2025年外研版选择性必修2物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版选择性必修2物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示a、b间接入正弦交流电，理想变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，R2为热敏电阻，随着温度升高其电阻变小，所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当R2所在处出现火情时；以下说法中正确的是。

A.V1的示数减小，V2的示数减小B.V1的示数不变，V2的示数减小C.A1的示数增大，A2的示数增大D.A1的示数减小，A2的示数减小2、世界各地有许多无线电台同时广播，用收音机一次只能收听到某一电台的播音，而不是同时收听到许多电台的播音，其原因是（）A.因为收听到的电台离收音机最近B.因为收听到的电台频率最高C.因为接收到的电台电磁波能量最强D.因为接收到的电台电磁波与收音机调谐电路的频率相同，产生了电谐振3、图甲是某用电器的点火装置的简化原理图。如图乙所示的正弦交变电压加在理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2。当变压器副线圈电压的瞬时值大于2000V时；就会引发火花，以下判断正确的是（）

A.原线圈中交变电压的有效值为311VB.副线圈中交变电压的频率大于50HzC.图甲中点火针的电势始终比感应针高D.原、副线圈变压器的匝数比可以为4、如图是一种电加热装置；当把一铁块放入线圈中且不接触线圈，稍等片刻，铁块就会烧得通红，小明同学由此做出了以下一些猜想，其中正确的是（）

A.若把一干燥的木棍伸入线圈中，木棍会被烧着B.线圈内部一定通有随时间变化的电流C.线圈内部一定通有强度很大的恒定直流D.铁块是否会变红与线圈中电流是否变化无关5、将长为L的导线弯成六分之一圆弧，固定于垂直于纸面向外、大小为B的匀强磁场中，两端点A、C连线竖直，如图所示．若给导线通以由A到C、大小为I的恒定电流；则导线所受安培力的大小和方向是()

A.ILB，水平向左B.ILB，水平向右C.水平向右D.水平向左6、如图所示；内壁光滑的塑料管弯成的圆环平放在水平桌面上，环内有一带负电的小球，整个装置处于竖直向下的磁场中，当磁场突然增强时，小球将（）

A.沿顺时针方向运动B.沿逆时针方向运动C.在原位置附近往复运动D.仍然保持静止状态7、安全生活离不开安检；近到地铁，远到火车和飞机，都会感受安检的存在。针对行李的安检机工作原理与医院里面用的CT成像原理很相似。当行李箱通过安检机的时候，就会在显示屏上显示出不同物体的轮廓，然后再根据颜色的不同，就能进一步判断物体大概属于哪一类。安检门主要是用来检测人身上是否携带了金属类管制利器的，它本质上是一种金属检测仪，根据金属的种类和大小，金属检测仪可以大致给出报警的金属所在的位置和大小，且不会对身体健康造成影响。现在国内外某些机场已经配备了人体扫描仪，人体扫描仪能对人体实行比安检门更详细的检查。人体扫描仪利用了一种毫米波段的电磁波，其频率比可见光还低，辐射强度极小，成为无害安检的理想波段。相比于金属探测仪，人体扫描仪能识别各种金属和非金属，因此，一般配备了人体扫描仪的机场不会再额外的安装检测金属的安检门。

根据以上信息可知，下列说法中正确的是（）A.安检机是利用γ射线的穿透作用来工作的B.安检门的金属检测仪是利用静电感应原理来探测金属的C.人体扫描仪的图像可能是利用了红外线反射所成的像D.人体扫描仪可能是利用某种电磁波的穿透作用来工作的评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、许多光学现象在科学技术上得到了应用，下列对一些应用的解释，正确的是（）A.紫外验钞机是利用紫外线的化学作用B.X光透视利用的是光的衍射现象C.工业上的金属探伤利用的是γ射线具有极强的穿透能力D.红外遥感技术利用了一切物体都在不停地辐射红外线的特点9、如图所示，两方向相反、磁感应强度大小均为B的匀强磁场被边长为L的等边三角形ABC理想分开，三角形内磁场垂直纸面向里，三角形顶点A处有一质子源，能沿∠BAC的角平分线发射速度不同的质子（质子重力不计），所有质子均能通过C点，质子比荷则质子的速度可能为。

