2025年牛津上海版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版选修3物理下册月考试卷938考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、处于n=5能级的大量氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频率有（）A.6种B.8种C.10种D.15种2、如图所示，正方形区域EFGH中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带正电的粒子（不计重力）以一定的速度从EF边的中点M沿既垂直于EF边又垂直于磁场的方向射入磁场，正好从EH边的中点N射出．若该带电粒子的速度减小为原来的一半；其它条件不变，则这个粒子射出磁场的位置是。

A.E点B.N点C.H点D.F点3、关于下列热学现象的说法正确的是（）A.气温高时，水的饱和汽压高，所以人感到更潮湿B.在水蒸气凝结成同温度的水珠的过程中要吸热C.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变D.给农田松土是为了破坏土壤里的毛细管，使地下的水分不会被快速引上来蒸发掉4、如图所示，在足够长的竖直线的右侧有方向垂直纸面向外且范围足够大的磁感应强度为B的匀强磁场区域，一带电粒子q从P点沿与竖直线成角θ＝45°方向，以大小为v的初速度垂直磁场方向射入磁场中，经时间t从Q点射出磁场．不计粒子重力，下列说法正确的是

A.带电粒子q可能带正电荷B.带电粒子的比荷＝C.若PQ之间的距离等于L，则带电粒子在匀强磁场中的轨迹半径R＝LD.粒子射出磁场时与水平线的夹角为θ5、篮球运动员通常要伸出两臂迎接传来的篮球，接球时，两臂随球迅速收缩至胸前．这样做可以（）A.减小球对手的冲量B.减小球对人的冲击力C.减小球的动量变化量D.减小球的动能变化量6、如图所示，质量为m的A球以速度v0在光滑水平面上运动，与原静止的质量为4m的B球碰撞，碰撞后A球以v=av0(待定系数a<1)的速率弹回，并与挡板P发生完全弹性碰撞，若要使A球能追上B球再相撞，则a的取值范围为（）

A.aB.aC.aD.a评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r；在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中。

A.电路中的总电流变大B.路端电压变小C.通过电阻R2的电流不变D.通过滑动变阻器R1的电流变小8、下列说法正确的是（）A.晶体一定具有固定的熔点，但不一定具有规则的几何外形B.降低温度能够使气体的饱和气压降低，从而使气体液化C.一定质量的理想气体等压膨胀过程中一定从外界吸收热量E.一定量的理想气体，如果体积不变，分子每秒平均碰撞器壁次数随着温度的降低而增大E.一定量的理想气体，如果体积不变，分子每秒平均碰撞器壁次数随着温度的降低而增大9、关于磁场的磁感应强度B、电流I和安培力F的相互关系，下图中不正确的是A.B.C.D.10、利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，当元件中通入图示方向的电流I时，C、D两侧面会形成一定的电势差U．下列说法中正确的是。

A.若C侧面电势高于D侧面，则元件中形成电流的载流子带负电B.若C侧面电势高于D侧面，则元件中形成电流的载流子带正电C.在地球南、北极上方测地磁场强弱时，元件工作面竖直放置时U最大D.在地球赤道上方测地磁场强弱时，元件工作面竖直放置且与地球经线垂直时，U最大11、下列判断正确的是________A.机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波B.机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象C.介质中质点振动的周期一定和相应的波的周期相等E.在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则相邻干涉条纹间距变窄E.在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则相邻干涉条纹间距变窄12、如图所示；甲图为一列沿x轴传播的简谐横波在t＝1s时刻的波动图象，乙图为参与波动的质点P的振动图象，则下列判断正确的是。

A.该波的传播速率为4m/sB.该波的传播方向沿x轴正方向C.经过2s，质点P沿波的传播方向向前传播4mE.该波在传播过程中若遇到直径为3m的球，能发生明显衍射现象E.该波在传播过程中若遇到直径为3m的球，能发生明显衍射现象13、下列说法正确的是（）A.在干涉现象中，振动加强点的位移总比减弱点的位移要大B.单摆在周期性外力作用下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长无关C.火车鸣笛向我们驶来时，我们听到的笛声频率将比声源发声的频率高E.用两束单色光B，分别在同一套装置上做干涉实验，若A光的条纹间距比B光的大，则说明A光波长大于B光波长E.用两束单色光B，分别在同一套装置上做干涉实验，若A光的条纹间距比B光的大，则说明A光波长大于B光波长评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．

