2025年人教版PEP选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，一束单色光射入一玻璃球体，入射角为已知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行．此玻璃的折射率为()

A.B.1.5C.D.22、在a、b、c三种固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触其上一点，石蜡融化的范围分别如图甲所示，而a、b；c三种固体在融化过程中温度随加热时间变化的关系如图乙所示；则由此可判断出()

A.a为多晶体，b为非晶体，c为单晶体B.a为多晶体，b为单晶体，c为非晶体C.a为单晶体，b为非晶体，c为多晶体D.a为非晶体，b为多晶体，c为单晶体3、如图所示，两根粗细不同，两端开口的直玻璃管A和B竖直插入同一水银槽中，各用一段水银柱封闭着一定质量温度相同的理想气体，气柱长度水银柱长度今使封闭空气降低相同的温度（大气压保持不变），则两管中空气柱上方水银柱的移动情况是（）

A.均向下移动，A管移动较少B.均向下移动，A管移动较多C.均向下移动，两管移动的一样多D.水银柱的移动距离与管的粗细有关4、一次物理课上老师拿了一只微安表；用手左右晃动表壳，让同学们观察表针相对表盘摆动的情况．然后用导线把微安表的两个接线柱连在一起，再次以同样的方式晃动表壳，让同学们再次观察表针相对表盘摆动的情况，对比两次实验．下列判断和解释正确的是。

A.不连接接线柱时，晃动电表，由于表内没有电流，指针摆动幅度较小B.连接接线柱后，晃动电表，微安表内会形成闭合回路，造成指针打偏、降低灵敏度、失灵等C.连接接线柱后，晃动电表，由于电磁阻尼表针晃动幅度会变小，并能较快停下D.两次实验指针相对于表盘摆动的情况是一样的5、一列沿x轴方向传播的简谐横波，某时刻的波形如图所示．P为介质中的一个质点，从该时刻开始的一段极短时间内，P的速度和加速度的大小变化情况是。

A.变小，变大B.变小，变小C.变大，变大D.变大，变小6、以下有关近代物理的内容叙述正确的是A.放射性元素在发生衰变时2个中子和2个质子结合为一个粒子，设中子、质子和粒子的质量分别为则B.在关于物质波的表达式和中，能量和动量是描述物质的波动性的重要物理量，波长和频率是描述物质的粒子性的典型物理量C.在原子核发生衰变后，新核往往处于不稳定的高能级状态，会自发地向低能级跃迁D.重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、电磁炮是利用电磁力对弹体加速的新型武器．某小组用图示装置模拟研究电磁炮的原理．间距为0.1m的水平长导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为0.5T，左端所接电池电动势1.5V、内阻0.5Ω．长0.1m、电阻0.1Ω的金属杆ab静置在导轨上．闭合开关S后，杆ab向右运动，在运动过程中受到的阻力恒为0.05N，且始终与导轨垂直且接触良好．导轨电阻不计，则杆ab

A.先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动B.能达到的最大速度为18m/sC.两端的电压始终为0.25VD.先做加速度减少的运动，后做匀速直线运动8、下列关于分子动理论的说法中正确的是（）A.分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大B.分子力随着分子间距离的增大，可能先减小后增大C.物体温度越高，该物体内所有分子运动的速率不一定都增大D.显微镜下观察到墨水中的小颗粒在不停地做无规则运动，这就是液体分子的运动9、下列说法不正确的是（）A.布朗运动证明液体中的花粉颗粒在做永不停息地无规则运动B.某些物质能够生成种类不同的晶体，因为它的物质微粒能够形成不同的空间结构C.第二类永动机无法实现是因为违反了热力学第一定律D.表面张力是液体内部各部分之间的相互作用力10、如图所示，一带电小球在相互垂直的电场、磁场区域里做匀速圆周运动，电场方向竖直向下，磁场方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是（）

