2024年沪教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版必修3物理上册月考试卷891考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，两个带电小球A、B分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内。用水平向左的推力F作用于B球；两球在图示位置静止。现将B球沿斜面向上移动一小段距离，发现A球随之向上移动少许，两球在虚线位置重新平衡。重新平衡后与移动前相比，下列说法错误的是。

A.墙面对A的弹力变小B.斜面对B的弹力不变C.推力F变大D.两球之间的距离变大2、如图所示，两个固定的半径均为r的细圆环同轴放置，O1、O2分别为两细圆环的圆心，且O1O2=2r，两环分别带有均匀分布的等量异种电荷+Q、-Q（Q>0）。一带正电的粒子（重力不计）从O1处由静止释放，静电力常量为k；下列说法正确的是（）

A.粒子在O2处动能最大B.粒子在O1O2中点处动能最大C.O1O2中点处的电场强度为D.O1O2中点处的电场强度为3、真空中两个点电荷间的相互作用力为F。如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离减小为原来的四分之一，在它们之间的相互作用力大小等于（）A.B.FC.4FD.16F4、如图所示，光滑绝缘水平面上，有两个质量相等的带电物体P、Q，中间用不可伸长的轻质绝缘细绳相连，物体P所带电量为-q1，物体Q所带电量为+q2，且q1<q2，在水平面上方加上场强大小为E；方向水平向右的匀强电场；则当两物体运动达到稳定时（不考虑P、Q之间的库仑力），中间细绳拉力大小为（）

A.Eq2-Eq1B.C.D.Eq2+Eq15、Q1、Q2为两个固定的点电荷，a、b、c三点在它们连线的延长线上，以a点为坐标原点，沿延长线建立x轴，其φ-x图象如图所示。下列说法正确的是（）

A.Q1的电荷量小于Q2的电荷量B.Q1、Q2带同种电荷C.Q2带负电D.b点电场强度最大6、小华用如图所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，实验测量得到的图线和理论图线关系正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器滑片P向左移动；下列结论正确的是()

A.电流表读数变小，电压表读数变大B.小灯泡L变暗C.电容器C上的电荷量减小D.电源的总功率变大8、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，当变阻器R的滑动触头向a端移动时；下列判断正确的是（）

A.电流表A1的示数变大B.电流表A2示数变小C.电流表A2示数不变D.电压表V的示数变大9、如图所示为一节能运输系统。斜面轨道长为L，倾角为30°，当质量为M的木箱在轨道顶端时，自动装货装置将质量为m=3M的货物装入木箱；然后木箱载着货物沿轨道无初速度滑下，当轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程，下列选项正确的是()

A.木箱与轨道间的动摩擦因数为μ=B.若保持其他条件不变，只改变m的质量，此系统仍能正常工作C.若保持其他条件不变，只改变斜面轨道的长度L，此系统仍能正常工作D.木箱向下滑动过程中的最大速度与向上滑动过程中的最大速度相等10、图甲、乙分别为点电荷和平行板电容器电场的电场线和等势面分布情况。P、Q、M、N分别是电场中的四个点；下列说法正确的是（）

A.P、Q两点场强相同B.Q点电势高于P点C.M、N两点电势相等D.将负电荷从M点移至N点的过程中电场力做负功11、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等距的M点有一个带电液滴处于静止状态．若将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方；稳定后，下列说法中正确的是。

A.液滴将向下加速运动B.M点电势升高，液滴在M点的电势能将减小C.M点的电场强度变小了D.在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同12、为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源、开关和导线以外，配合下列哪组仪器，不能达到实验目的（）A.—个电流表和一个电阻箱B.—个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器C.一个电压表和一个滑动变阻器D.—个电流表和一个滑动变阻器评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)13、如图所示，面积为S的线圈垂直放在磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈一半在磁场外，穿过线圈的磁通量为_____________．若线圈以为轴转过180°，则该线圈磁通量的变化量为___________．14、可再生能源和不可再生能源∶

