2025年沪教版必修1物理下册月考试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版必修1物理下册月考试卷85考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，质量为m1的物块放在车厢的水平底板上，用竖直细线通过光滑的定滑轮与质量为m2的小球相连。车厢正沿水平直轨道向右行驶，此时与小球相连的细线与竖直方向成θ角，小球、物块与车厢均保持相对静止，由此可知（重力加速度为g）（）

A.车厢的加速度大小为gsinθB.细线对物块的拉力大小为m2gcosθC.底板对物块的支持力大小为（m2－m1）gD.底板对物块的摩擦力大小为m1gtanθ2、在“探究弹簧弹力与形变量的关系”实验中，用毫米刻度尺记录弹簧的长度，下列记录的数据符合读数精度要求的是（）A.B.C.D.3、从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体A、B的速度图像如图所示。在时间内；下列说法中正确的是（）

A.A的位移不断增大，B的位移不断减小B.物体A的加速度不断增大，B物体的加速度不断减小C.两物体B的加速度大小都在不断减小D.两物体B的平均速度大小都大于4、物体做自由落体运动，2s内的平均速度为（g取10m/s2）（）A.1m/sB.2m/sC.10m/sD.20m/s5、某频闪仪每隔0.04s的时间发出一次短暂的强烈闪光，照亮沿直线运动的小球，于是照相机胶片上记录了小球在几个闪光时刻的位置。如图是小球从A点运动到B点的频闪照片示意图；由图可以判断，小球在此运动过程中（）

A.位置变化率越来越大B.速度变化率越来越大C.加速度越来越大D.受到的合力越来越大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、甲、乙两物体从同一位置出发沿同一直线运动的v-t图像如图所示；下列判断正确的是（）

A.在6s内甲做匀速直线运动，乙做匀变速直线运动B.乙在前2s内做匀加速直线运动，2~6s做匀减速直线运动C.两物体在2s末相遇D.2s后，甲、乙两物体的速度方向相反7、如图所示，同种材料的两滑块A、B，用轻质细绳通过光滑定滑轮相连，A放在粗糙的水平桌面上。此时A、B刚好平衡，已知滑块与水平桌面间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，动摩擦因数B的质量为m；重力加速度为g，则A和B调换位置后，下列说法正确的是（）

A.A和B的加速度为gB.A的质量为2mC.调换后绳的拉力不变D.调换后绳的拉力变大8、如图所示；人的质量为M，物块的质量为m，且M＞m，若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，则下列说法中正确的是：（）

A.地面对人的摩擦力减小B.地面对人的摩擦力增大C.人对地面的压力增大D.人对地面的压力减小9、一辆汽车在平直的公路上匀速行驶，司机突然发现前方有一辆老年代步车正在慢速行驶，短暂反应后司机立即采取制动措施，结果汽车恰好没有撞上前方的老年代步车，若司机发现代步车时开始计时（t＝0）；两车的速度-时间图像如图所示，则（）

A.图像中的b表示汽车，a表示老年代步车B.汽车制动时的加速度大小为5.0m/s2C.从司机发现代步车到两车速度相等时经历的时间为3.0sD.司机发现代步车时汽车距离代步车30m10、如图甲，倾角为长的斜面放置在水平面上，一小物体（可视为质点）从斜面顶端由静止开始下滑，小物体与斜面间的动摩擦因数随物块到斜面顶端的距离的变化情况如图乙小物体在下滑过程中斜面始终静止，则在小物块下滑过程中（）

A.小物体做加速度减小的加速运动B.小物体速度先变大后变小C.地面对斜面的支持力不变D.地面对斜面的摩擦力先向左后向右11、如图所示，一辆装满石块的货车沿水平路面以加速度a向右做匀加速直线运动。货箱中石块B的质量为m，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.货车速度增加得越来越快B.货车在相邻的两个相等时间间隔内的位移之差为C.与B接触的物体对B的作用力大小为D.与B接触的物体对B的作用力方向水平向右12、某同学用台秤研究在电梯中的超失重现象．在地面上称得其体重为500N，再将台秤移至电梯内称其体重．电梯从t=0时由静止开始运动，到t=11s时停止，得到台秤的示数F随时间t变化的情况如图所示（g=10m/s2）。则（）