（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示的电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到10Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到85Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为______m。A．由以上数据可得电流计的内阻Rg=______Ω

（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为______Ω（填“0”或∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻，找出对应的电流刻度，则“15mA“处对应表笔间电阻阻值为______Ω．

若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电源电动势不变但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果与原结果相比将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．15、如图所示是一个简单的组合逻辑电路；完成其真值表。

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

16、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

17、反射规律：反射线、法线与入射线在同一_______内，反射线与入射线分居_______两侧，反射角_______入射角。18、在北方寒冷的冬天，有时会出现“多个太阳”的“幻日”奇观，这时由于空气中的水蒸气在大气里凝结成了小冰晶，太阳通过冰晶折射的缘故。如图所示为太阳光照射到六角冰晶上折射的光路图，a、b是太阳光中的两种单色光，由此可以判断，冰晶对单色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶对单色光b的折射率，单色光a在冰晶中的传播速度比单色光b在冰晶中的传播速度_________（填“大”或“小”）

19、如图所示，导线圈A水平放置，条形磁铁在其正上方，N极向下且向下移近导线圈的过程中，导线圈A中的感应电流方向是（从上往下看）____，导线圈A所受磁场力的方向是____．

20、据统计，人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体所受重力的数倍．为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况．重物与地面的形变很小，可忽略不计，不考虑空气阻力的影响取重力加速度g＝10m/s2下表为一次实验过程中的相关数据．

。重物（包括传感器）的质量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反弹高度h/cm

20

最大冲击力Fm/N

850

重物与地面接触时间t/s

0.1

（1）请你选择所需数据；通过计算回答下列问题。

a．重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小a＝_____

b．在重物与地面接触过程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力，可采取一些具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由．_____．21、如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直线与横轴的交点坐标4.31，与纵轴交点坐标0.5）由图可知，斜率表示_____________；该金属的极限频率为____________Hz，该金属的逸出功为___________J，（结果保留三位有效数字）若用频率为5.5×1014Hz的光照射该种金属时，则对应的遏止电压应为_____________V

22、如图所示，电源输出电压U=10V，A、B两板间距离为2cm，C点离A板5mm，D点离B板4mm，则EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)26、为了测量某量程为的电压表的内阻约为该同学设计了如图所示的电路图，实验步骤如下：

A.断开开关按图连接好电路；

B.把滑动变阻器的滑片滑到端；

C.将电阻箱的阻值调到零；

D.闭合开关移动滑动变阻器的滑片使电压表的指针指到满偏的位置；

E.保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值使电压表指针指到半偏的位置，读出此时电阻箱的阻值，此值即为电压表内阻的测量值；

F.断开开关

实验中可供选择的实验器材有：

a.待测电压表。

b.滑动变阻器：最大阻值

c.滑动变阻器：最大阻值

d.电阻箱：最大阻值阻值最小改变量为

e.电池组：电动势约内阻可忽略。

f.电池组：电动势约内阻可忽略。

g.开关；导线若干。

按照这位同学设计的实验方法；回答下列问题：

（1）要使测量更精确，除了选用电阻箱、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用________（填“b”或“c”），电池组中选用________（填“e”或“f'”）。

（2）电压表内阻的测量值和真实值相比，________（填“>”或“<”）；若越大，则越________（填“大”或“小”）。27、在测量电源电动势和内电阻的实验中，已知一节干电池的电动势约为1.5V，内阻约为电压表V（量程为3V，内阻约）；电流表A（量程为0.6A，内阻约为）；滑动变阻器R（2A）。为了更准确地测出电源电动势和内阻。

（1）请在图1方框中画出实验电路图。______

（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图2所示的U-I图线，由图可得该电源电动势E=____V，内阻r=______Ω。（结果均保留两位小数）

