2025年冀教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版必修3物理上册月考试卷317考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、某同学按照如图所示连接了电路，利用电流传感器研究电容器的充电和放电过程，先使开关S接1，电容器充电完毕后将开关掷向2，可视为理想电流表的电流传感器将电流信号传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I-t曲线，如图所示。定值电阻R已知，且从图中可读出最大放电电流I0以及图线与坐标轴围成的面积S；但电源电动势；内电阻、电容器的电容均未知，下列说法中正确的是（）

A.根据题目所给的信息能求出电源电动势和内电阻B.电容器放电过程中电阻R两端的电压变大C.根据题目所给的信息能求出电容器的电容D.由计算机采集的电流可知流过电阻R的电流方向规定向右为正2、下列关于电流的说法中，错误的是（）A.导体中没有电流时，说明导体内部的电荷没有移动B.电源的作用不是使电路中产生电荷，而是使电路中的电荷发生定向移动C.由可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多D.恒定电流是由恒定电场产生的3、关于能源的开发和应用，下列说法中不正确的是（）A.能源应用的过程就是内能完全转化为机械能的过程B.化石能源的能量归根结底来自于太阳能C.在广大的农村推广沼气前景广阔、意义重大，既变废为宝，减少污染，又大量节约能源D.随着科学技术的发展，煤炭资源将逐步被其他清洁能源所取代4、某手机电池铭牌如图所示；根据图中信息，以下说法正确的是（）

A.800mAh是指电池储存的能量B.3.7V是指该电池在单位时间内移动1C电荷能把3.7J的其他形式能量转化为电能C.该手机在浏览文件时该电池的路端电压小于3.7VD.当该电池以0.1A的电流对外放电时最少可以使用8h5、下列说法正确的是（）A.由E=可知，电场中某点的场强E的大小与检验电荷在该点所受静电力F成正比，与检验电荷的电荷量q成反比B.由E=可知，真空中静止点电荷的电场中，某点场强E的大小与场源电荷的电荷量Q成正比，与该点与场源电荷距离r的平方成反比C.由φ=可知，电场中某点的电势φ与检验电荷在该点的电势能Ep成正比，与检验电荷的电荷量q成反比D.初速度为零的负电荷，在电场中，只受电场力，一定朝电势低的地方运动6、如图所示，平行板电容器C、理想二极管D与稳压电源U连成电路。若两极板的间距稍微增大；则下列说法正确的是（）

A.两板间的电压将不变B.两板间的电压将增大C.电容器的带电量将增大D.两板间的电场强度将增大7、关于静电场，下列说法正确的是（）A.沿电场线的方向电势一定降低B.只适用于点电荷产生的电场C.油滴所带的电荷量可能是8.8×10﹣19CD.由可知，若电容器两极板间的电压改变，则电容器的电容一定改变8、用三个电动势均为1.5Ｖ、内阻均为0.5Ω的相同电池串联起来作电源，向三个阻值都是1Ω的用电器供电，要想获得最大的输出功率，在如图所示电路中应选择的电路是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，电源内阻不可忽略，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，阻值随温度的升高而减小，C为电容器；闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，电压表为理想电表，则下列判断正确的是（）

A.若R1不变，当温度降低时电压表的示数减小B.若R1不变，当温度降低时油滴向上移动C.若温度不变，当电阻箱R1的阻值增大时，电容器C的电荷量减少D.若R1不变，温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时油滴向下移动10、如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，环的A、B及其以下部分处于水平向左的匀强电场中，管的内壁光滑。现将一质量为m，带电荷量为+q的小球从管中A点由静止释放，已知qE=mg；以下说法正确的是（）

A.小球释放后，到达最低点D时速度最大B.小球释放后，到达B点时速度为零，并在BDA间往复运动C.小球第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力大小之比为5︰1D.小球第一次和第二次经过最高点C时对管壁的压力大小之比为1︰5，且方向相同11、如图甲，移动滑动触头可以改变电源的路端电压，在图乙所示的图像中；三条曲线1；2、3分别为电源消耗的功率、电源的内阻消耗的功率、电源的输出功率与路端电压的关系，则（）

A.电源的电动势为B.电源的内阻为C.滑动变阻器的最大阻值为D.电源的最大输出功率为12、水平放置的光滑绝缘环上套有三个带电小球，小球可在环上自由移动。如图所示是小球平衡后的可能位置。图甲中三个小球构成一个钝角三角形，A点是钝角的顶点。图乙中三个小球构成一个锐角三角形，其中三角形边长下列说法正确的是（）