A.小球一定带正电B.小球一定带负电C.小球逆时针旋转D.小球顺时针旋转11、空间虚线上方存在匀强磁场，磁感应强度为B；一群电子以不同速率v从边界上的P点以相同的方向射入磁场．其中某一速率v0的电子从Q点射出；如图所示．已知电子入射方向与边界夹角为θ，则由以上条件可判断（）

A.该匀强磁场的方向是垂直纸面向里B.所有电子在磁场中的轨迹相同C.速率大于v0的电子在磁场中运动时间长D.所有电子的速度方向都改变了2θ评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、如图所示为圆柱形区域的横截面，在该区域加沿圆柱轴线方向的匀强磁场。带电粒子（不计重力）第一次以速度v1沿截面直径入射，粒子飞入磁场区域时，速度方向偏转60°角；该带电粒子第二次以速度v2从同一点沿同一方向入射，粒子飞出磁场区域时，速度方向偏转90°角。则带电粒子第一次和第二次在磁场中运动的半径之比为_______；速度之比为__________；周期之比为_________；时间之比为__________。13、如图所示的光电管实验中，当用波长3.0×10-7m的光照射在阴极K上时，电流表有示数，调节滑动变阻器，当电压表读数为3.0V时，电流表读数恰好为零；改用波长为1.5×10-7m的光照射在阴极K上时，调节滑动变阻器，当电压表读数为7.1V时，电流表读数也恰好为零．由此可得普朗克常量为__J·s，该阴极的逸出功为__J。已知电子电量为1.6×10-19C，光速c为3×108m/s；结果保留两位有效数字．

14、如图为逻辑电路图及其真值表，此逻辑电路为____________门电路，在真值表中X处的逻辑值为_________．

输入输出ABZ00001110X11115、如图，左侧竖直玻璃管固定，下端与汞压强计相连，上端封有一定量的气体。开始压强计的U形管两臂内汞面一样高，气柱长为10cm、温度为7℃。当气体温度升为27℃时：如需保持气体压强不变，则应向___________（选填“上”或“下”）适当移动右管；如需保持气体体积不变，则两侧玻璃管内的液面高度差应调整为___________cm（小数点后保留两位）。（大气压强相当于76cm汞柱产生的压强）

16、夏天的清晨在荷叶上滚动着一个个晶莹剔透的小露珠，这是由________导致的物理现象。分子势能和分子间距离r的关系图象如图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中_______（选填“A”；“B”、或“C”）的位置。

17、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

18、如图所示电路中，R1=100Ω，滑动变阻器的总电阻R=100Ω，A、B两端电压恒定，且UAB=12V．当S断开时，滑动变阻器R滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由_______V变至_______V；当S闭合时，滑动变阻器R滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由______V变至________V．

19、如图所示，小量程电流表的内阻为满偏电流为若把它改装成的两个量程的电压表，那么____________________

20、如右图所示，在圆心为O、半径为r的圆形区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，一电子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出匀强磁场，若已知∠AOB=120°，则电子穿越此匀强磁场所经历的时间是________。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)24、为了既能测出电池的电动势E和内阻r；同时又能测出待测元件的厚度d，兴趣小组用下列器材组装成一个电路：

A.电压表V1(量程1.5V；内阻很大)

B.电压表V2(量程1.5V；内阻很大)

C.电流表A(量程0.6A；内阻很小)

D.滑动变阻器R0(最大阻值20Ω；额定电流1A)

E.待测元件R(用电阻符号表示，电阻率ρ=3.5×10－5Ω·m)

F.电池组(电动势E、内阻r)

G.开关一只；导线若干。

实验时，把待测元件(形状和接入电路的电流方向如图乙所示)接入电路，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小(计算结果保留两位有效数字)

(1)请将设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整________________；

(2)每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点，标到U-I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，部分图像如图丙所示，则电池组的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω．

(3)该待测元件的厚度d=___________m；若把元件替换为长和宽均为L/2，厚度仍为d的新元件，接入电路的电流方向不变，则新元件在电路中的消耗最大电功率为___________W．25、一两端封闭的空心细长金属管，其材料的电阻率为ρ，某学习小组为了测量其内径d，进行了如下实验

