2025年青岛版六三制新必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年青岛版六三制新必修3物理上册阶段测试试卷84考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成；下列说法正确的是（）

A.甲表是电流表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R减小时量程增大D.乙表是电压表，R增大时量程减小2、如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直指向纸内，且和匀强磁场B垂直；则在图中圆周上，磁感应强度数值最大的点是（）

A.a点B.b点C.c点D.d点3、如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速后以速度垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是两平行板间的距离为电势差是板长是每单位电压引起的偏移量（）叫做示波管的灵敏度；为了提高灵敏度，可采用的方法是（）

A.增大两极板间电势差B.尽可能使极板长做得长些C.尽可能使板间距离增大些D.使电子的入射速率大些4、如图所示，竖直平面内有一圆心为半径为的圆，水平直径的A、C两端点分别固定点电荷为竖直直径，为OB的中点，且P、D两点的电势差为一带电荷量为质量为的小球以一定初速度从点开始竖直向下运动，经过点时加速度大小为在P、B间运动时加速度大于忽略小球所带电荷对电场的影响，重力加速度为取无穷远处为零电势点。则小球从到的过程中（）

A.经过点时的速度最小B.经过点时的加速度大于C.机械能先增大后减小D.初动能大于5、如图所示，四个点在同一条直线上，分别把两个正、负点电荷置于两点。两点间的电势差用表示，点的电场强度用表示。若只把点处的点电荷的电荷量减半；则（）

A.变大，变大B.变小，变小C.变小，变大D.变大，变小6、如图所示，M、N为平行板电容器的两个金属极板，G为静电计，开始时闭合开关S；静电计张开一定角度．则下列说法正确的是。

A.开关S保持闭合状态，将R的滑片向右移动，静电计指针张开角度增大B.开关S保持闭合状态，将两极板间距增大，静电计指针张开角度增大C.断开开关S后，将两极板间距增大，板间电压不变D.断开开关S后，紧贴下极板插入金属板，板间场强不变评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，空间分布着匀强电场，竖直方向的实线为其等势面，一质量为带电量为的小球从O点由静止开始恰能沿直线OP运动，且到达P点时的速度大小为重力加速度为（规定O点的电势为零）；下列说法正确的是（）

A.电场强度的大小B.P点的电势C.P点的电势能D.小球机械能的变化量为8、如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度为0；则下列说法中正确的是（）

A.直导线中电流方向垂直纸面向里B.d点的磁感应强度为0C.a点的磁感应强度为2T，方向向右D.b点的磁感应强度为方向斜向下，与B成角9、如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法中正确的是（）

A.M带正电荷，N带负电荷B.M在b点的动能小于它在a点的动能C.N在d点的电势能等于它在e点的电势能D.b点的电势比a点的电势低10、如图所示，CD为上下两匀强磁场的理想边界，初始时，两匀强磁场的磁感应强度均为B0，方向相反。金属圆环的直径与两磁场的边界CD重合，AB与CD垂直且过圆心。下列说法正确的是（）

A.同时以相同变化率增大上下磁场，线圈内无感应电流B.沿AB把左侧金属圆环折90°，线圈的磁通量是初始时的一半C.沿AB把左侧金属圆环折90°，只增大上部磁场磁感应强度，线圈无感应电流D.沿CD把下侧金属圆环折90°，只增大上部磁场磁感应强度，线圈有感应电流11、如图所示，M、N两点固定等量异种点电荷，M、N连线上有a、b、o、c、d五个点，o为M、N连线中点，一点电荷P从a点由静止释放，P仅在电场力作用下依次通过b、o、c、d各点，通过o点时P的速度大小为v。下列说法正确的是（）

A.P从a点运动到d点的过程中，速度先增大后减小B.P通过d点时的速度大小为C.P通过c点时的速度大小为D.P从a点运动到d点的过程中，最大加速度与最小加速度大小之比为12、如图所示，相距为2d的A、B两个点电荷固定于竖直线上，电荷量分别为+Q和-Q。MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，与AB连线间的距离为d，C、D是细杆上与A、B等高的两点，O点是CD中点。一个质量为m、电荷量为+q的带电小球P（可视为点电荷，放入电场后不影响电场的分布）穿过细杆，由C点静止开始释放，向下运动到O点时速度大小为v。已知静电力常量为k，重力加速度为g。则（）