（1）____、_______、天然气等化石能源，短期内无法恢复的能源，称为______能源。

（2）水能、风能、潮汐能等能源，归根结底来源于太阳能，这些能源在自然界可以再生，称为______能源。15、恒定电流。

（1）恒定电场。

a.定义：由___________所产生的稳定的电场。

b.形成：当电路达到稳定时，导线中的电场是由___________、___________等电路元件所积累的电荷共同形成的。

c.特点：任何位置的___________和___________都不随时间变化；其基本性质与静电场相同。

（2）恒定电流。

a.定义：___________都不随时间变化的电流称为恒定电流，电流的强弱程度用___________这个物理量表示。

b.公式：其中：I表示电流，q表示在时间t内通过导体横截面的___________

c.单位：___________，简称___________，符号是___________；常用的电流单位还有毫安（mA）、微安（μA）。1A=___________mA；1A=___________μA。16、（1）变化的电场一定产生变化的磁场。_______

（2）恒定电流周围产生磁场，磁场又产生电场。_______

（3）电磁波和光在真空中的传播速度都是3.0×108m/s。_______

（4）麦克斯韦预言并验证了电磁波的存在。_______

（5）电磁波在任何介质中的传播速度均为3×108m/s。_______

（6）光也是一种电磁波。_______17、下面各图均是用游标卡尺测量时的示意图，图甲中游标卡尺为50分度的游标卡尺，图乙中游标卡尺为20分度的，图丙中游标卡尺为10分度的，它们的读数分别为：________；________；________。

18、如所示电路图中，电源两端的电压保持不变，三个电阻的阻值都相等．当开关S闭合前，电压表的示数为U；当开关S闭合后，电压表的示数为U，则U：U=____________．

19、如图所示，是用电流表和电压表测量电阻的一种方法，Rx为待测电阻，考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数___________Rx两端的实际电压，电流表的读数___________通过Rx的实际电流。（选填“大于”；“小于”功“等于”）

20、通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，小磁针的指向如图所示，则螺线管的端为_______（选填“”或“”）极，接电源的_____（选填“正”或“负”）极。

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)21、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共2题，共14分)24、某同学欲测量一阻值大约为10Ω；粗细均匀的金属线的电阻率。实验桌上除游标卡尺；螺旋测微器、导线和开关外，还有以下器材可供选择：

A.电源E（电动势为6.0V）

B.电压表V（量程6V；内阻约为8kΩ）

C.电流表（量程0.6A；内阻约为0.2Ω）

D.电流表（量程3A；内阻约为0.05Ω）；

E．滑动变阻器（最大阻值5Ω；额定电流2A）

（1）用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示，读数______cm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，读数______mm；

（2）测量金属线的电阻时，为了便于调节，测量的尽可能准确，实验中所用电流表应选用______（填所选仪器前的字母符号），选择合适的实验器材，在图丙方框内把实验原理图补充完成，把器材符号标在电路图上；______

（3）设测得金属线的电阻为R，长度为L，直径为D，求得金属线的电阻率为______（用R、L、D三个物理量表述）。25、在测定电源电动势和内阻的实验中；实验室提供了合适的实验器材。

（1）甲同学按电路图甲进行测量实验，其中R0=0.5Ω。

①请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；______

②根据电压表的示数U和电流表的示数I，画出U—I图线如图丙所示，可得电源的电动势E=_______V，内阻r=_______Ω；（结果均保留两位有效数字）

（2）乙同学误将测量电路连接成如图丁所示，其他操作正确，根据电压表的示数U和电流表的示数I，画出U—I图线如图戊所示，图中1、2、3点的坐标分别为（0.30，2.00）、（0.50，2.10）和（0.80，2.00），可得电源的电动势E=_________V，内阻r=________Ω。（结果均保留两位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共2题，共12分)26、静电场有很多性质；其中之一就是电场力做功只与电荷运动的初末位置有关，与运动的路径无关。

(1)如图所示，电子以初速度v0沿平行于板面的方向从A点射入偏转电场，并从另一侧的某点射出。已知电子质量为m，电荷量为e。偏转电场可以看作匀强电场，极板间电压为U，极板长度为L，板间距为d。忽略电子所受重力。

a．求电子通过偏转电场的过程中的加速度大小a；

b．求电子通过偏转电场的过程中电场力对电子所做的功W.