A.BkLB.C.D.10、如图所示，链球比赛属田径中的投掷竞远运动，链球由金属材料制造，长度为L。某次比赛在潍坊举行，链球出手前某时刻恰好绕竖直轴水平转动（俯视逆时针转动），角速度为ω，手到转轴的距离为场地附近空间的地磁场可看作是匀强磁场，其水平分量和竖直分量分别为则此时（）

A.手握的一端电势比拴球的一端低B.手握的一端电势比拴球的一端高C.两端的电势差约为D.两端的电势差约为11、如图，两足够长的光滑金属导轨倾斜平行固定，导轨平面与水平面的夹角为θ，导轨间距为L，导轨上端接有阻值为R的定值电阻。导轨处于方向垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场（图中未画出）中。一质量为m的金属棒垂直跨放在导轨上并始终与导轨接触良好。金属棒从导轨下端附近的M处以初速度沿导轨向上运动，经时间到达最高处N，再经时间返回M处。重力加速度大小为g；不计导轨和金属棒的电阻。下列说法正确的是（）

A.N与M之间的距离为B.N与M之间的距离为C.金属棒返回M时的速度大小为D.金属棒返回M时的速度大小为12、如图所示，光滑水平平行导轨置均强磁场中，磁感应强度大小为B，方向垂直水平面向下，左侧导轨间距为L，右侧导轨间距为2L，且导轨均足够长。质量为m的导体棒ab和质量为2m的导体棒cd均垂直于导轨放置，处于静止状态。ab的电阻为R，cd的电阻为2R，两棒始终在水平面向下，对应的导轨部分运动。现给cd一水平向右的初速度vo；则（）

A.两棒组成的系统动量守恒B.最终通过两棒的电量为C.ab棒最终的速度为D.从cd获得初速度到二者稳定运动过程中产生的焦耳热为13、如图所示，用粗细均匀的电阻丝制成形状相同、大小不同的甲、乙两个矩形线框。甲对应边的长度是乙的两倍，二者底边距离匀强磁场上边界高度h相同，磁场方向垂直纸面向里，匀强磁场宽度d足够大。不计空气阻力，适当调整高度h，将二者由静止释放，甲将以恒定速度进入匀强磁场中。在矩形线框进入磁场的整个过程中，甲、乙的感应电流分别为I1和I2，通过导体横截面的电量分别为q1和q2，线框产生的热量分别为Q1和Q2，线框所受到的安培力分别是F1和F2；则以下结论中正确的是（）

A.B.C.D.14、如图所示，质量为m、边长为L、电阻为的正方形导线框的边悬挂在水平横梁上，所在空间存在竖直方向的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度为B。将边提起使ad边与竖直方向成60°角，由静止释放，当线圈平面摆到竖直方向时，线框回路产生的焦耳热为Q；则这一过程中（）

A.边产生的感应电流越来越大B.边受安培力方向始终与它的速度方向相反C.通过横截面的电荷量为D.最低点时，边的感应电动势大小为15、如图所示，闭合的矩形导体线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO′沿逆时针方向匀速转动。已知匀强磁场的磁感应强度大小为B，线圈匝数为n，ab边的边长为L1，ad边的边长为L2，线圈总电阻为R，转动的角速度为ω；则当线圈转至图示位置时（）

A.线圈中感应电流沿逆时针方向B.线圈中的感应电动势为nBL1L2ωC.穿过线圈的磁通量的变化率最大D.线圈ad边所受安培力的大小为16、在如图甲所示的电路中，理想变压器原线圈输入电压的变化规律如图乙所示（正弦曲线），定值电阻的阻值分别为各电表均为理想电表。电压表的示数为则下列说法正确的是（）

A.变压器原副线圈的匝数比为B.电流表A1的示数为C.电流表A2的示数为D.电流表A2的示数为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、两个速率不同的同种带电粒子，如图所示，它们沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场的上边缘射入，从下边缘飞出时，相对于入射方向的偏转角分别为90°，60°，则它们在磁场中运动的轨道半径之比为________，在磁场中运动时间比为________。