A.C、D两点电势φC=φDB.C、D两点的电场强度大小相等C.O点处的电场强度大小E=D.小球P经过D点时的速度大小为2v13、在空间某区域存在一电场，x轴上各点电势随位置变化情况如图所示，从-x1到x1之间为曲线，其余均为直线，且关于纵轴对称．若在x轴上的电场方向就在轴上；将一个只受电场力作用的带正电的粒子由静止释放后，下列论述正确的是()

A.A、B两点的电场强度的大小相等，方向相反B.粒子从A点释放，到O点时加速度为零C.粒子从A点释放，能过B点.D.无论粒子从哪一点释放,都会以最大动能过O点．14、如图所示，平行板电容器两个极板为板接地，板带电荷量板间电场内有一固定点以下说法正确的是（）

A.若将板固定板下移时，点的电场强度不变，点电势不变B.若将板固定板下移时，点的电场强度不变，点电势升高C.将板固定板上移时，点的电场强度不变，点电势降低D.如果板距离不变，将板向左移动，点的电场强度增大，点电势升高15、USB电风扇体积小；便于携带；并且采用了新型的无刷直流电机，比传统的马达风扇更安静、更省电。目前，USB电风扇已经成了上班族、学生党的常备利器。关于USB电风扇，以下说法正确的是（）

A.风扇正常工作时，同一扇叶上各点角速度大小相等B.风扇正常工作时，同一扇叶上各点线速度大小相等C.若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，则电机消耗的总功率：P总=UID.若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，则电机输出机械功率：P出<UI评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为900N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10－9C的正点电荷，则A处场强大小EA＝________N/C，B处的场强大小EB＝________N/C．

17、尖端放电：所带电荷与导体尖端的电荷符号相反的粒子，由于被______，而与尖端上的电荷______，相当于导体从尖端______的现象．18、静电力做功的特点。

在匀强电场中移动电荷时，静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置_______，与电荷经过的路径______。19、在点电荷+Q的电场中，常正电检验电荷q=2.0×10-9C在A点受到的电场力F=2.0×10-7N，则A点的电场强度EA=______N/C．将q从A点移至无穷远处，电场力做了4.0×10-7J的功，取无穷远处电势为零，则A点的电势φA=_______V．20、在绵阳南山中学物理实验室中，甲同学用螺旋测微器测一金属丝直径时，仪器刻度的位置如左下图所示，则金属丝为__________mm；该同学又用游标卡尺测一金属球直径时，仪器刻度的位置如右下图所示，则金属球的直径为__________cm。

21、已知灵敏电流计的满偏电流为1mA，内阻为若要将它改装成量程为3V的电压表，应串联一个___________的电阻，改装完成后，若某次测量电压时灵敏电流计指针指向位置，则对应电压测量值为___________V。（保留两位有效数字）评卷人得分四、作图题(共1题，共2分)22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共4分)23、某同学要研究一小灯泡L（3.6V；0.30A）的伏安特性，所用器材有∶

A．电流表A1（量程500mA，内阻Rg1=1.0Ω）

B．电流表A2（量程200mA，内阻Rg2=10.0Ω）

C．定值电阻R0（阻值R0=10.0Ω）

D．滑动变阻器R1（最大阻值100Ω）

E．滑动变阻器R2（最大阻值10Ω）

F．电源E（电动势4.5V；内阻很小）

G．开关S和若干导线。

（1）请在图中画出你设计的实验电路图，要求尽可能测量准确，请在图中注明所选仪器____。

（2）若I1、I2分别为流过电流表A1和A2的电流，利用I1、I2、Rg2和R0写出∶小灯泡两端的电压U=________。

（3）为保证小灯泡的安全，I2不能超过____mA。

（4）实验时，调节滑动变阻器，使开关闭合后两电流表的示数为零。逐次改变滑动变阻器滑片位置并读取相应的I1和I2，所得实验数据在下表中给出。根据实验数据可算得，当I2=144mA时，灯丝电阻R=____Ω（保留1位小数）。I1/mA171229299379424470I2/mA325585125144173评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)24、如图所示，电源电动势求：