（3）一位同学对以上实验进行了误差分析。其中正确的是______。A.实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用B.实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用C.实验测出的电动势小于真实值D.实验测出的内阻大于真实值

（4）某小组的同学找到了电阻箱，便设计了如图甲所示的电路进行实验，并且记录了实验中一系列电流表读数I及与之对应的电阻箱阻值R，该小组同学通过巧妙地设置横轴和纵轴，描绘出了如图乙所示的图线，则在图乙中纵轴应表示______；（填I、R或与I、R相关的量），若该图线的斜率为k，横轴上的截距为m，则电动势的测量值=______，内电阻的测量值=______

28、（1）某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间，如图示，则该摆摆长为____cm，秒表所示读数为____s

（2）为提高实验精度，该同学在实验中改变摆长l并测出相应的周期T，得出一组对应的l与T的数据如下表所示．

请你帮助该同学以l为横坐标，T2为纵坐标将所得数据在图乙所示的坐标系中作出图线，并根据图线求得重力加速度g=____m/s2(取3位有效数字)．。50.060.070.080.090.0100.02.022.512.833.183.644.05

评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)29、如图所示；有界匀强磁场宽度为d，磁场磁感应强度为B，一个电子从左侧边界的A点垂直射入磁场，从右侧边界上的某点离开．粒子在磁场中运动的位移恰好等于其轨道半径，已知电子质量为m；带电量为e，不计电子重力．求：

（1）粒子进入磁场时的速度大小；

（2）粒子穿过磁场的时间．30、如图所示的平面直角坐标系xOy，在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc区域内有匀强电场，方向垂直于xOy平面向里，正三角形边长为L，且ab边与y轴平行．一质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的P（0，h）点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a（2h，0）点进入第Ⅳ象限，又经过磁场从y轴上的某点进入第Ⅲ象限，且速度与y轴负方向成45°角；不计粒子所受的重力．求：

（1）电场强度E的大小；

（2）粒子到达a点时速度的大小和方向；

（3）abc区域内磁场的磁感应强度B的最小值．31、十一“黄金周”期间，张老师一家五人准备驾车出游，启动汽车后，发现胎压监测系统发出警告，显示“左后轮胎胎压低”，张老师驾车开往汽车修理店给汽车轮胎打气。假设打气前汽车左后轮胎内气体的压强为其余三个轮胎内气体的压强均为打气泵内的气体压强为打完气后，每个汽车轮胎的体积均为五人都上车后汽车轮胎的体积变为原来的环境温度为且保持不变。

（1）若打气过程中；轮胎内气体温度不变，则向左后轮胎中打入气体的体积；

（2）驾驶汽车一段时间后由于车胎温度升高，求汽车轮胎的体积再次达到时胎内气体的温度。32、对于同一物理问题；常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究，找出其内在联系，从而更加深刻地理解其物理本质．

（1）一段横截面积为S；长为l的直导线；单位体积内有n个自由电子，电子电荷量为e．该导线通有电流时，假设自由电子定向移动的速率均为v．

（a）求导线中的电流I；

（b）将该导线放在匀强磁场中，电流方向垂直于磁感应强度B，导线所受安培力大小为F安，导线内自由电子所受洛伦兹力大小的总和为F，推导F安=F．

（2）正方体密闭容器中有大量运动粒子；每个粒子质量为m，单位体积内粒子数量n为恒量．为简化问题，我们假定：粒子大小可以忽略；其速率均为v，且与器壁各面碰撞的机会均等；与器壁碰撞前后瞬间，粒子速度方向都与器壁垂直，且速率不变．利用所学力学知识，导出器壁单位面积所受粒子压力F与m；n和v的关系．

（注意：解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题时做必要的说明）参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