(2)某同学突发奇想；设计了下图所示的永动机模型。如图所示，在水平方向上设置相反方向的匀强电场，在场中放置一光滑圆形绝缘管道，将带正电的小球放置于管道中某点，在电场力的作用下，小球的速度会逐渐变大，一直运动下去。请你结合静电场的基本性质，分析论证这位同学的设计是否可行。

27、如图所示，一对水平放置的平行金属板长为L、间距为d，接在直流电源两极间，电压为U。一束质量为m、电荷为q的带电粒子经加速电场（图中未画出）加速后，沿水平方向从两板正中的O点射入。

（1）要想让所有的粒子都能从右侧飞出；粒子射入电场的初速度要满足什么条件？

（2）相应的加速电场的电压应满足什么条件？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

B.利用整体法可知；斜面对B球支持力的竖直分量等于A；B两带点小球的重力之和，斜面倾角不变，斜面对B的支持力不变，故斜面对B的弹力不变，故B的说法正确，与题意不符；

D.A球上升；AB连线库仑力与竖直方向的夹角变小，而库仑力竖直方向分量不变，所以库仑力变小，A；B间的距离变大，故D的说法正确，与题意不符；

AC.因为库仑力水平分量减小，库仑力水平分力的大小等于墙面对A的弹力大小，推力F的大小等于墙面对A的弹力与斜面对B的弹力的水平分分量之和，斜面对B的弹力不变，故A的说法正确与题意不符，C错误，符合题意。2、D【分析】【详解】

A．根据电场叠加原理，在O2左侧场强方向先向左后向右，因此粒子到达O2左侧某一点时；速度最大，动能最大，以后向左运动速度开始减小，动能也在减小。故A错误；

B．带电粒子从O1点开始由静止释放，在粒子从O1向O2的运动过程中，两圆环对粒子的作用力都向左，可见电场对带电粒子做正功。故粒子在中点处动能不是最大；故B错误；

CD．把圆环上每一个点都看成一个点电荷，则电荷量为

根据点电荷场强公式，各点电荷在O1O2中点处产生的场强大小

根据电场的叠加原理，单个圆环在O1O2中点的场强，为

两个圆环的场强，再叠加一下，有

故C错误；D正确。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

根据库仑定律可知。

将它们之间的距离减小为原来的四分之一；则。

故选D。4、C【分析】【详解】

取整体为研究对象，由牛顿第二定律可得

取P为研究对象，设中间细绳拉力大小为F，由牛顿第二定律可得

两式联立可得

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

ABD．由图可知b点的电势最高，且图象的斜率为零，而φ-x图象的斜率表示该处的电场强度，说明b点的合场强为零最小，由场的叠加原理可判断两固定点电荷带异种电荷，且Q1距离b点比Q2距离b点远，所以由库仑定律可知Q1带电荷量大于Q2的带电荷量；所以ABD错误；

C．由图可知a点向右方向电势先升高后降低，根据沿着电场线电势降低可知，电场线方向由b到a向左，b到c向右，而b点场强为0，所以可知Q1带正电，Q2带负电；所以C正确。

故选C。6、B【分析】【详解】

由题意可得本实验电路图如下图所示。

理论的图像解析式应为

如果考虑电表内阻误差；则误差来源为电压表分流。

由实验电路可知电压表测量示数准确，为电源路端电压，即

但电流表测量的不是外电路总电流，实际电流应包含电压表所在支路电流，即

由于电压测量值准确，则选取同一电压值，电流理论值值比测量值大（偏差为），且电压值选取越大，电流偏差越大。又由于当选取外电路电压为0（取不到）时则两条图线在轴相交。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)7、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．滑动变阻器R的滑片P向左移；电路总电阻变大，干路电流变小，即电流表读数变小，电压表读数即路端电压变大，A正确；

B．由于干路电流变小，所以L灯变暗；B正确；

C．变阻器两端电压变大；故电容器两端电压变大，电荷量增加，C错误；

D．而电源总功率P＝IE，I减小；所以P减小，D错误．

故选AB。8、B:D【分析】【详解】

A.当变阻器R的滑动触头向a端移动时，滑动变阻器阻值变大，回路中电阻变大，回路中总电流减小，即电流表A1的示数变小；故A错误。

BCD.回路中电流减小，内阻上分担的电压变小，所以路端电压变大，即电压表V的示数增大，流过R0的电流就增大，总电流减小，所以流过电流表A2示数变小，故BD正确；C错误；9、A:C【分析】【详解】