（1）闭合电键K，电路稳定时，电容器所带的电荷量为多少？

（2）电键K从闭合到断开，通过电阻的电荷量是多少？

25、如图所示为一种测定风作用力的仪器原理图，P为金属球，悬挂在一细长金属丝上面，O是悬挂点，R0是保护电阻，CD是水平放置的光滑电阻丝，与细金属丝始终保持良好的接触．无风时细金属丝与电阻丝在C点接触，此时电路中电流I0，有风时金属丝将偏转一角度，角θ与风力大小有关，已知风力方向水平向左，OC＝h，CD＝L，球质量为m，电阻丝单位长度电阻为k，电源内阻和金属丝电阻均不计，金属丝偏转θ角时，电流表示数为I′，此时风力大小为F．试写出：

（1）风力大小F与θ的关系式；

（2）风力大小F与电流表示数I′的关系式．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

AB．甲表是电流表，R增大时；甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确；

CD．乙表是电压表，R减小时，乙表中变阻器分压减小，量程减小。R增大时；乙表中变阻器分压增大，量程增大，故CD错误。

故选B。2、A【分析】【分析】

【详解】

由电流的安培定则可知电流产生的磁场在a点的方向水平向右，c点水平向左，b点竖直向下d点竖直向上；且四点磁感应强度大小相等，根据矢量合成法则可知磁感应强度最大值为a点。

A.a点与分析相符；A正确。

B.b点与分析不符；B错误。

C.c点与分析不符；C错误。

D.d点与分析不符，D错误3、B【分析】【详解】

粒子通过偏转电场的时间

竖直方向上的电子加速度为

电子的偏离距离为

灵敏度为

故想要提高灵敏度；可以增大板长；减小板间距离、减小初速度，故ACD错误，B正确。

故选B。4、D【分析】【详解】

A．设点的场强大小为则在点有

可得

又小球在P、B间运动时加速度大于则P、B间场强大于且方向竖直向下。根据对称性可知小球在OD中点所受合力为零，小球先减速后加速，在OD中点时速度最小；A错误；

B．点的场强为零，小球在点只受重力，加速度大小为g；B错误；

C．从到的过程中电场力先做负功后做正功；小球的机械能先减小后增大，C错误；

D．设OD中点为根据对称性可知，P、F电势相等，则F、D两点的电势差也为U，从到电场力大于重力，小球做减速运动，从到小球做加速运动，即小球到达点时速度不为0，就能到达点，使小球能经过点即可到达点，由

有

D正确。

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

点处的正电荷和点处的负电荷在点产生的场强方向均向右，只把点处的点电荷的电荷量减半，点处的点电荷在点产生的场强不变，点处的点电荷在点产生的场强减小，方向不变，根据叠加原理可知，变小。同理可知，两点之间的连线上任意点的场强均变小，而两点间的距离不变，则变小。

故选B。6、D【分析】【详解】

AB．保持开关闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差总不变，因此无论将R的滑片向右移动；还是将两极板间距增大，指针张角不变，故A，B错误；

C．断开电键，电容器带电量不变，将两极板间距增大，即d增大，根据知，电容减小，根据知；电势差增大，故C错误；

D．断开电键，电容器带电量不变，若紧贴下极板插入金属板，则d减小，知，电容减小，根据知，极间的电场强度不变，故D正确；二、多选题(共9题，共18分)7、B:D【分析】【详解】

A．小球沿直线OP运动，合力沿OP方向；如图所示。

则有

解得故A错误；

BC．设OP=L，根据动能定理得

解得电场力做功

根据

解得

根据

且解得

则P点的电势能为

故B正确；C错误；

D．小球机械能的变化量等于电场力做的功，为

故D正确。

故选BD。8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据题意可知点的磁感应强度为0，则直导线在点的磁感应强度水平向左；根据安培定则可知直导线的电流方向垂直纸面向外，故A错误；

B．直导线在点的磁感应强度竖直向上；匀强磁场的磁感应强度水平向右，合磁感应强度不为0，故B错误；

C．直导线在点的磁感应强度水平向右，与匀强磁场的磁感应强度方向相同，结合点的磁感应强度为0可知a点的磁感应强度为2T；方向向右，故C正确；

D．直导线在点的磁感应强度竖直向下，与匀强磁场的合磁感应强度为方向斜向下，与B成角；故D正确。

故选CD。9、B:C:D【分析】【详解】

A．由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷；故A错误；

B．M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能；故B正确；

C．d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能；故C正确；

D．正电荷固定在O点，电场线从O点向外，沿着电场线方向，电势降低，故b点电势低于a点电势；故D正确。

故选BCD。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．初始时圆环内磁通量为零；同时以相同变化率增大磁场，磁通量依然为零，磁通量不变，线圈内无感应电流，A正确；