（1）用刻度尺测量金属管的长度L，用螺旋测微器测出金属管的外径D，示数如图1所示，则D=_____mm．

（2）测量金属管的电阻Rx的电路如图2所示，其中电源为恒流电源，能为电路提供恒定的电流I0=3.00A，Rx为待测金属管的电阻，其允许通过的最大电流为2.00A，电压表、电流表、滑动变阻器均安全．电路接入恒流电源前，滑动变阻器的滑片应置于_________（填“a”或“b”）端附近，当滑动变阻器的滑片向初始位置的另一端滑动时，电压表的示数_________（填“增大”或“减小”）．该电路中_________（填“电压表”或“电流表”）的内阻对Rx的测量没有影响．

（3）某次实验中，若电压表的示数U=1.20V，电流表示数I=1.80A，则金属管的电阻测量值R测=___Ω．

（4）金属管的内径d=____________（用ρ、L、D、R测表示）．26、某同学用如图甲所示的实验装置做“用双缝干涉测光的波长”的实验，他用带有游标卡尺的测量头（如图乙所示）测量相邻两条亮条纹间的距离，转动测量头的手轮，使分划板的中心刻线对齐某一条亮条纹（将这一条纹确定为第一亮条纹）的中心，此时游标卡尺上的示数情况如图丙所示；转动测量头的手轮，使分划板的中心刻线对齐第6亮条纹的中心，此时游标卡尺上的示数情况如图丁所示．则图丙的读数x1=_____mm；图丁的读数x2=______mm．实验中所用的双缝间的距离d=0.20mm，双缝到屏的距离L=60cm，则实验中计算波长的表达式=________（用题目中给出的已知量和直接测量量的符号表示）．根据以上数据，可得实验中测出的光的波长=______nm．

27、用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻；被测电源是两节干电池串联成的电池组．可供选择的实验器材如下：

A．电流表；量程0.6A，内阻约为0.5Ω

B．电流表；量程100mA，内阻约为5Ω

C．电压表；量程3V，内阻约为3kΩ

D．电压表；量程15V，内阻约为5kΩ

E．滑动变阻器；0～1000Ω，0.1A

F．滑动变阻器；0～10Ω，2A

开关一个；导线若干。

(1)为了尽量得到较准确的实验结果，电流表应选________，电压表应选________，滑动变阻器应选________（填器材前面的选项字母）．

(2)有(甲)、(乙)两个可供选择的电路如图所示，为减小实验误差，应选___________电路进行实验．

（3）如图是根据实验记录数据画出的U－I图象，则由图可求出该电源电动势为___________V，该电源内阻为______Ω（结果保留2位有效数字）．

评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)28、如图所示，两根足够长的粗糙平行直导轨与水平面成α角放置，两导轨间距为l，轨道上端接一电容为C的电容器．导轨处于匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨平面斜向上．一质量为m的金属棒在沿平行斜面的恒力F作用下从静止开始沿斜面向上运动．已知重力加速度大小为g，金属棒与导轨之间的动摩擦因数为μ，忽略所有电阻，求：

(1)电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小的关系；

(2)回路中的电流强度大小．29、如图所示，一内壁光滑的绝缘圆管A固定在竖直平面内。圆环的圆心为O，D点为圆管的最低点，A、B两点在同一水平线上，AB=2L，圆环的半径为r=L（圆管的直径忽略不计），过OD的虚线与过AB的虚线垂直相交于C点。在虚线AB的上方存在水平向右的、范围足够大的匀强电场；虚线AB的下方存在竖直向下的、范围足够大的匀强电场，电场强度大小等于圆心O正上方的P点有一质量为m、电荷量为－q（q>0）的绝缘小物体（视为质点），PC间距为L。现将该小物体无初速释放，经过一段时间，小物体刚好沿切线从A点无碰撞地进入圆管内，并继续运动。重力加速度用g表示。

