直于电场线方向射入两平行板，受偏转电压作用后，离开电场，已知平行板长为L，两板间距离为d2；求∶

（1）离子经电场U1后获得的速度

（2）离子分别经U1和U2的时间t1和t2；

（3）离子经电场后发生的侧向距离y。

30、如图所示，质量为m=1kg，电量q=+10-4C的物块（可以看成质点），放置在质量M=2kg足够长的绝缘木板中间物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.1，木板放置在光滑的水平地面上.在地面上方存在两个具有理想边界的电场区，两区域内的电场强度大小相等，均为E=3×104V/m，宽度均为L=1m，边界距离为d，Ⅰ区电场强度的方向水平向右，Ⅱ区的电场强度方向水平向左。将物块与木板从图示位置（物块在区内的最左边）由静止释放，已知在整个过程中物块不会滑离木板。取g=10m/s2。

(1)在物块刚离开Ⅰ区域时；物块的速度多大?

(2)若物块刚进入Ⅱ区域时，物块与木板的速度刚好相同，求两电场区的边界距离d；

(3)物块与木板最终停止运动时；求它们相对滑动的路程。

31、下图为真空示波管的示意图，电子从灯丝发出（初速度可忽略不计），经灯丝与A板间的电场加速后，从A板中心孔沿中心线射出，然后进入两块平行金属板间的偏转电场（电子进入时的速度方向与该电场方向垂直），离开偏转电场后打在荧光屏上的点。已知A间的加速电压为两板间的偏转电压为两板间的距离为板长为电子的质量为电荷量为不计电子所受的重力及它们之间的相互作用力。

（1）求电子穿过A板时速度的大小

（2）求电子从偏转电场射出时的侧移距离

（3）电子从偏转电场射出打在光屏上的若板的右侧距离为求的距离？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．沿电场线电势降低，故M点的电势高于N点的电势；故A错误；

B．电场线的疏密表示电场强度的强弱，由图可知，M点的场强小于N的场强，故电荷在M的电场力小于N点的电场力；故B错误；

CD．由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，M到N的过程中，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的动能小于在N点的动能，粒子在M点的电势能大于在N点的电势能；故C正确，D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．分别是该直线上两点离球心的距离，由图可知点的电势高于点的电势；则说明离球壳越远电势越低，所以电场线向外，球壳带正电，故A错误；

BC．由于图象斜率大小等于场强，从金属球壳到再到电场强度逐渐减小，点的电场强度大于点的电场强度，若根据可知

即有

故B错误；C正确；

D．正电荷沿直线从移到的过程中，电场力方向由指向所以电场力做正功，故D错误；

故选C。3、B【分析】【详解】

A.由电路图可知，当滑动变阻滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源的电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时；电源输出功率最大，由于电源的内电阻与外电阻的大小关系未知，不能判断电源输出功率如何变化，故A错误；

B.电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率

则P一定减小；故B正确；

C.电源内阻r不变,电流I减小,电源内部的发热功率。

一定减小；故C错误；

D.电源的效率

外电阻增大；路端电压U增大，则电源效率一定增大，故D错误；

故选：B；4、B【分析】【详解】

由磁场的叠加原理可知，P1处的磁感应强度B1等于右边6根直导线在P1处产生的磁感应强度；P2点的磁感应强度B2等于12根通电导线在P2处的磁感应强度，也等于右边6根直导线在P2处产生的磁感应强度与左边6根直导线在P2处产生的磁感应强度的和；因右边6根直导线在P2处产生的磁感应强度等于右边6根直导线在P1处产生的磁感应强度B1，则当仅将右边6根直导线移走时，P2处的磁感应强度大小为B2－B1；

A．与结论不相符，选项A错误；

B．B2－B1；与结论相符，选项B正确；

C．B1－与结论不相符，选项C错误；

D．B1＋与结论不相符，选项D错误；5、C【分析】【分析】

【详解】

点的磁感应强度为0，说明通电导线在点产生的磁场的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，又通电导线在点产生的磁场的磁感应强度方向向上，匀强磁场的磁感应强度大小为可知匀强磁场的磁感应强度方向向下，通电导线在点产生的磁场的磁感应强度大小为根据通电导线产生的磁场的特点可知，通电导线在点产生的磁场的磁感应强度大小为方向向左，又匀强磁场的磁感应强度大小为方向向下，则点的磁感应强度大小为故C正确，ABD错误。