大量的氢原子处于n=4的激发态，当这些氢原子向低能级跃迁时，辐射光子的频率为故C正确，ABD错误．2、A【分析】【分析】

带电粒子垂直磁场方向进入磁场后；在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；根据洛伦兹力提供向心力和轨迹上两点的连线的中垂线都通过圆心找到圆心，确定半径；改变速度后，根据洛伦兹力提供向心力求出新的半径，再次根据洛伦兹力提供向心力找出圆心，画出轨迹．

【详解】

第一次从点M进入磁场，从点N射出，故M、N是轨迹上的两个点，连线的中垂线通过圆心，经过M点时，洛伦兹力提供向心力，判断出洛伦兹力的方向是平行纸面向上并指向C点，故得到C即为圆心，半径R等于线段CM的长度，即正方向边长的一半；洛伦兹力提供向心力，有解得：该带电粒子的速度减小为原来的一半后，半径减小为一半；

故圆心移到线段CM的中点；轨迹如图；

故本题选A．

【点睛】

本题关键在于找出圆心、确定轨迹、求出半径，同时要结合洛伦兹力提供向心力进行分析计算．3、D【分析】【详解】

A．人感到潮湿是因为相对湿度大；而相对湿度为某一被测蒸气压与相同温度下的饱和蒸气压的比值的百分数，气温高时，水的饱和汽压高，但并不意味着相对湿度大，故A错误；

B．在水蒸气凝结成同温度的水珠的过程中要放出大量的热；故B错误；

C．在熔化过程中；晶体要吸收热量，但温度保持不变，分子平均动能不变，但整体分子势能在增加，内能在变大，故C错误；

D．给农田松土就是为了破坏土壤里的毛细管；使地下的水分不会被快速引上来蒸发掉，故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A项：由题意可知；粒子要从Q点射出，所以粒子应向左上方偏转，由左手定则可知，粒子应带负电，故A错误；

B项：由题可知，粒子在磁场中运动的弦切角为450，由公式解得：故B错误；

C项：若PQ之间的距离等于L即粒子在磁场中做圆周运动对应的弦长为L，由数学知识可知，解得：故C错误；

D项：由粒子在磁场中做圆周运动的对称性可知，粒子射出磁场时与水平线的夹角为θ；故D正确．

故应选：D．5、B【分析】【详解】

试题分析：根据动量定理，篮球以一定得速度减小为零，因此当动量的变化一定，则冲量也一样，因速度变化一样，因此动能变化一样，增大作用时间可减少作用力；运动员接篮球时，篮球的动量由某一值减到零，接球时，两手随球迅速收缩至胸前，这样可以增加篮球和运动员的作用时间，从而减少篮球对运动员的冲击力，选项B正确．

考点：动量定理的应用．6、D【分析】【详解】

A、B、碰撞过程动量守恒，以方向为正方向有A与挡板P碰撞后能追上B发生再碰撞的条件是解得碰撞过程中损失的机械能解得故D正确；故选D．

【点睛】本题考查了动量守恒和能量守恒的综合运用，要抓住碰后A的速度大于B的速度，以及有机械能损失大于等于零进行求解．二、多选题(共7题，共14分)7、A:B【分析】【详解】

A、在滑动变阻器的滑动触片P向下滑动的过程中，接入电路的变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大，故A正确；

B、路端电压I变大，E、r不变，则U变小，故B正确；

C、路端电压U变小，通过电阻的电流变小，故C错误；

D、总电流变大，通过电阻的电流变小，所以通过滑动变阻器的电流必定变大，故D错误．8、A:B:C【分析】【详解】

A．晶体分为单晶体和多晶体；都具有固定的熔点，但单晶体有规则的几何外形，而多晶体没有规则的几何外形，故A正确；

B．降低温度能够使气体的饱和气压降低；从而使气体液化，故B正确；

C．根据

可知；一定质量的理想气体等压膨胀过程中温度一定升高，理想气体的内能一定增大，同时气体膨胀对外做功，由热力学第一定律可知，气体一定从外界吸热，故C正确；

D．当两分子间的作用力表现为斥力时；分子间的距离增大，分子力做正功，分子动能增大，势能减小，故D错误；

E．一定量的理想气体，如果体积不变，根据

可知；温度降低，压强减小，因此分子每秒平均碰撞器壁次数将减小，故E错误；

故选ABC。9、A:B:C【分析】由左手定则可知，A图中安培力应与图中反向，B图中F方向应于I、B均垂直直线左上方，C图中F=0，只有D是正确的；此题选择不正确的，故选ABC.10、A:D【分析】若元件的载流子是自由电子；由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势．故A正确；若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故B错误；在测地球南；北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时U最大，故C错误；地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时U最大．故D正确．故选AD．