18、温度传感器是利用热敏电阻的阻值随温度变化的特性工作的，它广泛应用于电冰箱、冰柜和室内空调等家用电器中，现利热敏电阻设计如图甲所示，电路测一特殊电源的电动势和内阻。G为灵敏电流计，内阳保持不变；为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙所示，闭合开关S，当的温度等于120℃时，电流计的示数当的温度等于20℃时，电流计的示数为则可求出该电源的电动势______V，内阻______

19、如图所示的电路中，当受到强光的照射下，小灯L__________发光；当用遮光板盖住时，小灯L__________发光。（均选填“不会”或“会”）

20、线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次。______21、如图所示，面积为0.2m2的100匝线圈处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，已知磁感应强度随时间变化的规律如图，定值电阻R1=6Ω，线圈电阻R2=4Ω，则ab两点的电势___________（填“>”或“=”或“＜”），回路中的感应电动势大小为___________V。

22、质谱仪。

（1）质谱仪构造：主要构件有加速______、偏转______和照相底片。

（2）运动过程（如图）

（3）带电粒子经过电压为U的加速电场加速，______＝mv2

（4）垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，做匀速圆周运动，r＝可得r＝______

（5）分析：从粒子打在底片D上的位置可以测出圆周的半径r，进而可以算出粒子的______23、如图所示，在坐标系中，原点的直线与轴正向的夹角在右侧有一匀强电场，为该电场的左边界，电场无右边界；在第二、三象限内有一有界匀强磁场，磁场上边界与电场边界重叠（即为边）、右边界为轴、左边界为图中平行于轴的虚线，磁场的磁感应强度大小为方向垂直纸面向里。一带正电荷质量为的粒子以某一速度自磁场左边界上的点射入磁场区域，并从点射出，粒子射出磁场时的速度方向与轴的夹角大小为粒子在磁场中的运动轨迹为纸面内的一段圆弧，且圆弧的半径为轴下方的磁场水平宽度的2倍。粒子进入电场后，在电场力的作用下又由点返回磁场区域，经过一段时间后再次离开磁场。已知粒子从点射入到第二次离开磁场所用的时间恰好等于粒子在磁场中做圆周运动的周期。忽略重力的影响。则。

（1）点到轴的垂直距离为________。

（2）匀强电场的大小为________。粒子从第二次离开磁场到再次进入电场时所用的时间为_______。

24、感生电场：

______认为：磁场变化时会在空间激发一种______，这种电场叫作感生电场。25、某发电站的输出功率为104kW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向125km远处用户供电．已知输电线的电阻率为ρ＝2.4×10－8Ω·m，导线横截面积为1.5×10－4m2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是______，如果用户用电器的额定电压为220V，所用理想降压变压器原、副线圈匝数比是______.评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)26、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

27、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

28、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

29、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)30、某实验小组选择使用铂丝自制热敏电阻，首先测试铂丝的温度特性。所用器材除了置于温控室（图中虚线区域）中的铂丝还有下列器材：

A.电源E（6V；0.5Ω）

B.电流表A（量程50mA）

C.电阻箱（阻值范围0~999.9Ω）

D.滑动变阻器（最大阻值为10Ω）

E.滑动变阻器（最大阻值为100Ω）

F.单刀单掷开关和单刀双掷开关

实验时，先按图甲连接好电路，再将温控室的温度t升至将与1端接通，调节滑动变阻器的滑片位置，使电流表读数为某一值保持滑动变阻器的滑片位置不变，将置于最大值，将与2端接通，调节使电压表读数仍为记下此时的读数。逐步降低温控室的温度t到再测得4组t和的对应值；如表所示。

