2025年上教版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘．坐标原点O处电场强度最大的是A.B.C.D.2、如图所示；两同心圆环A；B置于同一水平面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环，两环均可绕中心在水平内转动，则（）

A.若A匀速转动，B中产生恒定的感应电流B.若A逆时针加速转动，B中一定产生顺时针方向的感应电流C.若A顺时针减速转动，B中感应电流的方向可能是逆时针D.若B以相同的转速同方向加速转动，B中没有感应电流3、如图所示，M、N是相互平行、垂直于纸面放置的长直导线，其中通入的电流大小相等、方向相反．纸面内的点a到M、N距离相等．关于a点的磁场方向；下列说法正确的是（）

A.沿纸面向上B.沿纸面向下C.沿纸面向左D.沿纸面向右4、质量为的人；站立在电梯中的台秤表面，电梯向上运动的速度—时间图像如图所示，则下列分析正确的是（）

A.人的机械能守恒B.人的机械能在减少C.和台秤面对人的支持力做功相等D.人的机械能增加量小于人的机械能增加量5、如图所示，R1和R2串联在电压为U的电路中，R1两端的电压为U1下列关系式正确的是（）

A.B.C.D.6、如图，一带电的平行板电容器固定在绝缘底座上，底座置于光滑水平面上，一光滑绝缘轻杆左端固定在电容器的左极板上，并穿过右极板上的小孔，电容器极板连同底座总质量为底座锁定在水平面上时，套在杆上质量为m的带电环以某一初速度由小孔进入电容器后，最远能达到距离右极板为d的位置。底座解除锁定后；将两极板间距离变为原来的2倍，其他条件不变，则带电环进入电容器后，最远能达到的位置距离右极板（）

A.B.dC.D.7、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如控制变量法、等效法、类比法、理想模型法、微元法等等，这些方法对我们学好物理有很大帮助。以下关于所用物理学研究方法的叙述中正确的是（）A.在研究电场时，常用电场线来描述真实的电场，用的是微元法B.在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时，应用了类比法C.在电路中，用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了控制变量法D.在研究带电体时，满足一定条件可以把带电体看成点电荷，这利用了理想模型法8、下列陈述与事实相符的是（）A.法拉第提出分子电流假说B.开普勒测出万有引力常量C.库仑最早测得元电荷e的数值D.奥斯特发现电流周围存在磁场评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，在真空中水平直线上相距0.5m的AB两点固定点电荷和带正电，在垂直AB的直线上有C、D两点，AD间距0.4m,BD间距0.3m,在D点有一点电荷q，可在竖直面内以C点为圆心做圆周运动，在D点所受电场力指向C，如下说法正确的是（不计重力）（）

A.q带正电，带负电且B.q带负电，带正电且C.点电荷q做匀速圆周运动D.q所在的轨迹圆一定与某一等势面重合10、如图所示，a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc＝120°.现将三个等量的正点电荷＋Q分别固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为＋q的点电荷依次放在菱形中心O点和另一个顶点d点处；两点相比：

A.d点电场强度的方向由O指向dB.＋q在d点所具有的电势能较大C.d点的电势小于O点的电势D.d点的电场强度小于O点的电场强度11、如图所示，电路中三个电阻的阻值分别为和当电键均闭合时，电源输出功率为当均断开时，电源输出功率为由此可知（）。

A.电源的电动势为B.电键均闭合时，的电功率等于C.电键闭合、断开时，电源的总功率等于D.电键断开、闭合时，电源的输出功率大于12、机动车的尾气含有铅等大量有害物质，并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一。电动汽车因其无尾气排放且噪音小等特点，正在逐渐被人们接受。某国产品牌电动汽车的铭牌如下表，已知蓄电池储存的电能等于其容量与输出电压的乘积，则下列说法正确的是（）。规格后轮驱动直流电动机车型：电动汽车电动机额定输出功率：1675W整车质量：2150kg额定转速：600r/min蓄电池（容量：800A·h，输出电压：U≥36V）额定工作电压/电流：36V/50A

A.电动机正常工作时消耗的电功率为1675WB.电动机的内阻为0.05ΩC.蓄电池充满电后储存的电能不小于2.88×108JD.蓄电池充满电后在额定功率下连续行驶的时间不小于16h13、如图所示，空间存在一方向水平向右的匀强电场，电场强度大小为E，两个带电小球P和Q用相同的绝缘细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则PQ中点处的电场强度大小为（）

A.P带正电，Q带负电B.P带负电，Q带正电C.PQ中点处的电场强度大小为6ED.PQ中点处的电场强度大小为7E14、两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在y轴上的O、M两点，若规定无穷远处的电势为零，则在两电荷连线上各点的电势φ随坐标y变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，在ND段中C点电势最高；则。