(1)虚线AB上方匀强电场的电场强度为多大？

(2)小物体从管口B离开后，经过一段时间的运动落到虚线AB上的N点（图中未标出N点），则N点距离C点多远？

(3)小物体由P点运动到N点的总时间为多少？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

作出光线在玻璃球体内光路图所示：

A、C是折射点，B反射点，OD平行于入射光线，由几何知识得，∠AOD=∠COD=60°，则∠OAB=30°，即折射角r=30°，入射角i=60°，根据折射定律有：故C正确，ABD错误。2、A【分析】【分析】

【详解】

单晶体是各向异性的，熔化在晶体表面的石蜡是椭圆形．非晶体和多晶体是各向同性，则熔化在表面的石蜡是圆形，因此c为单晶体，a、b可能是多晶体与非晶体，根据温度随加热时间变化的关系，可知a、c为晶体，b是非晶体．故A正确，BCD错误.3、A【分析】【详解】

D．因为大气压保持不变，封闭空气柱均做等压变化，放封闭空气柱下端的水银面高度不变，根据盖一吕萨克定律可得

则

即

化简得

则空气柱长度的变化与玻璃管的粗细无关；D错误；

ABC．因A、B管中的封闭空气柱初温T相同，温度的变化也相同，则与H成正比。又所以即A、B管中空气柱的长度都减小，水银柱均向下移动，因为所以

所以A管中空气柱长度减小得较少；A正确，BC错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

A；不连接接线柱时；晃动电表，指针随着晃动不断摆动，晃动幅度大，摆动的幅度就大，故A错误；

BCD、连接接线柱后，形成闭合回路，闭合线圈在磁场中运动会产生感应电流，从而出现安培阻力，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象，故BD错误，C正确．5、D【分析】【详解】

试题分析：由题图可得，简谐横波沿x轴正方向传播，波形向右平移，则P质点在该时刻的运动方向沿y轴正方向运动，正靠近平衡位置，位移减小，质点的速度变大．由知随着位移减小，加速度a减小，故C正确．

考点：考查了横波图像6、C【分析】【详解】

放射性元素在发生α衰变时2个中子和2个质子结合为一个α粒子，有质量亏损，即为△m=2m1+2m2-m3，故A错误．在关于物质波的表达式E=hv和中，能量E和动量p是描述物质的粒子性的重要物理量，波长λ和频率v是描述物质的波动性的典型物理量，故B错误．在原子核发生衰变后，新核往往处于不稳定的高能级状态，会自发地向低能级跃迁，选项C正确；重核的裂变过程和轻核的聚变过程都有能量放出，都有质量亏损，选项D错误.二、多选题(共5题，共10分)7、B:D【分析】【详解】

AD.通电瞬间安培力大于阻力，导体棒向右加速运动，随着速度增大，产生的感应电动势E′=BLv越大；感应电动势产生的电流方向与通电电流方向相反，所以电流强度逐渐减小，安培力逐渐减小，加速度逐渐减小，当安培力和阻力相等时速度最大，此时加速度为零，故A错误，D正确；

B.达到的最大速度时导体棒受力平衡，则有：BIL=f，解得I=1A，设此时导体棒切割磁感应线产生的感应电动势E′，则I=

解得：E′=0.9V，根据E=BLvm解得：vm=18m/s；故B正确；

C.由于杆做变加速运动，安培力变化、电流强度变化，则ab两端的电压发生变化；故C错误；

故选BD．8、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间距从平衡位置以内增大时；分子力先做正功，后做负功，分子势能随着分子间距离的增大，先减小后增大，A正确；

B．当分子间距从平衡位置以内增大时；分子力先表现为斥力减小，后表现为引力先变大后减小，选项B正确；

C．物体温度越高；分子平均动能变大，平均速率变大，但物体内所有分子运动的速率不一定都增大，选项C正确；

D．显微镜下观察到墨水中的小颗粒在不停地做无规则运动不是液体分子的运动；只是液体分子无规则运动的表现，选项D错误。

故选ABC。9、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．花粉颗粒在液体中的布朗运动只能说明液体分子在做无规则运动；不能说明花粉分子在做无规则运动，故A错误，符合题意；

