2025年湘师大新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中。回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示。用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F随时间t变化的图像是（）

A.B.C.D.2、如图所示是用长为的均匀导体折成闭合的正六边形框架将六边形框架静置于匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为方向垂直于六边形框架所在平面。现将六边形框架两端接到直流电源上，由端输入大小为的电流；则下列说法正确的是（）

A.六边形框架所受安培力大小为B.边所受安培力大小为C.边所受安培力与三边所受安培力的合力大小之比为1:2D.边所受安培力与其余五边所受安培力的合力大小之比为1:13、如图甲所示为一小型交流发电机的示意图，A为交流电流表，线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，电阻R的阻值为下列说法正确的是（）

A.电流表的示数为14.1AB.0.02s时线圈平面与中性面重合C.线圈转动的角速度为50πrad/sD.电阻R上的热功率为100W4、如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的变压比为m，降压变压器的变压比为n，输电线的电阻为R，升压变压器和降压变压器均为一理想变压器，发电机输出的电压恒为U，若由于用户的负载变化，使电压表V2的示数减小了ΔU；则下列判断正确的是（）

A.电流表A2的示数增大了B.电流表A1的示数增大了C.电压表V1的示数减小了ΔUD.输电线损失的功率增加了5、如图所示，一小段质量为m的通电直导线（电路的其余部分未画出）放置在粗糙的斜面上恰好处于静止状态；电流方向垂直纸面向外。若将一条形磁铁控制在导线的正上方并与斜面成平行状态，磁铁的中线与导线的连线（虚线）正好与斜面相垂直。下列说法中正确的是（）

A.放上磁铁后，斜面对导线的支持力将减小B.放上磁铁后，斜面对导线的支持力将不变C.若把磁铁沿平行斜面方向向上移动一小段距离，直导线仍处于静止状态，斜面对导线的摩擦力将增大D.若把磁铁沿平行斜面方向向上移动一小段距离，直导线仍处于静止状态，斜面对导线的摩擦力将减小6、一通电直导线与x轴平行放置，匀强磁场的方向与xOy坐标平面平行，导线受到的安培力为F，若将该导线做成圆环，放置在xOy坐标平面内，如图所示，并保持通电的电流不变，两端点ab连线也与x轴平行；则圆环受到的安培力大小为（）

A.FB.C.D.7、如图所示的区域内，存在垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场。一带电粒子X（不计重力）以一定的初速度由左边界的P点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的N点穿出若撤去该区域内的电场而保留磁场不变，粒子X仍以相同初速度由P点射入；当粒子X从区域右边界穿出，则粒子X（）

A.动能可能减小B.动能一定不变C.穿出位置一定在N点上方D.穿出位置一定在N点下方8、在一水平通电直导线的正下方，有一半圆形光滑圆弧轨道，一导体圆环自轨道左侧的A点无初速度释放；下滑过程中环平面始终保持与弧轨道平面平行；则下列说法中正确的是（）

A.圆环中没有感应电流产生B.安培力始终阻碍圆环相对轨道的运动，以阻碍圆环中的磁通量变化C.圆环能滑到轨道右侧与A点等高的C处D.圆环在整个运动过程中机械能不变9、已知某电阻元件在正常工作时，通过它的电流按如图所示的规律变化，其中为正弦交流电一部分；将一个多用电表(已调至交变电流电流挡)与这个电阻元件串联，则多用电表的读数为。

A.4AB.C.D.A评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、计算机光驱的主要部分是激光头，它可以发射脉冲激光信号，激光扫描光盘信息时，激光头利用光敏电阻自动计数器将反射回来的脉冲信号传输给信号处理系统，再通过计算机显示出相应信息。光敏电阻自动计数器的示意图如右下图所示，其中R1为光敏电阻，R2为定值电阻；此光电计数器的基本工作原理是（）