。

40

80

120

160

200

115.5

130.9

146.1

161.1

175.9

（1）滑动变阻器应选用________（填器材前字母）；

（2）在图乙的坐标纸上根据所描数据点，做出图线；（______）

（3）按照图甲实验时，某温度下电阻箱的相应读数如图丙所示，该读数为________Ω，则此时温控室的温度为________

（4）实验室制备乙烯时，需要将温度控制在某实验小组为此设计如图丁所示自动控温装置，设置温度在时，通过线圈M的电流达到30mA，衔铁被吸引，触点N闭合，加热器工作；已知线圈M直流电阻不计。利用该铂丝作为热敏元件，为达上述要求，图丁中应调整变阻箱为________Ω。

评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)31、（1）在如图所示的探究影响安培力大小的有关因素的实验中，把导线垂直放入磁场（磁感应强度为B）中，得出的安培力F与导线长度l、电流大小I有怎样的关系？

（2）当导线平行磁场方向放入时；它受到的安培力多大？

（3）当导线和磁场方向的夹角为θ时；它受到的安培力多大？

32、某兴趣小组设计制作了一种磁悬浮列车模型，原理如图所示，PQ和MN是固定在水平地面上的两根足够长的平直导轨，导轨间分布着竖直（垂直纸面）方向等间距的匀强磁场和二者方向相反．矩形金属框固定在实验车底部（车厢与金属框绝缘）．其中ad边宽度与磁场间隔相等，当磁场和同时以速度沿导轨向右匀速运动时，金属框受到磁场力，并带动实验车沿导轨运动．已知金属框垂直导轨的ab边长总电阻列车与线框的总质量悬浮状态下，实验车运动时受到恒定的阻力

（1）求实验车所能达到的最大速率；

（2）实验车达到的最大速率后,某时刻让磁场立即停止运动,实验车运动20s之后也停止运动；求实验车在这20s内的通过的距离；

（3）假设两磁场由静止开始向右做匀加速运动，当时间为时，发现实验车正在向右做匀加速直线运动，此时实验车的速度为求由两磁场开始运动到实验车开始运动所需要的时间。33、如图所示，竖直平面内有一宽L＝1m、足够长的光滑矩形金属导轨，电阻不计。在导轨的上、下边分别接有电阻R1＝3Ω和R2＝6Ω，在MN上方及CD下方有垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ和Ⅱ，磁感应强度大小均为B＝1T，现有质量m＝0.2kg、接入电路的电阻r＝1Ω的导体棒ab，在金属导轨上从MN上方某处由静止下落，下落过程中导体棒始终保持水平且与金属导轨接触良好，当导体棒ab下落到快要接近MN时的速度大小为v1＝3m/s，不计空气阻力，g取10m/s2。

(1)求导体棒ab快要接近MN时的加速度大小；

(2)若导体棒ab进入磁场Ⅱ后，棒中的电流大小始终保持不变，求磁场Ⅰ和Ⅱ之间的距离h；

(3)若将磁场Ⅱ的CD边界略微下移，使导体棒ab刚进入磁场Ⅱ时速度大小变为v2＝9m/s，要使棒在外力F作用下做a＝3m/s2的匀加速直线运动，求所加外力F随时间t变化的关系式。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；

由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小；所以AC正确，BD错误．

【点睛】

此题是关于变压器及电路的动态分析问题；在做电路的动态变化的分析题目时，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法；注意变压器次级电压是由初级电压和匝数比决定的．2、D【分析】【分析】

【详解】

选台就是调谐过程，因为接收到的电台电磁波与收音机调谐电路的频率相同，产生了电谐振，使f固=f电磁波；在接收电路中产生电谐振激起的感应电流最强。故D正确ABC错误。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．由图乙可知，交变电压的峰值为311V，有效值应为V；故A错误；