A.图甲中B两个小球一定带异种电荷B.图甲中三个小球一定带等量电荷C.图乙中三个小球一定带同种电荷D.图乙中三个小球带电荷量的大小为13、某静电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，x轴正方向为场强正方向，一个带负电的点电荷只在电场力的作用下以一定初速度沿x轴正方向运动，x1、x2、x3、x4四点间隔相等；则（）

A.点电荷在x2和x4处电势能相等B.点电荷由x1运动到x3的过程中电场力做负功C.x1、x2两点之间的电势差小于x3、x4两点之间的电势差D.点电荷由x1运动到x4的过程中电场力先沿方向后沿方向14、为了测定某平行于纸面的匀强电场的场强，某同学进行了如下操作：取电场内某一位置O点为坐标原点建立x轴，选取x轴上到O点距离为r的P点，以O为圆心、r为半径作圆，如图甲所示；从P点起逆时针沿圆周测量圆上各点的电势φ和转过的角度θ；当半径r分别取r0、2r0、3r0时，绘制φ-θ图线如图乙所示。乙图中曲线①、②、③均在θ=θ0时达到最大值，最大值分别为4φ0、3φ0、2φ0。下列说法正确的是（）

A.O点为电势零点B.曲线①、②、③的交点M和N在同一等势线上C.场强方向与x轴正方向的夹角为θ0D.场强的大小为15、如图所示；用金属网把不带电的验电器罩起来，再使带电金属球靠近金属网，则下列说法正确的是

A.箔片张开B.箔片不张开C.金属球带电电荷足够大时才会张开D.金属网罩内部电场强度为零评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示，一带负电的导体球M放在绝缘支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N挂在横杆上。当小球N静止时，丝线与竖直方向成角，由此推断小球N带_______电荷（选填“正”或“负”）。现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则丝线与竖直方向的夹角将_________（选填“变大”或“变小”）。

17、某地地磁场的磁感应强度的水平分量是3.0×l0-5T，竖直分量是4.0×10-5T，则地磁场磁感应强度的大小为_______T，在水平面上，面积为5m2的范围内，地磁场的磁通量为_______Wb。18、热辐射。

（1）概念：一切物体都在辐射电磁波，且辐射与物体的___________有关；所以叫热辐射。

（2）特点：温度升高时，热辐射中波长较___________的成分越来越强。

（3）黑体：能够完全吸收入射的各种波长的___________而不发生反射。19、原子光谱∶由于原子的_____是分立的，所以放出的光子的_____也是分立的，因此原子的_______只有一些分立的亮线。20、空气的电离：在一定条件下，导体尖端电荷______很大，导体尖端周围的强电场使空气中残留的带电粒子发生剧烈运动，并与空气分子碰撞从而使空气分子中的正负电荷______的现象．21、下面三个图为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验；请将正确的结论填在横线上．两平行板之间的电场可以视为匀强电场．给电容器充电后与电源断开，那么。

（1）若保持板间距离d不变，正对面积S变小，则两板电容C________，板间电势差U________．

（2）若保持S不变，d变大，两板电容C________，板间电场强度E________．

（3）若保持S和d都不变，插入介质板后，则板间电势差U________，板间电场强度E________（填“变小”、“变大”或“不变”）22、写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数。游标卡尺的读数___________cm；螺旋测微器的读数___________mm。

评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)24、利用高电阻放电法研究电容器的充放电，实验是利用高阻值电阻延长充放电时间，绘制电容器充放电电流与时间的i-t图像来研究电容器的充放电规律。

某同学先按图甲所示电路连接好实验电路。然后继续实验操作如下：

(1)先接通开关S1、S2，调节电阻箱R的阻值，使微安表的指针偏转接近满刻度，记下这时微安表的示数i0=500μA、电压表的示数U0=6.0V，此时电阻箱R的阻值为8.5kΩ，则微安表的内阻为_____kΩ。

(2)断开开关S2，同时开始计时，每隔5s或10s读一次电流i的值，将测得数据填入预先设计的表格中，根据表格中的数据在坐标纸上标出以时间t为横坐标、电流i为纵坐标的点，如图乙中用“×”表示的点。请在图乙中描绘出电流随时间变化的图线_____。