A.当有光照射R1时，处理系统获得高电压B.当有光照射R1时，处理系统获得低电压C.信号处理系统每获得一次低电压就计数一次D.信号处理系统每获得一次高电压就计数一次11、如图所示，交流发电机两输出端的电压为理想变压器的原、副线圈匝数分别为原线圈中接一阻值为的电阻，副线圈中接一阻值为的电阻，两个交流电流表和交流电压表均为理想电表。当开关S闭合电路正常工作时，交流电流表的读数为交流电流表的读数为交流电压表V的读数为下列关系正确的是（）。

A.B.C.D.12、随着科技的不断发展；无线充电已经进入人们的视线。小到手表手机，大到电脑；电动汽车，都已经实现了无线充电从理论研究到实际应用的转化。如图所示为某无线充电手机利用电磁感应方式充电的原理图。关于无线充电，下列说法正确的是（）

A.从上往下看，发射线圈中电流逆时针增大时，接收线圈中电流沿逆时针方向B.从上往下看，发射线圈中电流顺时针减小时，接收线圈中电流沿顺时针方向C.从上往下看，发射线圈中电流顺时针增大时，接收线圈所受安培力的方向竖直向上D.从上往下看，发射线圈中电流逆时针减小时，接收线圈所受安培力的方向竖直向上13、如图所示电路中，变压器为理想变压器，为定值电阻，为滑动变阻器，在a、b端接入有效值恒定的正弦交流电压；则下列判断正确的是（）

A.仅滑片P1向上移，消耗功率变小B.仅滑片P1向上移，消耗功率变大C.仅滑片P2向上移，消耗功率变小D.仅滑片P2向上移，消耗功率变大14、如图甲所示，质量为电阻为的单匝均匀圆形线框用轻质绝缘细线悬挂于点，线圈半径为水平虚线过圆心细线承受最大拉力从某时刻起，在上方加垂直纸面向里的匀强磁场、磁感应强度大小按图乙规律变化。在时刻、细线恰好被拉断。之后线圈向下运动，穿出磁场时的速度为已知重力加速度为以下说法正确的是（）

A.细线断裂前瞬间线框中的电功率为B.细线断裂前瞬间线框所受安培力大小为C.时刻后，线圈穿出磁场的过程中产生的焦耳热为D.时刻后，线圈穿出磁场的过程中通过导线横截面的电荷量为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、洛伦兹力是磁场对_________（填“运动”或“静止”）电荷的作用；如图所示是一带正电的粒子在磁场中竖直向下运动，粒子所受洛伦兹力的方向为______。

16、简单的直流电动机由_________和_________两部分组成，其中一个是永久磁铁，那么另一个就是_________。安装在电动机转轴上用来改变电流方向的装置叫_________，压在换向器上有一对电刷，它必须通过_________与电源相连接。17、如图所示，已知导体棒中通有电流I，导体棒长度为l，磁场磁感应强度为B；当导体棒按下面几种方式放置时，写出导体棒所受安培力的大小，并写出安培力的方向。

（1）F=_______；

（2）F=_______；

（3）F=_______；

（4）F=_______；18、涡流有热效应，但没有磁效应。______19、质谱仪。

（1）质谱仪构造：主要构件有加速______、偏转______和照相底片。

（2）运动过程（如图）

（3）带电粒子经过电压为U的加速电场加速，______＝mv2

（4）垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，做匀速圆周运动，r＝可得r＝______

（5）分析：从粒子打在底片D上的位置可以测出圆周的半径r，进而可以算出粒子的______20、①如图所示，一个质量为M的木板放在光滑的水平地面上，一只质量为m的青蛙静止于木板的右端。青蛙突然一跃而起，脱离木板瞬间的对地速度大小为v，与水平方向成角，青蛙在这个过程中对木板做功为________

②如图所示，在光滑的水平面上有2021个完全相同的小球排成一条直线，均处于静止状态。现给第一个小球初动能使它正对其他小球运动。若小球间的所有碰撞都是完全非弹性的（粘在一起），则整个碰撞程中因为碰撞损失的机械能总量为__________

③如图所示，质量为m的物块A静止在水平面上，A的左侧光滑，右侧粗糙。一个质量为M的物块B以速度向右运动，与A发生弹性正碰，碰后A向前滑行而停止。若仅把A的质量变为其它条件不变，再次让B与A发生弹性碰撞，碰后A向前滑行而停止，已知则第二次碰撞后，B物体的瞬时速度大小为________