B．原线圈中交变电流的周期频率为所以副线圈中的频率也为50Hz，故C错误；

C．由于是交变电流；所以点火针和感应针的电势高低也在交替变化，故C错误；

D．已知则

所以匝数比可以为故D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

A．由题意可知这是电磁感应现象；木棍不能形成电流，故木棍不会烧着，A错误；

BCD．变化的电流能产生变化的磁场；变化的磁场可在铁块内部产生涡流，由于电流的热效应才把铁块烧红，CD错误，B正确。

故选B。5、D【分析】【详解】

弧长为L，圆心角为60°，则弦长：导线受到的安培力：F=BI•AC=由左手定则可知，导线受到的安培力方向：水平向左；故D，ABC错误。6、A【分析】【分析】

【详解】

磁感应强度竖直向下，B随时间增加；由楞次定律可知，变化的磁场产生的感生电场沿逆时针方向；小球带负电，小球所受电场力沿顺时针方向，即沿顺时针方向加速运动，BCD错误，A正确。

故选A。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．安检机是利用X射线的穿透作用来工作的；选项A错误；

B．安检门的金属检测仪是利用电磁感应原理来探测金属的；选项B错误；

CD．人体扫描仪利用了一种毫米波段的电磁波；其频率比可见光还低，可知人体扫描仪的图像可能是利用了红外线反射所成的像，选项C正确，D错误；

故选C。二、多选题(共9题，共18分)8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．紫外验钞机是利用紫外线照射印刷在钞票上的荧光文字；发出可见光，使这些文字能被肉眼看到，利用了紫外线的荧光效应，A项错误．

B．X射线具有较强的穿透能力；在医学上用它来透视人体，检查病变和骨折情况，B项错误．

C．γ射线具有极强的穿透能力；工业上的金属探伤就是利用这个原理，C项正确．

D．一切物体都在不停地辐射红外线；红外遥感技术就是利用这个原理，D项正确．

故选CD。9、A:C【分析】【详解】

质子带正电，且经过C点；其可能的轨迹如图所示：

所有圆弧所对圆心角均为60∘；

所以质子运行半径：(n=1，2，3，)，

质子在磁场中做圆周运动；洛伦兹力提供向心力；

由牛顿第二定律得：

得(n=1，2，3，)，

当n=1时，

当n=3时，

故AC正确；BD错误。

故选：AC。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由题可知；链球在转动过程中切割地磁场的竖直分量，由右手定则可知手握的一端电势比拴球的一端高，故B正确，A错误；

CD．由

得

故D正确；C错误。

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

AB．设N与M之间的距离为x，金属棒上滑过程，程据动量定理

而

整理得

选项A错误；B正确；

CD．金属棒下滑过程，根据动量定理

同理可得

选项C正确；D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．当cd向右运动时，受向左的安培力，ab受向右的安培力，且可知两棒组成的系统合外力不为零，则动量不守恒，选项A错误；

BC．cd获得速度后，电路中产生感应电流，根据左手定则得cd棒减速，ab棒加速，当

电路中磁通量不变，没有感应电流，最终两棒做匀速直线运动，分别对两棒列动量定理得

两式合并得

联立解得

对ab棒列动量定理得

解得

BC正确；

D．从cd获得初速度到二者稳定运动，此过程系统产生的焦耳热为

解得

D错误。

故选BC。13、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．设线框刚进入磁场的速度为v，据动能定理可得

解得

故两个线框进入磁场的速度相同，设线框底边宽为d，据

可知，甲产生的电动势是乙的2倍，由题意可知，甲线框总长是乙的2倍，即甲电阻是乙的2倍，由

可知，甲、乙中的电流相等，即

A错误；

B．在矩形线框进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电量为

其中

联立可得

甲的各边长是乙的2倍，故甲的面积是乙的4倍，又甲的电阻是乙的2倍，可得

B正确；

C．由题意知，甲进入磁场做匀速直线运动，满足

由于甲的质量是乙的2倍，底边长也是乙的2倍，故乙进入磁场时所受安培力与重力相等，也做匀速直线运动，设线框高度为L，进入磁场的时间为

线框产生的热量为

甲的电阻是乙的2倍，线框高是乙的2倍，故

C正确；

D．线框受到的安培力为

可得

D正确。

故选BCD。14、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由静止释放；当线圈平面向下摆，受到重力和水平向右的安培力，如果磁场很强则安培力很强而导体棒的重力很小，导体棒可能先减速后减速，因此速度不一定一直变大，则感应电流也不一定一直增大，故A错误；