(3)根据图线估算出该电容器在整个放电过程中放出的电荷量约为_____C；（结果保留两位有效数字）

(4)根据公式_____来计算电容器的电容。（只要求写出表达式，不要求计算结果）25、一待测电阻阻值约为500Ω；为了较准确测量该电阻的阻值，某同学从实验室找来了下列器材：

电流表A1(量程0～40mA、内阻r1＝10Ω)

电流表A2(量程0～50mA；内阻约10Ω)

滑动变阻器R(阻值范围0～500Ω)

定值电阻R0(阻值R0=100Ω)

电源E(电动势5V)

开关；导线若干。

(1)实验中要求操作方便，在方框内画出符合要求的电路图_________；

(2)用I1、I2分别表示电流表A1、A2的示数，则待测电阻的阻值为____________（用已知字母表示）；

(3)从设计原理看，其测量值与真实值相比____________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。26、螺旋测微器读数为______游标卡尺读数为______多用电表选择开关此时指向直流电流挡，则此时所测电流为______

27、在测量某电源的电动势和内阻时；为了消除电表内阻造成的系统误差，某实验小组设计了如图甲所示的电路进行测量。图中电压表满偏电压为3V，电流表满偏电流为50mA，电阻箱最大阻值为999.9Ω。

实验主要步骤如下：

①按照图甲连接实物电路。断开所有开关；将电阻箱连入电路的阻值调到最大；

②只闭合S0，调节电阻箱R，记录若干组电阻箱的示数R和电流表的示数I，断开S0；

③闭合S1、S2、S0，调节电阻箱R，记录若干组电阻箱的示数R和电压表的示数U，断开S0；

④分别作出步骤②中的和步骤③中的图像；

请回答下列问题：

（1）在步骤③中，某次测量时，电压表指针如图乙所示，此时电压表示数U＝______V（结果保留2位小数）；

（2）若只用步骤②中的数据，电源电动势的测量值_________真实值；若只用步骤③中的数据，电源电动势的测量值_________真实值；（均选填“大于”“等于”或“小于”）

（3）根据测得数据，作出和图像如图丙所示，根据这两条图线求得电源电动势E＝______V，内阻r＝_________Ω。（结果均保留3位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)28、如图所示，质量分别为m和2m的A、B两个小球用长为R的绝缘轻杆连接在一起，放在竖直平面内半径为R的光滑圆形绝缘轨道的内壁，整个装置处在水平向右的匀强电场中，电场强度为E.A球不带电，B球带正电，开始时A球处在与圆心等高的位置，现由静止释放A、B小球，B球刚好能到达轨道右侧与圆心等高的位置；求：

(1)B球带电量；

(2)当A球下降高度为时，轻杆对B球做的功；

(3)两小球在运动过程中最大速度的大小．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

B．电容器放电过程中电流减小，则电阻R两端的电压变小；选项B错误；

C．根据

可知图像与两坐标轴围成的面积表示电容器放出的总电荷量，即

电阻两端的最大电压即为电容器刚开始放电的时候，则最大电压

根据

可知电容器的电容为

故选项C可求；则C正确；

A．电源的内电阻在右面的充电电路中，根据题意只知道电源的电动势等于电容器充满电两板间的电压，也就是刚开始放电时的电压，即

但内电阻没法求出；故选项A错误；

D．电容器放电时，流过电阻R的电流为向左，则由计算机采集的电流可知流过电阻R的电流方向规定向左为正；选项D错误。

故选C。2、A【分析】【分析】

【详解】

A．导体内自由移动的电子仍然在做无规则热运动；A错误。

B．电荷的定向移动形成电流；电源使电路中的电荷发生定向移动，B正确。

C．根据公式可知；单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多，电流越大，C正确。

D．恒定电流是由导体两端稳定的电压形成的；电源的作用就是在导体两端加上稳定的电压，从而在导体内部形成恒定电场而产生恒定电流，故D正确；。

本题选错误的，故选A。3、A【分析】【详解】

A．能源应用过程并不单纯是将内能转化为机械能的过程；各种转化形式均可为人类服务，故A错误；

B．化石能源的能量虽然来自太阳能；但要经过数亿年的地质演变才能形成，且储量有限，为不可再生能源，故B正确；

C．在广大农村推广沼气对改善农村环境；节约能源意义重大；功在当代，利在千秋，故C正确；

D．随着科学技术的发展；煤炭资源将逐步被其他清洁能源所取代，D正确；

故选A。4、C【分析】【详解】

A．800mAh是指电池储存的电量；故A错误；

B．电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从电源内部的负极移到正极所做的功；即每移动单位电荷有3.7J的其它形式的能量转化为电能，而不是在1s内转变的电能，故B错误；