A.q1与q2带异种电荷B.A、N两点的电场强度大小为零C.从N点沿y轴正方向到D点，电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功15、如图所示，已知某匀强电场方向平行于正六边形ABCDEF所在平面，若规定D点电势为零，则A、B、C的电势分别为8V、6V、2V。初动能为12eV、电荷量大小为2e（e为元电荷）的带电粒子从A沿着AC方向射入电场，恰好经过BC的中点G；不计粒子的重力，下列说法正确的是（）

A.该粒子一定带负电B.该粒子达到点G时的动能为20eVC.只改变粒子在A点初速度的方向，该粒子不可能经过CD.若该粒子以不同速率从D点沿DF方向入射，该粒子可能垂直经过CE16、下列实验的实验方法与“探究加速度与力、质量的关系”实验相同的是（）A.探究导体电阻与其影响因素的关系B.研究影响平行板电容器大小的因素C.探究做功与物体速度变化的关系D.探究求合力的方法17、如图所示为研究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置设两极板的正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为，平行板电容器的电容为实验中极板所带电荷量可视为不变，则下列关于实验的分析正确的是

A.保持d不变，减小S，则C变小，变大B.保持d不变，减小S，则C变大，变大C.保持S不变，增大d，则C变小，变大D.保持S不变，增大d，则C变大，变大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、如图所示，大圆的导线环A中通以电流I，方向如图所示，在导线环所在平面上另画了一个小圆B，它的一半面积在A环外，一半面积在A环内，则圆B内的合磁场方向_______.19、如图所示，在边长为L的正方形四个顶点A、B、C、D上依次放置电荷量为＋q、＋q、＋q和－q的点电荷，则正方形中心O点的电场强度大小为______，方向为________．

20、某型号电热水器铭牌的部分参数如图所示电热水器正常工作时的电压是_______V，正常工作时的功率是______W，正常工作0.5h消耗的电能是_______kW·h。XX电热水器额定电压220V额定频率50Hz额定功率1200W21、电场中A、B两点的电势是则A、B两点的电势差UAB＝__________V。若把电荷由A点移到B点，电场力对电荷做了__________J的功。电荷的电势能__________（填“增加”或“减少”）了__________J。22、两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，则它们的电阻之比为______。23、把负电荷q=5×10−5C从无穷远处移到电场中A点,克服电场力做功4.0×10−6J,再把q从A点移到B点,电场力对电荷做1×10−4J的功,A点电势为________V,B点电势为__________V。24、一同学用精确度为游标卡尺测一根金属管的深度时，游标卡尺上的游标尺和主尺的相对位置如图甲所示，则这根金属管的深度______该同学又利用螺旋测微器测量电阻丝直径时，螺旋测微器示数如图乙所示，则_______

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)25、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

26、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短27、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。28、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)29、某同学用下图所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象；

（1）除了导线和开关外；有以下一些器材可供选择：

电流表：A1(量程100mA，内阻约2Ω)；A2(量程0.6A；内阻约0.3Ω)．

电压表：V1(量程5V，内阻约5kΩ)；V2(量程15V；内阻约15kΩ)；

滑动变阻器：R1(阻值范围0～10Ω)；R2(阻值范围0～2kΩ)；

电源：E1(电动势为1.5V，内阻约为0.2Ω)；E2(电动势为4V；内阻约为0.04Ω)；

（1）为了调节方便，测量准确。实验中应选用电流表_______；电压表_________；滑动变阻器________；电源________。(填器材的符号)

（2）根据实验数据，计算并描绘出R—U的图象如图所示，由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为_____Ω；当所加电压为3.0V时，灯丝电阻为___________Ω，灯泡实际消耗的电功率为__________W。

30、两同学为测定一段粗细均匀；电阻率较小的电阻丝的电阻率；采用了如图甲所示的电路进行测量。

实验步骤如下：

a．用螺旋测微器在电阻丝上的三个不同位置测出电阻丝直径，求出平均值

b．调节电阻丝上的导电夹的位置，用毫米刻度尺测量并记录导电夹到电阻丝右端的长度闭合开关记录电压表示数电流表示数

c．改变电阻丝上的导电夹的位置，重复步骤记录多组的值。

（1）若螺旋测微器某次测量结果如图乙所示，其示数为________

（2）若选用某组值，用算出电阻丝连入电路的电阻则计算值与真实值相比________。（选填“偏小”；“相等”或“偏大”）

（3）根据多组测量得到的实验数据绘出图像如图丙所示，若图线斜率为则电阻丝的电阻率________（用已知或测量出的物理量的符号表示）；电流表内阻对电阻率的测量________（选填“有”或“没有”）影响。