B．物质能够生成种类不同的几种晶体；因为它们的物质微粒能够形成不同的空间结构，故B正确，不符合题意；

C．第二类永动机违背热力学第二定律；所以是制造不出来的，故C错误，符合题意；

D．表面张力是液体表面层分子间的作用力；故D错误，符合题意。

故选ACD。10、B:D【分析】【详解】

AB．小球在竖直平面内做匀速圆周运动；故重力和电场力平衡，重力竖直向下，则电场力竖直向上，而电场方向向下，故此小球带负电．故A错误；B正确；

CD．由左手定则，磁场从掌心穿入，洛伦兹力提供向心力指向圆心，四指指向负电荷运动的反方向，可判断小球沿顺时针方向运动，故C错误，D正确．11、A:D【分析】【分析】

电子进入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，根据左手定则判断磁场方向；电子在磁场中的轨迹与半径有关，由半径公式r=知；速率不同，轨迹半径不同．电子在磁场中速度方向改变的角度等于轨迹的圆心角，而电子运动时间与轨迹的圆心角成正比，据此即可分析电子在磁场中运动的长短．

【详解】

A．由图知；电子在P点受到的洛伦兹力方向沿P→O，如图，根据左手定则判断得知：匀强磁场的方向是垂直纸面向里．故A正确．

B．电子进入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由半径公式r=知；轨迹半径与电子的速率成正比，速率不同，轨迹半径不同，则轨迹就不同．故B错误．

CD．根据圆的对称性可知；所有电子离开磁场时速度方向与PQ线的夹角都是θ，则所有电子的速度方向都改变了2θ，由几何知识得知，所有电子轨迹对应的圆心角都是2θ，则所有电子在磁场中运动的时间都相同．故C错误，D正确．

【点睛】

本题是磁场中直线边界问题，掌握左手定则和轨迹半径的基础上，抓住圆的对称性，确定速度的偏向角与轨迹的圆心角，即可比较磁场中运动的时间．三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【分析】

粒子进入磁场时，受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，速度的偏向角等于轨迹对应的圆心角，再可求出轨迹对应的圆心角由求解时间之比；根据几何知识求出轨迹半径之比，由半径公式求出速度之比．

【详解】

设圆柱形区域为R。带电粒子第一次以速度沿直径入射时；轨迹如图所示：

粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转60°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为带电粒子第二次以速度沿直径入射时，粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转90°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为所以轨迹半径之比：时间之比：根据半径公式得速度之比：根据可知；周期之比为1：1。

【点睛】

本题关键要掌握推论：粒子速度的偏向角等于轨迹的圆心角，运用几何知识求出半径关系，就能正确解答【解析】111:12：313、略

【分析】【详解】

[1][2]光电流恰好为零，表明光电子的最大初动能为

根据光电效应方程，用波长的光子照射光电管，当光电管上反向电压达3V时有

波长1.5×10-7m的光照，当电压表读数为7.1V时，灵敏电流表读数为零；则有

代入数据可解得【解析】14、略

【分析】【详解】

[1][2]该逻辑电路为或门电路，因为或门只要输入端有一个输入为“1”，输出为“1”，即在真值表中X处的逻辑值为1。【解析】或115、略

【分析】【详解】

[1]若需保持气体压强不变；根据盖—吕萨克定律可知气体温度升高，则体积增大，所以左侧汞面下降，而汞的总体积不变，且末状态下左；右汞面应仍保持在同一高度，则末状态下右侧汞面应更加靠近管口，所以应向下适当移动右管。

[2]开始时封闭气体的压强和温度分别为

末状态下气体温度为

如需保持气体体积不变，设末状态下气体压强为p1，根据查理定律有

解得

根据平衡条件可知

解得两侧玻璃管中液面高度差对应的压强为

即两侧玻璃管内的液面高度差应调整为5.43cm。【解析】下5.4316、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小露珠由于表面张力呈现球形状；能在荷叶上滚动，是因为荷叶表面的不浸润。