C．3.7V为电池的电动势；该手机在浏览文件时该电池的路端电压小于3.7V，故C正确；

D．若电池以0.1A的电流工作，其工作时间为

故D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．为电场强度的定义式，仅与电场的本身有关，与检验电荷在该点所受静电力F和检验电荷的电荷量q无关；故A错误；

B．为点电荷周围电场强度大小的表达式，可知真空中静止点电荷的电场中，某点场强E的大小与场源电荷的电荷量Q成正比，与该点与场源电荷距离r的平方成反比；故B正确；

C．为电势的定义式，电场中某点的电势φ与检验电荷在该点的电势能Ep和检验电荷的电荷量q无关；故C错误；

D．静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动；沿着电场强度方向电势降低。对负电荷，运动方向与电场强度方向相反，此时电荷朝电势高的地方运动，故D错误。

故选B。6、B【分析】【详解】

C．根据和解得，两极板的间距d稍微增大，电容器的电荷量Q将减小；电容器将逆时针放电，二极管处于截止状态，电路断开，所以电容器的带电量不变，C错误；

AB．由得，Q不变，两极板的间距d稍微增大，两板间的电压U增大；B正确，A错误；

D．根据和得，Q不变，两极板的间距d稍微增大；两板间的电场强度不变，D错误；

故选B。7、A【分析】【详解】

A．沿着电场线方向电势逐渐降低；A正确；

B．是电场强度的定义式；适用于任何电场，B错误；

C．任何带电体所带电荷都等于元电荷的整数倍，所以油滴所带的电荷量不可能是8.8×10﹣19C；C错误；

D．公式

属于比值定义法，则C与Q及U均无关；D错误。

故选A。8、C【分析】【分析】

【详解】

由题意知三个电源串联，所以电源的总内阻为r=1.5Ω；根据回路的输出功率。

结合可得；

所以当时；输出功率最大，所以C正确，ABD错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)9、B:C:D【分析】【详解】

A．当温度降低时R2增大，R总增大，根据闭合电路欧姆定律知I总减小，路端电压U=E-I总r

可知路端电压增大；电压表的读数增大，故A错误；

B．电容器的电压UC=E-I总（r＋R1）

增大；场强增大，油滴向上移动，故B正确；

C．若环境温度不变，R2阻值不变，当电阻箱R1的阻值增大时，R总增大，根据闭合电路欧姆定律知I总减小，电容器的电压UC=I总R2

UC减小，电容器C的带电荷量Q=UCC

可知电荷量减少；故C正确；

D．若R1不变，温度不变，电容器C两极板间的电压不变，当电容器C两极板间的距离增大时

电场强度减小；油滴向下移动，故D正确；

故选BCD。10、C:D【分析】【详解】

A．小球的平衡位置满足

即平衡位置与圆环的中心O的连线与竖直方向的夹角为45°；此位置为“最低点”，在此位置小球的速度最大，选项A错误；

B．小球在运动过程中，只有重力和电场力做功，带电小球到达B点，根据动能定理得

显然B的速度大于零，可见小球不在BDA间往复运动；B错误；

C．设小球第一次到达C点时速度为．从A到C，根据动能定理得

据题

则得

所以小球能通过C点，根据向心力公式有

故

第一次过D点时，根据动能定理有

在D点，根据向心力公式，有

解得

即小球第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力大小之比为5︰1；选项C正确；

D．从A点释放到第二次到C点过程，根据动能定理，有

解得

据向心力公式，有

解得

即小球第一次和第二次经过最高点C时对管壁的压力大小之比为1︰5；且方向相同均向上，选项D正确。

故选CD。11、B:D【分析】【详解】

AB．电源消耗的总功率

由曲线1可知

解得

A错误；B正确；

C．当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，图像3可知，外电压等于1.5V，电源内阻和电源输出功率相等，此时外电阻等于外电阻越大，外电压越大，可知滑动变阻器的最大阻值大于C错误；