A.电梯为下降过程B.在10~11s内电梯的加速度大小为2m/s2C.F3的示数为550ＮD.电梯运行的总位移为19m评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)13、在刚刚结束的安徽师范大学附属中学2019年教职工篮球联赛中，赛前热身时，队员们正在进行折返跑训练，假设皮皮志老师在进行折返跑时，从篮球场一端静止开始沿直线匀加速冲起来，之后再匀减速到达球场的另一端停下，已知匀加速直线运动的加速度大小是匀减速直线运动加速度大小2倍，总时间为18s，第3s初到第5s初内的位移为x1,倒数第二个3s内的位移为x2，则=__________14、动力学的两类基本问题。

（1）由物体的受力情况求解运动情况的基本思路先求出几个力的合力，由牛顿第二定律（F合＝ma）求出_____；再由运动学的有关公式求出速度或位移。

（2）由物体的运动情况求解受力情况的基本思路，已知加速度或根据运动规律求出_____，再由牛顿第二定律求出合力，从而确定未知力。15、科学研究中，把测量值与真实值之差称为绝对误差，绝对误差与真实值的比值称为相对误差。相对误差通常表示成百分比形式。测量的相对误差不仅与所用测量工具有关，也与被测量的物理量大小有关。当用同一种工具测量时，被测量的数值越大，测量结果的相对误差就越小。若要求测量的相对误差不超过5%，则用该尺测量的长度小于___________m时就不再符合要求。16、如图给出了汽车从A点出发到B点做直线运动的v-t图线，据图可知．在40s﹣200s内汽车的位移大小是______m．

17、某质点由到做匀加速直线运动，已知由到的平均速度为位移中点的瞬时速度为则_______（填“大于”、“小于”或“等于”）。18、作用在物体上的外力撤去后，物体能够恢复原状的形变叫_______形变；外力撤去后，物体不能恢复原状的形变叫_______形变。（均选填“弹性”或“⾮弹性”）19、用游标为50分度的卡尺(测量值可准确到0.02mm)测定某圆筒的内径时；卡尺上的标数如图所示，可读出圆筒的内径为________mm.

20、在一次森林探险活动中，某探险队员在两棵树之间搭建一吊床用于晚间休息，如图所示，若两根绳子间的夹角为120°，探险队员和吊床总质量为80Kg，则每根绳对树的拉力大小为________N（g取10m/s2）评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)21、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

22、如图所示，粗糙的长方体木块A、B叠在一起，在B木板上施加水平外力F；使A；B一起向右匀速运动，试分别画出A、B的受力示意图。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)23、某实验小组利用如图所示的装置探究物体的加速度与力；质量的关系．

(1)实验中下列做法正确的是___________．。A．平衡摩擦力后，实验就不需要满足小车及车中砝码总质量远大于砝码盘及盘中砝码总质量的条件B．每次改变小车中砝码的质量后，都需要重新平衡摩擦力C．选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量D．实验中应先接通打点计时器的电源，然后再释放小车(2)实验中由于实际绳对小车的拉力_________（选填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，会给实验带来系统误差．为减小此误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是__________．（填写相应序号）

①M=200g；m=40g；60g、80g、100g、120g

②M=200g；m=30g；35g、40g、45g、50g

③M=400g；m=20g；40g、60g、80g、100g

④M=400g；m=10g；15g、20g、25g、30g

(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点1、2、3、4、5.已知打点计时器的打点周期为0.02s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，则小车运动的加速度大小a=______m/s2．（结果保留两位有效数字）

(4)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套上图所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到右图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为由图可知________．（大于、小于、等于）24、如图甲所示，利用装置探究加速度和力之间的关系，设小车的质量为M，砂子和桶的总质量为m；不考虑绳与滑轮间的摩擦，滑轮质量忽略不计。

（1）实验过程中，下列说法正确的是___________。

A．实验前需要测量出小车的质量。

B．实验中砂子和桶的总质量m一定要远小于小车的质量M

C．实验前；需将长木板靠近打点计时器的一端垫高，以平衡摩擦力。

D．改变砂子和桶的总质量，测量多组数据，作出a一F图像。

（2）如图乙是实验中得到的一条纸带，相邻两计数点间还有四个点没画出。已知打点计时器所接交流电的频率为50Hz，根据纸带可求出加速度大小为___________m/s2（结果保留两位有效数字）。

（3）改变桶内砂子的质量，多次实验，以力传感器的示数F为横轴，小车的加速度a为纵轴，作出a-F图像，根据图像可求得小车的质量M=___________kg（结果保留两位有效数字）。25、(1)用游标为10分度的游标卡尺测量某工件的长度时；示数如图所示则测量结果应该读作__________mm；