B．边受安培力方向始终与磁场方向垂直；沿水平方向，故B错误。

C．通过横截面的电荷量为

故C正确；

D．根据能量守恒最低点时，边的速度

感应电动势

故D正确。

故选CD。15、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．线圈在图示位置时，ad边速度方向向里，bc边速度方向向外，根据右手定则知ad边中感应电流方向为a→d，bc边中感应电流方向为c→b；线圈中感应电流沿顺时针方向，A错误；

B．线圈转至图示位置时，线圈中的感应电动势为

B正确；

C．线圈转至图示位置时；线圈平面垂直中性面，穿过线圈的磁通量的变化率最大，C正确；

D．线圈转至图示位置时，线圈ad边所受安培力的大小

得

D错误。

故选BC。16、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．对于变压器有

所以

故A正确；

BCD．对于输出电路，总电阻为

所以A2示数为

则A1示数为

所以BC错误；D正确。

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

[1]．设粒子的入射点到磁场下边界的磁场宽度为d，画出粒子轨迹过程图，如图所示，

由几何关系可知：

第一个粒子的圆心为O1，由几何关系可知：R1=d；

第二个粒子的圆心为O2；由几何关系可知：R2sin30°+d=R2

解得：R2=2d；

故粒子在磁场中运动的轨道半径之比为：R1：R2=1：2；

[2]．粒子在磁场中运动的周期的公式为由此可知，粒子的运动的周期与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同；由粒子的运动的轨迹可知，两种速度的粒子的偏转角分别为90°、60°，所以偏转角为90°的粒子的运动的时间为偏转角为60°的粒子的运动的时间为所以在磁场中运动时间比为【解析】1:23:218、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据图像可知当的温度等于120℃时；热敏电阻的阻值。

R=2000Ω由串联电路特点及闭合电路欧姆定律得。

当的温度等于20℃时；热敏电阻的阻值。

R1=4000Ω由串联电路特点及闭合电路欧姆定律得。

联立解得。

E=5.04V【解析】5.0430019、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如图所示的电路中，当受到强光的照射下，的阻值减小；电流增大，则灯L会发光。

[2]当用遮光板盖住时，的阻值增大，电流减小，灯L不会发光。【解析】会不会20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次，此说法正确。【解析】正确21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据楞次定律，线圈中感应电流的方向为逆时针方向，所以a点电势大于b点电势。

[2]根据法拉第电磁感应定律得【解析】>2022、略

【解析】电场磁场qU比荷23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]粒子第一次进入磁场时弧半径为磁场左右边界间距的二倍，由洛伦兹力提供向心力得

A点到x轴的距离为

(2)[2]粒子在磁场中运动时间为

粒子进入电场后，在电场力的作用下又由O点返回磁场区域说明电场力的方向一定与v相反，再次进入磁场时速度方向与v相反，将向y轴负方向偏转做圆周运动，运动时间为

则在电场中运动的时间为

那么在电场中的运动有

求得

[3]粒子出磁场后到进入电场是匀速直线运动，达到电场的距离为

所用时间为【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】麦克斯韦电场25、略

【分析】【分析】

（1）根据电阻定律得出输电线的电阻；根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而根据P=UI求出升压变压器的输出电压；根据输电线上的电流和电阻求出输电线上的电压损失；根据变压比公式求解升压变压器原；副线圈的匝数比；

（2）根据输出电压和电压损失得出降压变压器的输入电压；结合电压之比等于原副线圈的匝数之比求出降压变压器的原副线圈匝数之比．

【详解】

（1）远距离输电的示意图，如图所示：

导线电阻：R线=ρ

代入数据得：R=40Ω

升压变压器副线圈电流：I2=I线

又I2R线=4%P

解得：I2=100A

根据P=U2I2

得：U2=100kV

根据变压比公式，有：

（2）降压变压器的输入电压为：U3=U2-I2R线=96kV

由

得：

【点睛】

解决本题的关键知道：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比之间的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压、电压损失之间的关系．【解析】1∶254800:11四、作图题(共4题，共36分)26、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向