（4）用记录的数据绘制出图像如图丁所示，由图像可知电源的内阻________（结果保留两位有效数字）31、为了测量待测电池组的电动势E和内阻r及待测电阻的阻值，准备实验器材有：待测电池组E，待测电阻定值电阻电压表V（量程内阻约），电阻箱单刀单掷开关；单刀双掷开关各一个，导线若干。某物理兴趣小组利用上述实验器材设计图甲所示的测量电路。并按如下步骤操作：

（1）将开关接a，再闭合开关依次改变电阻箱的阻值，读出相应的电阻箱R的阻值和电压表的示数U；得到如图乙所示的图像；

（2）根据乙图像可得该电池组的电动势________V，_______（结果保留两位有效数字）电池组电动势的测量值与真实值相比________。（选填“偏大”；“偏小”或“不变”）

（3）将开关接b，电压表指针位置如图丙所示，则电压表示数为________V，待测电阻______评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)32、如图所示，质量为m=1kg，电量q=+10-4C的物块（可以看成质点），放置在质量M=2kg足够长的绝缘木板中间物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.1，木板放置在光滑的水平地面上.在地面上方存在两个具有理想边界的电场区，两区域内的电场强度大小相等，均为E=3×104V/m，宽度均为L=1m，边界距离为d，Ⅰ区电场强度的方向水平向右，Ⅱ区的电场强度方向水平向左。将物块与木板从图示位置（物块在区内的最左边）由静止释放，已知在整个过程中物块不会滑离木板。取g=10m/s2。

(1)在物块刚离开Ⅰ区域时；物块的速度多大?

(2)若物块刚进入Ⅱ区域时，物块与木板的速度刚好相同，求两电场区的边界距离d；

(3)物块与木板最终停止运动时；求它们相对滑动的路程。

33、如图所示，电源的E、r保持不变，灯泡A、B、C均为固定电阻．在图示情况下，A、B、C三灯的亮度相同．问：

(1)三个灯泡电阻的大小关系．

(2)若滑片P向下滑动，分析两电压表示数的变化量的绝对值和的大小关系，以及A、B、C三灯的亮度变化及亮度的强弱顺序．

34、如图所示电路中，电源电动势内阻定值电阻平行板电容器的两个极板A、B间距为4cm，此时电容器带电荷量为A极板接地（电势为零）。求：

（1）平行板电容器的电容；

（2）平行板电容器两板之间的电场强度；

（3）距B板为1cm的C点处的电势。

35、磁铁产生的磁场与电流产生的磁场本质上是否相同？产生的机理有何区别？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

根据点电荷的电场强度公式可得各圆环上的电荷在O点的电场场强大小，再根据矢量合成，求出合场强，最后比较它们的大小即可．由于电荷均匀分布，则各圆环上的电荷等效集中于圆环的中心，设圆的半径为r，则A图O点处的场强大小为将B图中正、负电荷产生的场强进行叠加，等效两电荷场强方向间的夹角为90°，则在O点的合场强方向沿x轴负方向；C图中两正电荷在O点的合场强为零，则C中的场强大小为D图由于完全对称，易得合场强ED=0．故O处电场强度最大的是图B．故答案为B．

【考点定位】

本题考查电场的叠加,要注意采用等效思想及矢量的运算．难度：中等．2、C【分析】【分析】

【详解】

A．若A匀速转动，相当于产生了一恒定的环形电流，B中的磁通量不发生变化；不产生感应电流，故A错误；

B．若A加速转动，则相当于电流增大，B中的磁通量增加，但因所带的电量的正负不知，不能确定A中的电流的方向，故不知磁场的方向，则不能由安培定则得B中会产生感觉应电流的方向；故B错误；

C．因减速转动，相当于电流减小，则B中的磁通量减小，会产生感应电流，因A所带的电荷的正负不知；故方向不确定，可能为逆时针，故C正确；

D．不论B是否运动，若A加速，则B中会有电流产生；故D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

M在a处产生的磁场方向垂直于aM偏左下方，N在a处产生的磁场方向垂直于aN偏左上方，根据平行四边形定则，知a处的磁场方向水平向左；C正确，ABD错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