点睛：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布．11、B:C:D【分析】【分析】

介质中质点振动的周期和相应的波的周期相等．波速公式v=λf适用于一切波．波都能产生干涉和衍射现象．机械波既有横波又有纵波；而电磁波只有横波．

【详解】

A；机械波既有横波又有纵波；而电磁波只有横波；故A不正确.

B；干涉和衍射是波的特有性质；机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象；故B正确.

C；波在传播过程中；介质中质点在波源驱动力作用下做受迫振动，振动周期都等于波的振动周期；故C正确.

D、机械波的频率、波长和波速三者满足的关系v=λf适用于一切波；对电磁波也适用；故D正确.

E、光的干涉条纹间距若仅将入射光由绿光改为红光，由于波长变大，故条纹间距变大；故E错误.

故选BCD.

【点睛】

本题考查对波的基本知识的掌握情况．要知道质点振动的周期和频率就等于波的周期与频率，明确机械波与电磁波的共性和区别．12、B:D:E【分析】【详解】

A．由甲读出该波的波长为λ=4m，由乙图读出周期为T=2s，则波速为故A错误．

B．在乙图上读出t=1s时刻P质点的振动方向沿y轴正方向；在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴正方向，故B正确．

C．在波的传播过程中；介质中的质点只在平衡位置附近振动，并不随波的传播方向迁移，故C错误．

D．质点的振动周期为2s；由图乙所示图线可知，质点的振幅：A=0.2m，在0～1s时间内质点P的位移为零，路程：s=2A=2×0.2=0.4m，故D正确；

E．由于该波的波长为4m，所以该波在传播过程中若遇到直径为3m的球，能发生明显的衍射现象，故E正确．13、B:C:E【分析】【详解】

试题分析：在干涉现象中，振动加强点振幅最大，位移在变化，所以振动加强点的位移不是总是比减弱点的位移大，故A错误．单摆在周期性外力作用下做受迫振动，单摆的周期与驱动力的周期相等，与固有周期无关，故B正确．火车鸣笛向我们驶来时，根据多普勒效应知，我们接收的频率大于波源发出的频率，故C正确．当水波通过障碍物时，若障碍的尺寸与波长差不多，或比波长小的多时，将发生明显的衍射现象，故D错误．根据知；A光的条纹间距比B光的条纹间距大，则A光的波长大于B光的波长，故E正确．故选BCE．

考点：波的干涉；受迫振动；多普勒效应；波的衍射；双缝干涉。

【名师点睛】本题考查了干涉现象、衍射现象、双缝干涉、多普勒效应、受迫振动、简谐运动等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点；振动加速度的振幅最大，不是位移总是最大．受迫振动的频率等于驱动力的频率，与固有频率无关．当波长与障碍物尺寸差不多，或比障碍物尺寸大，会发生明显的衍射，这些地方都容易出错．三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

试题分析：（1）据十分之一估读法；读数为：12.0A；

当电阻箱阻值为10Ω时有：当电阻箱阻值为85Ω时：则电流计内阻有：电源电动势为：．

（2）将电流计改装成欧姆表后，指针处于30mA处时有：代入数据可以求得电阻箱此时阻值为：当指针示数为15mA时，电流总电流为：欧姆表读数为：

（3）电源内阻增大后；将两表笔断开，指针仍能满偏，说明电源内阻与电阻箱阻值之和与原来相等，故测量结果不变．

考点：本题考查欧姆表的内部结构．【解析】12.040∞8不变15、略

【分析】【分析】

【详解】

该逻辑电路由非门和与门构成；非门电路特点是输出端情况与输入端相反，即当输入端为“1”时，输出端为“0”，当输入端为“0”时，输出端为“1”，与门电路的特点是指决定某事件的条件全部具备时，该事件才发生，即当输入端全为“1”时，才会输出“1”，其他输入情况，输出均为“0”