故选C。6、B【分析】【详解】

根据安培定则，画出三条直导线分别在O点和D点产生的磁场方向如图；

由磁感应强度的叠加可得O点和D点的磁感应强度方向均水平向右；设每条直导线的电流均为I，正三角形的三条高均为L，则

即

故选B。7、A【分析】【详解】

AB．从题图标识牌可知电池的容量为80A·h；即以8A的电流放电可工作10h，故A正确，B错误；

C根据可知该电池以10A的电流放电；可以工作8h，故C错误；

D．该电池充完电可贮存的电荷量

故D错误。

故选A。8、A【分析】【详解】

速度等于位移与所用时间的比值；加速度是速度变化量与所用时间的比值，电阻是电压与电流的比值，电场强度是试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值，这三个物理量都是采用比值定义法定义的，故A正确，BCD错误．故选A．

【点睛】

比值定义法是常用的物理思想方法，要抓住比值法的共性理解物理量的意义．9、C【分析】【详解】

试题分析：滑片向右移动一点，变阻器电阻变大，整个电路电流变小，灯泡变暗，C正确；因为电流变小，路端电压变大，电容器带电量要变大，要充电，R0上有自左向右的电流，A、B错误；电源的输出功率当内阻和外电阻相等时输出功率最大，因不知道内阻和外电阻的关系，因此输出功率的变化无法判断，D错误。

考点：闭合电路的欧姆定律二、多选题(共9题，共18分)10、A:D【分析】【详解】

AB．带电粒子在加速电场中加速，由动能定理可知

解得

粒子在偏转电场中的时间

在偏转电场中的纵向速度

纵向位移

即位移与比荷无关；与速度无关；则可三种粒子的偏转位移相同，则偏转电场对三种粒子做功一样多，故A正确，B错误；

CD．因三粒子由同一点射入偏转电场；且偏转位移相同，故三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同，故C错误，D正确。

故选AD。

【点睛】

此题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用；正确列出对应的表达式，根据表达式再去分析速度、位移及电场力的功。11、B:D【分析】【详解】

AB．负电荷从a运动到b，由速度时间图线得负电荷做加速运动，故电场力向右，负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，而沿场强方向，电势变小，故b点电势较大，即故A错误，B正确；

CD．因为速度图线的斜率不断变小，故负电荷的加速度变小，电场力变小，所以电场强度变小，即故C错误，D正确；

故选BD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB.点电荷电场的电场线从同一点发出或终止于同一点，则点电荷Q带负电；故A错误，B正确；

CD.由几何关系得：b点与电荷的距离为d，a点与电荷的距离为d，则b点的电场强度大小为3E；故C错误，D正确。

故选BD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．点对应的电阻为

故A错误；B正确；

CD．点对应的电阻为

故工作状态从变化到了时，导体的电阻改变了C错误，D正确。

故选BD。14、B:C:D【分析】【详解】

A．从O经过C点时微粒的动能最小且为则C点为复合场的等效最高点；则复合场的合力方向如图所示。

则有

联立解得

则电场线的方向如图所示，由几何关系可知，MO与电场线垂直，则MO在同一等势面上，则M点的电势等于O点的电势；故A错误；

B．微粒经过B点和D点时，合外力不做功，所以微粒的动能不变，则微粒经过B点和D点时的动能一定相同；故B正确；

C．微粒从O经过M点时，只有重力做功，由动能定理可得

从O经过C点时微粒的动能最小且为由动能定理可得

联立解得

所以微粒经过M点时的动能为故C正确；

D．微粒经过AB连线中点时的动能为则有

联立解得

故D正确。

故选BCD。15、A:C【分析】【详解】

AB．当B球处于平衡状态时；刚好与A球在同一水平面上，其受力如图所示。

A、B带同种电荷，由力的平行四边形定则可得

故A正确；B错误；

CD．若把悬点移到P2，由库仑定律可知，距离越远，A、B间的库仑力越小，θ越小；B球位置越低，故C正确，D错误。

故选AC。16、A:B【分析】【详解】

A．经过P点时重力与静电力的合力恰好给小球提供向心力，则有

可知小球所受重力与静电力之比为为

故A正确；

B．小球从M点到C点过程，根据动能定理可得

可知小球从M点到C点动能减小，则小球经过M点的速度大于C点的速度；故B正确；

CD．小球经过P点时重力与静电力的合力恰好给小球提供向心力，则有

解得

小球从P点到C点过程，根据动能定理可得

解得

故CD错误。

故选AB。17、A:C【分析】【详解】

A．根据库仑定律可知，B、C两点电荷间的库仑力大小为

故A正确；

B．在等量同种正点电荷周围的电场中，连线中点处的电场强度为零，则放在点的负点电荷受到的电场力为零，带负电的试探电荷在D点受到的电场力比在A点受到的电场力小；故B错误；