B．沿把左侧金属圆环折磁通量也为零，B错误；

C．沿把左侧金属圆环折只增大上部磁场，磁通量向里变大，有感应电流，C错误；

D．沿把下侧金属圆环折磁通量向里，磁感应强度增大，磁通量增加，有感应电流，D正确。

故选AD。11、B:D【分析】【详解】

A．P从a点运动到d点的过程中；电场力方向不变，速度一直增大，A错误；

B．P从a点运动到o点和从o点运动到d点的过程中电场力做功相等，根据动能定理

P通过d点时的速度大小为

B正确；

C．若为匀强电场，从o点运动到c点的过程中

得

而oc间场强的平均值小于ao间场强的平均值，则P通过c点时的速度小于C错误；

D．设MN间距为r，a、d两点加速度最大

o点加速度最小

得

D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【详解】

A．由等量异号电荷电场线分布可知，C点电势高于D点电势；故A错误；

B．由电场强度的叠加可知CD两点的电场强度大小相等；故B正确；

C．正点电荷Q在O点产生的场强大小为

负点电荷Q在O点产生的场强大小为

如图所示。

由电场强度的叠加可得O点处的电场强度

故C正确；

D．从C到O与从O到D重力及电场力做功相同，从C到O过程，根据动能定理有

从O到D过程，根据动能定理有

联立解得故D错误。

故选BC。13、A:B【分析】【分析】

利用电场强度与图像的关系来分析．

【详解】

图像上各点的切线斜率大小等于电场强度大小，所以A、B两点的电场强度的大小相等；带正电的粒子从A到O点，电势是从高到低，电场力做正功，再从O到A点，电势由低到高，电场力做负功，所以A、B两点的电场强度方向相反；故A正确；

B．粒子从A点释放，到O点时，在O点的场强为零；此时粒子加速度为零，故B正确；

C．图像关于纵轴对称，正电粒子从A点释放到O点是加速运动，粒子再从O点到B点是减速运动，因距离所以粒子从A点释放，不能过B点；故C错误；

D．因O点的场强为零，电势最低，在到区间内各点的电势都比O点高，因此，只有粒子在到区间哪一点释放,才会以最大动能过O点；故D错误；

故选AB．14、A:C:D【分析】【详解】

AB．根据题意可知，电容器两板所带电量不变，正对面积不变，板下移时，根据推论可知，点的电场强度不变，点与下板的距离不变，根据公式可得，点与下板的电势差不变，则点的电势不变；故B错误，A正确；

C．将板固定板上移时，同理可知，点的电场强度不变，点与下板的距离变小，根据公式可得，点与下板的电势差变小，而点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，所以点电势降低；故C正确；

D．如果板距离不变，将板向左移动，则正对面积减小，同理可知，点的电场强度增大，根据公式可得，点与下板的电势差变大，而点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，则点电势升高；故D正确；

故选ACD。15、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．风扇正常工作时；同一扇叶上各点属于同轴转动，角速度大小相等，选项A正确，B错误；

C．若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，则电机消耗的总功率：P总=UI；选项C正确；

D．若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，电机消耗的总功率：P总=UI，同时又由于电动机线圈生热消耗一部分能量，因此电机输出机械功率：P出<UI；选项D正确。

故选ACD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

[1][2]由E＝k点电荷在A处产生的场强E1＝900N/C

方向向左，而水平方向的匀强电场，场强大小为E0=900N/C，所以A处合场强为零．

点电荷在B处产生的场强E2＝900N/C

方向向下；

根据矢量合成可知：B处合场强为=1.27×103N/C【解析】01.27×10317、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】吸引中和失去电荷18、略

【分析】【详解】

略【解析】①.有关②.无关19、略

【分析】【详解】

根据电场强度的定义可知根据电势的定义式可知，．

【点晴】

解决本题关键理解电势的定义，即电场中某点的电势等于将单位正电荷从电场中某点移动到零电势点电场力所做的功．【解析】10020020、略

【分析】【详解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9721、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]要将它改装成量程为3V的电压表，应串联的电阻

[2]对应电压测量值为【解析】①.2900②.0.90四、作图题(共1题，共2分)22、略

【分析】【分析】

【详