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001016、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】平面法线等于18、略

【分析】【详解】

[1]单色光a的偏向角小于单色光b的偏向角，所以冰晶对单色光a的折射率小于冰晶对单色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大19、略

【分析】【详解】

第一空；逆时针。

当磁铁向下移近导线圈的过程中，穿过导线圈A的磁通量增大；在导线圈中要产生感应电流，由楞次定律可知，导线圈中产生的感应电流要阻碍原磁场的增大，由安培定则可判断感应电流方向是（从上往下看）逆时针．

第二空；竖直向下。

当磁铁在导线圈A正上方向下移近的过程中，导线圈中产生的感应电流要阻碍原磁场的增大，导线圈A有远离磁铁的趋势，所以导线圈A所受磁场力的方向是竖直向下．【解析】逆时针竖直向下20、略

【分析】【详解】

（1）a．重物受到最大冲击力时加速度的大小为a，由牛顿第二定律解得：

b．重物在空中运动过程中，由动能定理有：

重物与地面接触前瞬时的速度大小为：

重物离开地面瞬时的速度大小为：

重物与地面接触过程，重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向，由动量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力．【解析】90m/s26人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力21、略

【分析】【详解】

[1][2][3]根据爱因斯坦光电效应方程

图象的斜率表示普朗克常量h，横轴的截距大小等于截止频率，由图知该金属的截止频率为4.31×1014Hz；金属的逸出功为

[4]根据光电效应方程得

当入射光的频率为时，代入数据解得最大初动能为

依据

解得

【点睛】

解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系，并掌握光电效应方程，以及知道逸出功与极限频率的关系，结合数学知识即可进行求解，同时注意遏止电压与最大初动能的关系，及保留3位有效数字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．22、略

【分析】【详解】

[1]根据串联电路特点，可知电容器两板间的电压

由

[2][3]根据U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因为φB=0

再根据UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作图题(共3题，共24分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共21分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]由于滑动变阻器的分压影响产生误差；故选择阻值小的c能减小误差；电压表的量程为0~3V，故电池组选择f。

（2）[3][4]当电压表的指针指到3.0V位置时，电压表中的电流当电压表的指针指到1.5V位置时，电阻箱的电阻为电压表中的电流

可得

由于滑动变阻器的分压影响，故

即

越大，滑动变阻器的分压影响越小，越接近故越小。【解析】cf>小27、略

【分析】【详解】

（1）电路直接采用串联即可；电压表并联在电源两端，采用的是电流表内接法；电路图如右图所示；如图所示。

（2）根据电路图可知则U-I图线中纵轴截距等于电源的电动势E=1.50V

图像斜率等于电源内阻

（3）AB．由电路图可知；电流表采用内接法，由于电压表分流作用，使所测电流小于电路总电流的真实值，造成了实验误差，A正确，B错误；

C．当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的U-I图像如图所示；由图像可知，电源电动势的测量值小于真实值，C正确；

D．作出U-I图线实际图线和测量图线；如图所示。

由上图可知电动势的测量值偏小；内电阻的测量值偏小，D错误。

选AC。

（4）由电路图可知，本实验采用电流表与电阻箱串联的方式进行测量，则有

为了得出直线图像，可将公式变形得

故应使用R为纵坐标，为横坐标；则图像中的k表示电源的电动势；

当R=0时，故r=km

【点睛】

由于电流表的内阻接近电源的内电阻，故若采用电流表外接法，则测得的内阻误差太大；故应采用电流表内接法。由作出的U-I图可知，图像与纵坐标的交点为电源的电动势；图像的斜率表示内阻。根据闭合电路欧姆定律进行分析并列式，结合图像的性质即可明确应采用的坐标系；再根据图像中斜率和截轴的意义即可求得电动