[2]液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，则液体表面层分子间作用力表现为分子间引力，当分子间引力和斥力相等时分子势能最小，此时分子力表现为引力，分子间距离应大于最小分子势能对应的距离，故应是图像中的C点。【解析】①.表面张力/不浸润②.C17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收18、略

【分析】【分析】

当电键S断开时；滑动变阻器滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V，当滑片滑到最下端时，电压表示数最小，由欧姆定律求出；

当电键S闭合时；电压表示数最大值不变，滑片滑到最下端时，电压表示数为零；

【详解】

当电键S断开时，当滑动变阻器滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V，滑片滑到最下端时，变阻器与电阻串联，电压表示数最小，最小值为即滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由变至

当电键S闭合时，滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V；

滑片滑到最下端时，电阻R1被短路，电压表示数为零，即滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由变至．

【点睛】

本题考查对变阻器两种接法的理解：S断开时变阻器为限流器，S闭合时，变阻器为分压器．运用欧姆定律求解电压范围．【解析】12612019、略

【分析】【详解】

[1]由题意知量程时，由

得

[2]量程为时，由

得【解析】4500##5000##20、略

【分析】弧AB对应的圆心角为60°，所以经历的时间为而粒子运动的半径为根据几何知识可得所以【解析】四、作图题(共3题，共18分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)24、略

【分析】【分析】

测电源电动势与内阻实验时；电压表测路端电压，随滑动变阻器接入电路阻值的增大，电压表示数增大；电阻两端电压随滑动变阻器阻值增大而减小；根据电压表示数变化确定各电路元件的连接方式，然后作出实验电路图；电源的U-I图象与纵轴的交点示数是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．

【详解】

（1）由于电流表既要测量R的电流；又要测量干路中的电流，故滑动变阻器只能采用限流接法，如图所示：

（2）由可得由题意可知，图丙中倾斜向下的直线为图像，图像的纵截距表示电源电动势，故E=1.5V，

（3）由题意可知，图丙中倾斜向上的直线为图像，由图线可知，待测元件的电阻根据以及图乙可知解得由于新元件电阻R与原元件R相同，当时，新元件的功率最大，此时的最大电流故最大功率

【点睛】

本题要注意图象的应用，明确电源的U-I图象与纵轴的交点是电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，求电源内阻时要注意看清楚纵轴坐标起点数据是多少，否则容易出错．【解析】1.51.01.8×10-40.5025、略

【分析】【详解】

（1）螺旋测微器的固定刻度为2.0mm；可动刻度为9.7×0.01mm=0.097mm；

所以最终读数为2.0mm+0.0.097mm=2.097mm．

（2）为了使得通过的电流小，应让滑动变阻器分流大点，所以应在b端附近；当滑动变阻器向a端移动过程中，其连入电路的电阻增大，因为干路电流恒定，流经待测电阻的电流增大，所以并联电路两端电压增大，即电压表示数增大，因为我们需要测量两端电压，所以电流表的示数对的测量没有影响；

（3）根据欧姆定律可得

（4）根据电阻定律因为解得．【解析】2.097（2.096~2.098）b增大电流表1.00

26、略

【分析】【详解】

[1]图丙中的主尺读数为1mm，游标尺读数为0.05×3mm=0.15mm，所以图丙的读数x1=1mm+0.05×3mm=1.15mm

[2]丁中的主尺读数为8mm，游标尺读数为0.05×19mm=0.95mm，所以图丁的读数x2=8mm+0.05×19mm=8.195mm

[3]相邻两个亮条纹的距离

实验中计算波长的表达式

[4]把数据代入公式，得【解析】1.158.9552027、略

【分析】【分析】

（1）根据二节干电池的电压约为3V；则根据电压值及实验中的基本要求可以选取电流表及电压表；

（2）甲图误差来源于电