④如图所示，在垂直纸面向里的有界匀强磁场区域的左侧，一个质量为m的正方形线框由位置I以初速度v沿垂直于磁场边界水平向右运动，线框经过位置Ⅱ，当运动到位置Ⅲ时速度恰为零，此时线框刚好有一半离开磁场区域。线框的边长小于磁场区域的宽度。不计摩擦力，则线框从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，线框产生的焦耳热为________

21、如图所示，交流发电机的矩形线圈中，匝数匝，线圈电阻外电阻线圈在磁感应强度的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，角速度则产生感应电动势的最大值为__________V，交流电压表的示数为__________V：从图示位置起，转过90°过程中，通过线圈截面的电荷量为__________C；从图示位置起，转过60°时通过电阻R的电流为__________A。

22、如图所示，交流发电机线圈的面积为0.05m2，共100匝，在磁感应强度为T的匀强磁场中，以10πrad/s的角速度匀速转动，电阻R1和R2的阻值均为50Ω，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则线圈中的电动势的表达式为_______V，电流表的示数为_______A。

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共6分)27、某实验小组利用热敏电阻制作温控报警器，当温度到达或超过时；发出警报。操作如下：

（1）测量热敏电阻在时的阻值；该热敏电阻的阻值随着温度的升高而降低。有以下实验器材可供选择。

A．电源E（电动势为15V；内阻不计）

B．电流表A（量程为0.6A，内阻约）

C．电压表V（量程为15V，内阻约）

D．滑动变阻器（最大电阻为额定电流1.5A）

E.滑动变阻器（最大电阻为额定电流为1.0A）

F.热敏电阻（时阻值在之间）

①为了更准确测定阻值，滑动变阻器应选择___________（填仪器符号），电路图应选择___________（选填“甲”或“乙”）；

②对热敏电阻加热至保持温度不变，调节滑动变阻器，得到电压表和电流表的多组数据，并已在丙图描好点，通过画出图像可得___________（结果保留三位有效数字）

（2）调试报警器。

①按照图丁连接器材；报警器报警最低电流为0.02A，功率极小，电源为可调电源，内阻不计，调试时输出电压为3V。

②在常温下，闭合开关开关接通b，将电阻箱的阻值调为调节滑动变阻器，直至报警器警报。再将开关接通a，报警器调试完成。有三种滑动变阻器可供选择，其最大阻值分别为应选择___________（选填“”、“”或“”）。28、传感器的基本工作原理是将非电学量转换为电学量，更方便地进行测量和控制。商家对大宗货物的计量主要是利用电子地磅进行称重，电子地磅的原理如下：不放物体时滑动变阻器的滑片位于A端，放上重物后电路电流变大，电流表示数改变，所以可以通过与电流表的示数对应的重量值读出被称物体的重量。学校的物理实验小组在了解到电子地磅的原理后，想要利用这个简单的传感器装置原理图去测量由两节干电池串联的电池组内阻，设想如下：将干电池组接入和电子地磅原理相同的电路图中，两个弹簧的总弹力和弹簧的形变量成正比，且测得比例系数为k。已知一节干电池的电动势为E，滑动变阻器的最大阻值等于定值电阻的阻值，均为在托盘上放置不同重量的砝码，读出对应电流表的示数。根据该小组的设想，分析如下问题：

（1）测得多组砝码的重力与电流表读数的数据后，若采用图像法进行数据处理，则应该画出G与______的图像；

（2）根据测得数据进行描点作图后测得图像的斜率为a，截距为b，则滑动变阻器上均匀缠绕的电阻丝沿缠绕方向的总长度L为______、待测电池组内阻r为______（用题目中所给物理量符号表示）；

（3）考虑电流表内阻引起的系统误差，电池组内阻的测量值和真实值相比______（填写“偏大”、“偏小”、“相等”）。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