C．两点电荷在A点产生的电场强度大小相等，均为

根据电场叠加原理和几何关系，两点电荷在A点产生的合电场强度大小为

故C正确；

D．等量同种正点电荷连线的中垂线上，电场方向由点指向A点，沿着电场线方向电势降低，由此可知，从点到A点电势逐渐降低；故D错误。

故选AC。18、A:C【分析】【详解】

A．根据等量同种点电荷周围电场的分布情况可知，A、B、C、D四个点关于连线对称；所以电势相同，故A项正确；

B．由于A、B、C、D四个点关于连线对称；电场强度大小相等，但方向不同，所以电场强度不同，故B项错误；

C．A、B连线的中点离两电荷最近，电势最高，负试探电荷从A点移到B点的过程中；其电势能先减小，后增大，故C项正确；

D．A、C连线是两正点电荷连线的中垂线，电场强度最大的点位置不能确定，正试探电荷沿直线从A点移到C点的过程中所受电场力可能先减小后增大；也可能先增大后减小，过中点后再增大后减小，故D项错误。

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【详解】

略【解析】正比反比20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]a、b两球高度相等，可得

b两球间的距离，根据几何关系可得

根据库仑定律

[2]对a受力分析列平衡方程可得【解析】①.7.2②.0.9621、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]常规能源的储藏是有限的。常规能源的大量消耗带来了环境问题，带来的污染有温室效应、大气污染、水污染等。【解析】①.温室效应②.大气污染③.水污染22、C【分析】【详解】

为防止读数时微测螺杆发生转动，读数前应先旋紧锁C。23、略

【分析】【详解】

(1)[1]图甲中校零时，螺旋测微器的固定刻度为0，可动刻度为

[2]图乙测量时，螺旋测微器的固定刻度为可动刻度为故合金丝的直径为

(2)[3]

【解析】0.006~0.0080.687~0.69024、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数等于安培表和电阻Rx两端的电压之和，则电压表读数大于Rx两端的实际电压，电流表的读数等于通过Rx的实际电流。【解析】大于等于25、略

【分析】【分析】

根据I-t图线所围成的面积等于电容器的电荷量；电容器充电过程中，电荷量增加；

【详解】

电流为正值，逆时针方向，与电源方向一致，所以在形成电流曲线1的过程中，电容器在充电，电容器带电量逐渐变大；由图像可知，电流随时间逐渐减小到零（且电流随时间减小的越来越慢）.【解析】充电电流随时间逐渐减小到零（且电流随时间减小的越来越慢）四、实验题(共2题，共18分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]该同学采用“半偏法”利用如图所示的电路测量电流表的内阻，R2应该是较大的变阻箱，根据欧姆定律可知

所以想要得到较高的精确度；电源应选用F；

（2）[3]忽略闭合电路中总电阻的变化，可以认为总电流不变，闭合开关后，通过定电阻R1的电流

根据欧姆定律可知

（3）[3][4]若要将该微安表改装成量程的电压表，需要串联一个定值电阻分压，串联分压电阻

（4）[5]要校准该改装后的电压表；应该改半装后的电压表与标准电压表并联，电压表的示数要从0开始，滑动变阻器采用分压电路，改装和校准都包括在内的电路图如图所示。

【解析】600串联2940027、略

【分析】【详解】

（1）[1]伏安法测电源电动势与内阻的实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端的电压随滑动变阻器接入电路阻值的增大而减小；调节滑动变阻器时，电压表的示数增大，电压表的示数减小，则测路端电压，测灯泡两端电压；滑动变阻器采用限流式接法，电路图如下图所示。

（2）[2][3]根据闭合电路欧姆定律有

由电源U-I图像可知，图像纵轴截距为4.5，则电源电动势E=4.5V，电源内阻为图像斜率大小

（3）[4][5]由题图乙可知，两图线交点坐标值为U=2.5V，I=2.0A，此时，灯泡电阻为

小灯泡的实际功率为【解析】4