AB．该模型支持力做功等于机械能增加，支持力始终做正功；机械能增加，故AB错误；

C．根据牛顿第二定律，内

解得

内

内

解得

和支持力不等；位移相等，所以做功不同，故C错误；

D．内有

内有

故D正确。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

根据串联电路电流相等得

变形得

故C正确；ABD错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

设带电环所带电荷量为q，初速度为v0，底座锁定时电容器极板间电场强度为E，则由功能关系有

底座解除锁定后，两极板间距离变为原来的2倍，极板间电场强度大小不变，电容器及底座在带电环作用下一起向左运动，当与带电环共速时，带电环达到进入电容器最远位置，整个过程满足动量守恒，则有

再由功能关系有

联立解得

故选C。7、D【分析】【详解】

A．在研究电场时；常用人为假设的电场线来描述真实的电场，这用的是假设法，故A错误；

B．在探究电阻与材料；长度和横截面积三者之间的关系时；应用了控制变量法，选项B错误；

C．在电路中；用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了等效法，选项C错误；

D．在研究带电体时；满足一定条件可以把带电体看成点电荷，这利用了理想模型法，选项D正确。

故选D。8、D【分析】【详解】

A．安培提出了分子电流假说；故A错误；

B．卡文迪许测出万有引力常量；故B错误；

C．密立根最早测得元电荷e的数值；故C错误；

D．奥斯特发现电流周围存在磁场；故D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)9、B:C:D【分析】【详解】

AB.根据几何关系可知，因电荷在D点受电场力指向C，则q必带负电，正电，据电场的叠加：

其中r1=0.4m，r2=0.3m，得：

故A错误；B正确；

CD.点电荷q受到的电场力始终指向圆心，电场力不做功，所以点电荷做匀速圆周运动，以C点为圆心的竖直圆周面必是等势面；故C正确，D正确。

故选：BCD10、A:C:D【分析】【详解】

试题分析：根据电场的叠加，分析d点电场强度的方向；O点的电场强度等于b处+Q在O处产生的电场强度大小．根据顺着电场线方向电势降低；分析d点与O点电势关系．正电荷在高电势高处电势能大．

解：A；由电场的叠加原理可知；d点电场方向由O指向d，A正确；

B；由O到d合场强方向均沿Od；故d点电势小于O点电势，+q在O点具有的电势能较大，故B错误，C正确；

D、设菱形的边长为r，根据公式E=k分析可知三个点电荷在D产生的场强大小E相等，由电场的叠加可知，d点的场强大小为Ed=2k．O点的场强大小为EO=4k可见，d点的电场强度小于O点的电场强，即Ed＜EO；故D正确．

故选ACD．

【点评】

本题关键要抓住对称性，由电场的叠加分析场强大小和电场线的方向，再判断电场力大小和电势能的高低．11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．当电键S1、S2均闭合时，电阻R1被短路，R2和R3并联，总电阻

则有电源输出功率

当S1、S2均断开时，电阻R1和R2串联，R总=5R，则有电源输出功率

解得

故A错误。

B．当S1、S2都闭合时，电源的输出功率为

解得R2的电功率等于故B正确；

C．电键S1闭合、S2断开时，R2、R3并联后与R1串联

电源的总功率等于

故C正确；

D．电键S1断开、S2闭合时，R1、R2串联后与R3并联

电源的输出功率等于

故D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

A．电动机正常工作时消耗的功率

故A错误；

B．电动机内阻上的发热功率

电动机的内阻

故B正确；

C．蓄电池充满电后储存的电能

故C错误；

D．充满电后在额定功率下连续行驶的时间

故D正确；

故选BD。

【点睛】

此题考查了速度，功和功率的计算及能量转化，关键是规律和公式的灵活运用，并注意能量守恒定律的运用，计算过程注意单位的换算；此题同时考查学生从图表中获取信息的基本能力。13、B:D【分析】【详解】

AB．假设小球P带正电；P受到匀强电场的电场力水平向右，小球P处于静止，则Q对P库仑力水平向左，为斥力，即此时Q带正电，对Q分析，匀强电场对Q的电场力方向水平向右，P对Q的库仑力水平向右，Q不可能在图中位置静止，假设不成立。假设小球P带负电，P受到匀强电场的电场力水平向左，小球P处于静止，则Q对P库仑力水平向右，为引力，即此时Q带正电，对Q分析，匀强电场对Q的电场力方向水平向右，P对Q的库仑力水平向左，Q能够在图中位置静止，假设成立，即P带负电，Q带正电，A错误，B正确；