(2)用游标为50分度的游标卡尺测量某工件的长度时，示数如图所示，则测量结果应该读作________mm。评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)26、一辆汽车以36的速度在平直公路上匀速行驶，若汽车先以0.5的加速度匀加速10s后，再以3的加速度匀减速刹车，请作出汽车开始加速后18s内的图像。27、有一项游戏可简化如下：如图所示，滑板长L=1m，起点A到终点线B的距离s=5m。开始滑板静止，右端与A平齐，滑板左端放一可视为质点的滑块，对滑块施一水平恒力F使滑板前进。滑板右端到达B处冲线，游戏结束.已知滑块与滑板间动摩擦因数μ＝0.5，地面视为光滑，滑块质量m1=2kg，滑板质量m2=1kg，重力加速度g取10m/s2；求：

（1）滑板由A滑到B的最短时间；

（2）为使滑板能以最短时间到达B，水平恒力F的取值范围。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

A．由图可知整个系统一起做匀加速直线运动，以m2为为研究对象，受力如图所示，由牛顿第二定律得

解得：

则车厢的加速度也为故A错误；

B．如图所示，绳子的拉力

故B错误；

C．对物体m1研究，受力如图所示，在竖直方向上由平衡条件得

故C错误；

D．由图所示，由牛顿第二定律得

故D正确。

故选D。2、D【分析】【详解】

毫米刻度尺最小分度为则读数时要估读到最小刻度的下一位，即读数为

故选D。3、C【分析】【详解】

A．速度时间图像；面积表示位移，AB位移均在增大，故A错误；

BC．速度时间图像；斜率表示加速度，AB斜率均在减小，加速度均在减小，故B错误，C正确；

D．匀变速直线运动平均速度

面积表示位移，A位移大于匀变速位移，故平均速度大于B位移小于匀变速位移，故平均速度小于故D错误。

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

匀变速直线运动；平均速度等于中间时刻的瞬时速度，所以2s内的平均速度等于1s时刻的瞬时速度，即。

ABD错误；C正确。

故选C。5、A【分析】【详解】

由图可知两相邻闪光间隔所对应的位移之差恒定；说明小球做匀加速直线运动，其速度越来越大，即位置变化率越来越大；其加速度不变，即速度的变化率不变；根据牛顿第二定律可知小球受到的合力不变，故A正确，BCD错误。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)6、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．甲做匀速直线运动；而乙前2s内先做匀加速直线运动，后2~6s做匀减速直线运动，故A错误，B正确；

C．由图可知在1s末和4s末两物体的速度相同；根据“面积”表示位移可知，在2s末和6s末两物体相遇，故C正确；

D．由图可知两物体的速度方向一直为正方向；即速度方向相同，故D错误。

故选BC。7、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．开始时A、B刚好平衡，有

得

A和B调换位置后，有

则

故A正确；B错误；

CD．调整前绳的拉力为

调整后

则

故C正确；D错误。

故选AC。8、B:C【分析】【详解】

分别对物块和人进行受力分析，如下图，对于物块由平衡条件可知对于人进行正交分解，有和当人拉着绳向右跨出一步后，绳子的拉力不变，而绳子和水平方向的夹角变小；因此，地面对人的摩擦力增大，地面对人的支持力减小，根据作用力和反作用力，人对地面的压力减小，所以正确选项为B；C．

9、A:B:D【分析】【详解】

A．汽车先匀速后减速，老年代步车一直匀速，则a为老年代步车，b为汽车；故A正确；

B．由图像可知，汽车制动时的加速度

故B正确；

C．由图像可知，从司机发现代步车到两车速度相等时经历的时间为故C错误；

D．司机发现代步车时汽车距离代步车

则D正确。

故选ABD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

已知则

AB．摩擦因数较小时，对物块，沿斜面方向，根据牛顿第二定律有

得

可知，当时，加速度沿斜面向下，做加速运动；当时，加速度为零；当时；加速度沿斜面向上，做减速运动。全过程加速度先减小后反向增大，故A错误，B正确。

CD．设小物体质量为斜面的质量为小物块的加速度为小物块加速度在水平和竖直方向的分加速度分别为和由于小物块加速度先沿斜面向下后沿斜面向上，则先水平向左后水平向右，先竖直向下后竖直向上。将小物块和斜面视为整体，根据牛顿第二定律，水平方向有

竖直方向有

可知，随着增大；地面对斜面的摩擦力先向左后向右，地面对斜面的支持力先由小变大，故C错误，D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据加速度的定义式可知；速度变化率不变，单位时间内货车速度增加量不变，故A错误；