在内，磁感应强度均匀变化，由法拉第电磁感应定律可得

则闭合电路中产生的感应电动势恒定不变，则感应电流恒定不变。ab边在磁场中所受的安培力

由于匀强磁场Ⅰ中磁感应强度B恒定，则安培力为平行t轴的直线，方向向左（为负）。同理分析可得在安培力与时间的关系为内F-t关于时间轴对称一条的直线。

故选B。

【点睛】

本题要求学生能正确理解B-t图的含义，故道B如何变化，才能准确的利用楞次定律进行判定。根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的变化，由欧姆定律判断感应电流的变化，进而可确定安培力大小的变化。2、A【分析】【详解】

A．六边形框架接入电路后，受安培力的等效长度为故其所受安培力大小为A正确；

B．两端接到直流电源上，电路中边与其余边形成并联关系，设边的电阻为则另外五边的总电阻为故两支路电流分别为

故边所受安培力大小为

选项B错误；

D．其余五边所受安培力大小为

选项D错误；

C．三边所受安培力的合力大小为

则

选项C错误。

故选A。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．电流表示数为。

A错误；

B．0.02s时线圈中的感应电流达到最大；感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与中性面垂直，B错误；

C．角速度

C错误；

D．电阻R上的热功率为。

D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

AB．降压变压器原、副线圈两端的电压之比等于n，所以有

即降压变压器原线圈两端电压减小了升压变压器副线圈两端电压不变，所以输电线上电压增大为根据欧姆定律知，电流表A1示数增大了输电线上电流增大了根据电流与匝数成反比知，电流表A2示数增大了

故A错误；B正确；

C．根据题意知，发电厂的输出电压恒为U，升压变压器的变压比不变，所以电压表V1的示数不变；故C错误；

D．设输电线的原电流为输电线上电流增大了输电线损失的功率增加量为

故D错误；

故选B。5、C【分析】【详解】

AB．根据条形磁铁周围的磁场分布规律可知条形磁铁在导线处产生的磁场方向为沿斜面向下；放上磁铁后，根据安培定则可知导线将受到垂直于斜面向下的安培力，根据平衡条件易知斜面对导线的支持力将增大，故AB错误；

CD．若把磁铁沿平行斜面方向向上移动一小段距离；直导线仍处于静止状态，条形磁铁在导线处产生的磁场方向顺时针转动了一个小角度，此时导线受到的安培力方向也将顺时针转动一个小角度，从而使安培力具有了沿斜面向下的分量，根据平衡条件易知斜面对导线的摩擦力将增大，故C正确，D错误。

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

通电导线为L，此时受到的安培力为F，制作成圆环时，圆环的半径为R；则。

解得。

故ab的长度。

故此时圆环受到的安培力。

故选C。7、B【分析】【详解】

CD．以一定的初速度由左边界的P点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的N点穿出，这是速度选择器模型，只需满足与电荷量与质量无关，所以带电粒子电性不知，若撤去该区域内的电场而保留磁场不变，洛仑兹力方向可能向上也可能向下，所以穿出点可能在N的上方也可能在N点的下方，所以CD错误；

AB．因为只有磁场时；只受洛仑兹力作用，洛仑兹力不做功所以粒子的速度保持不变，则A错误；B正确；

故选B。8、B【分析】【详解】

A．水平通电导线周围有磁场；且离导线越远磁场强度越小，在圆环下落过程中，通过圆环的磁通量变小故有感应电流产生，故A错误；

B．根据楞次定律可知；安培力始终阻碍圆环相对轨道的运动，以阻碍圆环中的磁通量变化，故B正确；

C．因为圆环在运动的过程中，有感应电流，对整个过程由能量守恒定律得，重力势能转化为电能，故不能上升到右侧与A点等高处；故C错误；

D．整个过程重力势能转化为电能；机械能不守恒，故D错误；

故选B。9、B【分析】【分析】

【详解】

根据交变电流有效值的定义可得。

解得。

故选B.