D．电源的最大输出功率

D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

AB．由于圆环光滑，因此圆环对小球的弹力一定沿半径方向指向圆心或背离圆心，因而每个小球受其他两个小球的库仑力的合力必须沿半径方向背离圆心或指向圆心。对题图甲中的C球受力分析，若A、B两球带同种电荷，则A、B两球对C球产生的库仑力的合力不可能沿半径方向背离圆心或指向圆心，因此A、B两球一定带异种电荷，钝角三角形ABC的角度大小未知；三小球不一定带等量电荷，A正确，B错误；

C．对E；D、F三小球分别进行受力分析；要保持平衡，三小球必须带同种电荷，C正确；

D．对D球受力分析如图所示，为计算方便，设

则有

由几何知识可知

所以有

同理对F球受力分析可得

对E球受力分析可得

综上所述有

D错误。

故选AC。

13、B:C【分析】【详解】

A．x2−x4处场强方向沿x轴正方向，根据沿着电场线方向电势降低，x2处电势高于x4处电势﹐带负电的点电荷在x2处电势能比在x4处的小；故A错误；

B．x1-x3处场强为x轴正方向，则从x1到x3处顺着电场线方向移动负点电荷；电场力做负功，故B正确；

C．由U=Ed知E-x图线与x轴所围的面积表示电势差，则知x1、x2两点之间的电势差小于x3、x4两点之间的电势差；故C正确；

D．点电荷由x1运动到x4的过程中，场强方向不变，电场力方向不变，沿x轴正方向；故D错误。

故选BC。14、B:D【分析】【详解】

C．电场强度方向从电势最高点指向电势最低点，根据图像，电场方向与x轴负方向成θ0角；选项C错误；

B．由图知曲线①、②、③的交点M和N电势相等，因为是匀强电场，所以交点M和N在同一等势线上；选项B正确；

D．根据图像，曲线①的峰值最大，曲线①对应的r最大，取值为3r0，曲线③对应的半径为r0，电场强度的大小为

选项D正确；

A．根据曲线③的峰值为2φ0，最小值为0，因为是匀强电场，坐标原点O的电势为

选项A错误；

故选BD。15、B:D【分析】静电屏蔽：为了避免外界电场对仪器设备的影响；或者为了避免电器设备的电场对外界的影响，用一个空腔导体把外电场遮住，使其内部不受影响，也不使电器设备对外界产生影响，故用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器，箔片不张开．金属网罩内部电场强度为零；故BD正确；AC错误．故选BD．

点睛：静电屏蔽在我们生活中有许多应用．例如，遇到雷雨天，行进中的汽车要关闭所有车窗，就算车体遭到雷击，车内人员通常也不会受伤．电视闭路线芯外通常包有一层金属网和锡纸等等．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

[1]因M对N有斥力作用，因M带负电，则由此推断小球N带负电荷。

[2]现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则M带电量减小，则对N的斥力减小，则丝线与竖直方向的夹角将变小。【解析】负变小17、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，依据平行四边形法则，有：

[2]当线框平面与磁感线平行时；没有磁感线穿过线框，穿过线框的磁通量为0；

在水平面上，地磁场的竖直分量穿过线框，则磁通量为：【解析】5.0×10-5T2.0×10-418、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]概念：一切物体都在辐射电磁波；且辐射与物体的温度有关，所以叫热辐射。

（2）[2]特点：温度升高时；热辐射中波长较短的成分越来越强。

（3）[3]黑体：能够完全吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射。【解析】①.温度②.短③.电磁波19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]根据原子光谱的特征可知，由于原子的能级是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的，因此原子的发射光谱只有一些分立的亮线。【解析】①.能级②.能量③.发射光谱20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】密度分离21、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）保持板间距离d不变，两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到；板间电势差U增大；

（2）保持S不变，板间距离d增大，根据电容的决定式CC得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到电容减小；但和Q=UC可知：故E和d无关，故E不变；

（3）保持S和d都不变，插入介质板后，根据电容的决定式得知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到；板间电势差U减小．由U=Ed可知，E减小；

考点：电容器；电场强度【解析】减小增大减小不变减小减小22、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数为

[2]螺旋测微器读数为【解析】1.0552.615四、作图题(共1题，共10分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共20分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]因为电压表显示的是微安表与电阻箱的两端电压，而微安表的示数为500μA，故微安表与电阻箱的总电阻为R总==12kΩ

则微安表的内阻为12kΩ-8.5kΩ=3.5kΩ；

(2)[2]将这些点用平滑的曲线连接起来即可；

(3)[3]图线与时间轴所围成的面积即为放电过程放出的电荷量，