B．根据匀变速直线运动的规律可知，货车在相邻的两个相等时间T内的位移之差为故B正确；

CD．货车沿水平路而以加速度a向右做匀加速直线运动，与B接触的物体对B的作用力F的方向如图所示。

作用力的大小为

故C正确；D错误。

故选BC。12、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．电梯支持力小于重力，合力向下，加速度向下，初始为静止，所以电梯为匀加速下降，支持力等于重力，平衡状态，保持末的速度匀速直线运动，支持力大于重力；合力向上，由于之前的速度向下，所以此阶段向下匀减速。选项A对；

BCD．匀加速阶段加速度。

末的速度。

此阶段位移。

匀速阶段位移。

匀减速阶段时间初速度为末的速度；末速度等于0，所以可得此阶段加速度。

根据牛顿第二定律。

带入计算得此时的支持力即此阶段位移。

总位移。

C错诶BD正确；

故选ABD。三、填空题(共8题，共16分)13、略

【分析】【详解】

[1]由题意可知设加速时间为t，则减速时间为18-t，加速的最大速度为v，故根据匀变速直线运动速度和时间的关系有：

解得t=6s，即在前6秒做匀加速直线运动，后12秒做匀减速直线运动.故前2s的位移为：

前4s的位移为：

第3s初到第5s初内的位移：

因为18s速度减为0，故减速过程倒数第二个3s，可以看成从0开始加速的第二个3秒内的位移，即3s末到6秒末的位移，故3秒内的位移为：

6秒内的位移为：

减速过程倒数第二个3s的位移为：

所以有：【解析】14、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由物体的受力情况求解运动情况的基本思路先求出几个力的合力，由牛顿第二定律（F合＝ma）求出加速度；再由运动学的有关公式求出速度或位移。

（2）[2]由物体的运动情况求解受力情况的基本思路，已知加速度或根据运动规律求出加速度，再由牛顿第二定律求出合力，从而确定未知力。【解析】加速度加速度15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]该纤维尺的分度值是1cm，用该尺测量的最大绝对误差是0.01m，设测量的最小长度为L；则相对误差为。

则L>0.02m，所以该尺的测量长度小于0.200m时就不再符合要求了。【解析】0.20016、略

【分析】【详解】

[1]在40s-200s内汽车的位移大小【解析】240017、略

【分析】【详解】

[1]设AB的距离为x；则平均速度为。

位移中点的瞬时速度为。

则有。

则。

【解析】小于18、略

【分析】【详解】

[1][2]弹性形变指物体形变之后撤去外力能完全恢复原来形状的形变；非弹性形变则是指外力撤去后物体不能恢复原状的形变。【解析】弹性非弹性19、略

【分析】【分析】

由题中“用游标为50分度的卡尺(测量值可准确到0.02mm)测定某圆筒的内径时”可知；本题考查游标卡尺的读数，根据游标卡尺的读数规律可解答本题．

【详解】

此游标卡尺精度为0.02mm，读数值为52.12mm(第6条线与主尺对齐)．【解析】52.1220、略

【分析】当夹角为为120°时，根据平行四边形定则，知合力与分力相等，所以F=F1=F2=800N。【解析】800；四、作图题(共2题，共12分)21、略

【分析】【详解】

由图可知；由于物体受到重力的作用会拉伸绳子，则绳子会对物体产生一个和形变方向相反的弹力，即沿绳子的方向向上；物体由于受到重力的作用，会对斜面产生一个压力，导致斜面发生形变，故斜面也会对物体产生一个垂直斜面向上的弹力，如下图所示。

【解析】见解析22、略

【分析】【详解】

先对A分析。

再对B分析。

【解析】五、实验题(共3题，共18分)23、略

【分析】【分析】

根据“探究物体的加速度与力；质量的关系”可知；本题考查“验证牛顿第二定律”的实验，根据实验条件、实验原理、实验数据处理、误差分析、实验结论等，进行列式计算和分析推断.

【详解】

(1)A、本题实验研究物块的牛顿第二定律，实验器材不能测出绳的拉力大小，则平衡摩擦力后要求物块质量M远大于钩码的总质量m，只有满足这个条件才可认为小车受到的拉力F约为mg；故A错误.

B、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ；与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度；故B错误.

C；选取点迹清晰的纸带；不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量；故C错误.

D；打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块；而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器；故D正确.

故选D.

(2)重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力；因此第④组数据比较符合要求．

(3)根据匀变速直线运动的判别式△x=aT2，运用逐差法得：

(4)根据牛顿第二定律得可知图线的纵轴截距的绝对值等于μg,则有

【点睛】

本题主要考查“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法．对于图线问题，一般的解题思路是通过物理规律得出两个物理量之间的函数关系，结合图线的斜