【点睛】

有效值的定义为：把直流电和交流电分别通过两个相同的电阻器件，如果在相同时间内它们产生的热量相等，那么就把此直流电的电压、电流作为此交流电的有效值．对于正弦交变电流最大值是有效值的倍．二、多选题(共5题，共10分)10、A:D【分析】【分析】

【详解】

当有光照射R1时，光敏电阻变小，回路电流变大，R2两端的电压升高；处理系统获得高电压；系统获得信息则计数一次。

故选AD。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由变压器的电压与匝数关系可得

由题意可知

故

A错误；

B．由变压器的电流与匝数关系可得

B正确；

C．由欧姆定律可得

C正确；

D．由能量守恒可得

由于

对比可知

D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．从上往下看；发射线圈中电流逆时针增大时，根据楞次定律知接收线圈中电流方向沿顺时针方向，发射线圈中电流顺时针减小时，接收线圈中电流方向沿顺时针方向。故A错误；B正确；

CD．从上往下看；发射线圈中电流顺时针增大时，根据楞次定律；左手定则和安培定则知接收线圈所受安培力的方向竖直向上，同理发射线圈中电流逆时针减小时，接收线圈所受安培力的方向竖直向下。故C正确；D错误。

故选BC。13、B:C【分析】【详解】

AB．根据题意，有

则有

滑片P1向上移，n1减小，正弦交流电压有效值恒定，则会导致原线圈的电流增大，则R1上消耗的功率会变大；A错误，B正确；

CD．仅当P2向上移，增大，则I2减小，则I1也会减小，因此R1消耗的功率变小；C正确，D错误。

故选BC。14、B:C:D【分析】【详解】

A．由法拉第的电磁感应定律可知，细线断裂前感应电动势为

S为线圈处在磁场中的有效面积，线框中的电功率为

故A错误；

B．设细线断裂前瞬间线框受到的安培力为F，由楞次定律可判断F的方向向下，所以有

故B正确；

C．线框穿出磁场过程重心下降r，重力势能减少，减少的重力势能一部分转化为焦耳热Q，一部分转为动能，由能量守恒

故C正确；

D．穿过磁场过程中，平均电动势为

平均感应电流为

通过导线横截面的电荷量为

故D正确。

故选BCD。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1]洛伦兹力是磁场对运动电荷的作用。

[2]根据左手定则可以判断粒子所受洛伦兹力的方向为水平向右。【解析】运动水平向右16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]简单的直流电动机由转子和定子两部分组成；其中一个是永久磁铁，那么另一个就是线圈。

[4]安装在电动机转轴上用来改变电流方向的装置叫换向器。

[5]压在换向器上有一对电刷，它必须通过引出线与电源相连接。【解析】①.转子②.定子③.线圈④.换向器⑤.引出线17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.IlB，垂直于导体棒斜向左下②.IlB，垂直纸面向外③.IlB，垂直于导体棒斜向右下④.018、略

【分析】【分析】

【详解】

涡流既有热效应，也有磁效应。故此说法错误。【解析】错误19、略

【解析】电场磁场qU比荷20、略

【分析】【分析】

【详解】

①[1]设青蛙跃出后木板的速度为水平方向由动量守恒可得

由动能定理可得，青蛙在这个过程中对木板做功为

联立可解得

②[2]由题意可知

设全部粘在一起时的速度为v，由动量守恒可得

由能量守恒可得碰撞损失的机械能总量为

联立解得

③[3]设碰后B、A的速度分别为v1，v2，由动量守恒及机械能守恒可得

联立可得

碰后A做匀减速运动，由动能定理可得

同理可知，若把A的质量变为3m，则碰后B、A的速度分别为

又满足

由题意可知

联立解得

④[4]对进磁场的过程由动量定理可得

即

同理可得，出磁场的过程有

由电磁感应的推论可知，通过线框截面的电荷量满足

由题意可知，出磁场时面积变化量为进磁场时的一半，即

联立可得则线框从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，线框产生的焦耳热为【解析】021、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]感应电动势最大值为

带入数据联立解得

[2]交流电压表的示数为

[3]转过90根据

[4]转过60此时电流【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]线圈中产生的感应电动势的最大值表示为。

图示位置磁通量为零；感应电动势最大，则感应电动势的瞬时值为。

[2