CD．令两球之间间距为L，则对P球分析有

对Q球分析有

根据电场叠加，PQ中点处的电场强度大小为

解得

方向水平向左；C错误，D正确。

故选BD。14、A:D【分析】【详解】

A.由图象可知，M点附近的电势为负值、O点附近的电势为正值，所以，q1与q2带异种电荷；故A项与题意相符合；

B．A、N点的电势为零，但场强不为零（φ-y图象的斜率不为零）；故B项与题意不相符；

C.从N点沿y轴正方向；电场强度的大小先减小后增大再逐渐减小，故C项与题意不相符；

D.将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增后减，所以，电场力先做负功后做正功，故D项与题意相符．15、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．因为B点电势为6V，C点电势为2V，所以根据匀强电场规律可得G点的电势为4V，A点电势为8V，D点电势为0V，所以AD的中点电势为4V，故根据几何知识可得电场方向平行AD方向，从A指向D点；粒子仅在电场力作用下运动，根据物体做曲线运动时受到的合力指向轨迹内侧，所以可知粒子受到的电场力方向和电场方向相反，故粒子带负电，A正确；

B．电场力做负功，根据动能定理可得

解得

B错误；

C．设六边形边长为b，则粒子受到的电场力为

方向沿DA方向。粒子A沿着AC方向射入电场，恰好经过沿恰好经过BC的中点G。设粒子的质量为m，粒子的速度为v。由运动分解可得

解得

假设改变粒子在A点初速度的方向（设速度方向与AD的夹角为），粒子能经过C点，则

代入速度可得

则

将代入可得

则

值不在的取值范围内，故只改变粒子在A点初速度的方向，该粒子不可能经过C；C正确；

D.从D点沿DF方向入射时，受到的电场力方向沿DA方向；粒子沿CE方向的速度大小不变，故粒子的合速度不可能垂直CE，D错误。

故选AC。

【点睛】

带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同。先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直线或曲线），然后选用恰当的规律解题。解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化的观点，选用动能定理和功能关系求解。16、A:B【分析】【分析】

【详解】

“探究加速度与力；质量的关系”实验的实验方法是控制变量法；选项A和B也是使用控制变量法。

故选AB。17、A:C【分析】【详解】

根据电容的决定式C=得知，当保持d不变，减小S，则C变小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=Q/U分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大．故A正确，B错误．根据电容的决定式C=得知；保持S不变，增大d，则C变小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=Q/U分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大，故C正确，D错误．故选AC．

【点睛】

本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式C=和定义式C=Q/U．三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【详解】

[1]根据题意可知，通电环形导线，在线圈B处产生磁场方向，左半边的垂直向里，右半边的磁场垂直向外，且线圈A内部的磁场强，根据方向不同可以相互抵消，可知，B圆内的合磁场方向向里。【解析】向里19、略

【分析】【详解】

A、C两点上的电荷在O点产生的场强大小相等，方向相反，正好抵消，最终的场强为B、D两点电荷在O点产生场强的合场强．则O点的场强：E=EB+ED＝方向沿OD连线由O指向D．

【点睛】

解决本题的关键掌握点电荷的场强公式，以及点电荷的场强方向，会根据平行四边形定则进行场强的叠加．【解析】方向沿OD连线由O指向D20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据表中信息可知；热水器正常工作时，电压为220V，功率为1200W；

[3]热水器正常工作0.5h消耗的电能为W=Pt=1200W×0.5h=600W·h=0.6kW·h【解析】①.220②.1200③.0.621、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

[2]电场力对电荷的功

[3][4]电场力做了负功，电势能增加了【解析】①.②.③.增加④.22、略

【分析】【详解】

根据电阻定律因为两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，所以可得它们的电阻之比为5:9

故答案为5:9【解析】5︰923、略

【分析】【详解】

[1]无穷远间与A的电势差为

无穷远电势为零，由得A点电势：

[2]A、B间电势差为:

因则B点电势【解析】-0.081.9224、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．金属管的深度：h=3.0cm+0.05mm×12=3.060cm.

[2]．直径：d=0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm【解析】3.060±0.0050.730±0.001四、作图题(共4题，共24分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析26、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD27、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】28、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共3题，共30分)29、略

【分析】【详解】

（1）[1]小灯泡的额定电压和额定电流分别为“3.8V，0.3A”，所以电流表选择A2(量程0.6A；内阻约0.3Ω)测量误差较小；

[2]电压表选择V1(量程5V；内阻约5kΩ)测量误差较小；

[3]滑动变阻器采用分压式接法，为调节方便需要阻值较小的R1(阻值范围0～10Ω)；

[4]所测电压要达到3.8V，电源应选择E2(电动势为4V；内阻约为0.04Ω)。

（2）[5]由R—U的图象可知；此灯泡在不工作时，灯丝电阻为1.5Ω；

[6]当所加电压为3.0V时；灯丝电阻为11.5Ω；

[7]此时灯泡实际消耗的电功率为【解析】A2V1R1E21.511.50.7830、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据图乙的螺旋测微器