A．设木箱下滑距离为L1，全过程由能量守恒可得

解得动摩擦因数为故A正确；

B．若保持其他条件不变，只改变m的质量，要此系统正常工作，则需要满足

解得

可知，物体质量m为定值；改变后系统无法正常工作，故B错误；

C．若保持其他条件不变，只改变斜面轨道的长度L，要此系统正常工作，则需要满足

化简可得

可知与轨道长度无关；故C正确；

D．下滑撞击弹簧时；木箱与物体的动能储存为弹性势能，由于取出物体，则上滑时储存的弹性势能全部转化为木箱的动能，则上滑时最大速度大于下滑时的最大速度，故D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

A．P、Q两点场强大小和方向均不同；选项A错误；

B．离正电荷越近，电势越高，则Q点电势高于P点；选项B正确；

C．沿电场线电势降低，可知M点电势高于N点电势；选项C错误；

D．将负电荷从M点移至N点的过程中电势能变大；电场力做负功，选项D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

AC．原来液滴受力平衡，则知所受的电场力向上，液滴带负电．电容器与电源相连，板间电压不变，将板向下平移时，由板下移时，两板间的距离减小，由分析可知：板间电场强度增大；粒子受到的电场力增大，故液滴将向上加速运动，故AC错误；

B．下极板接地，电势为零，M点的电势等于M与之间的电势差．由可知，因E增大，不变，则M点的电势增大；因带电液滴带负电；故电势能将减小，故B正确；

D．因两板间的电势差不变，由知；前后两种状态下移动电荷时，电场力做功相同，故D正确．

故选BD。12、C:D【分析】【详解】

AB．测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律

用电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合可测量电源的电动势和内阻；或可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，

通过改变电阻箱的阻值；从而改变电流，实现多次测量，能达到实验目的，AB正确；

C．由于滑动变阻器不能读出阻值；不能求出电路中电流，不能达到目的，C错误。

D．由于滑动变阻器不能读出阻值；不能求出路端电压，不能达到目的，D错误。

故选CD。三、填空题(共8题，共16分)13、略

【分析】【详解】

[1][2]当长方形线圈abcd有一半处在磁感应强度为B的匀强磁场中时；此时穿过线圈的磁通量为：

以ab为轴转过的角度恰好为180°时；穿过面积的磁通量的方向与开始时相反，所以：

所以磁通量的变化量：

【解析】14、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]煤；石油、天然气等化石能源；短期内无法恢复的能源，称为不可再生能源。

（2）[4]水能、风能、潮汐能等能源，归根结底来源于太阳能，这些能源在自然界可以再生，称为可再生能源。【解析】煤石油不可再生可再生15、略

【分析】【分析】

【详解】

恒定电流。

（1）恒定电场。

a.[1]定义：由稳定分布的电荷所产生的稳定的电场。

b.[2][3]形成：当电路达到稳定时；导线中的电场是由电源；导线等电路元件所积累的电荷共同形成的。

c.[4][5]特点：任何位置的电荷分布和电场强度都不随时间变化；其基本性质与静电场相同。

（2）恒定电流。

a.[6][7]定义：大小；方向都不随时间变化的电流称为恒定电流；电流的强弱程度用电流这个物理量表示。

b.[8]公式：其中：I表示电流，q表示在时间t内通过导体横截面的电荷量；

c.[9][10][11][12][13]单位：安培，简称安，符号是A；常用的电流单位还有毫安（mA）、微安（μA）。1A=mA；1A=μA【解析】稳定分布的电荷电源导线电荷分布电场强度大小、方向电流电荷量安培安A16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]变化的电场一定产生的磁场；不一定是变化的磁场。故错误。

(2)[2]恒定电流周围产生磁场；变化的磁场才能产生电场，稳定的磁场不能产生电场。故错误。

(3)[3]电磁波和光在真空中的传播速度都是3.0×108m/s。故正确。

(4)[4]麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹验证了电磁波的存在。故错误。

(5)[5]电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s，其它介质中传播速度小于3×108m/s。故错误。

(6)[6]光是一种电磁波。故正确。【解析】①.错误②.错误③.正确④.错误⑤.错误⑥.正确17、略

【分析】【详解】

[1]在图甲中，主尺读数为42mm，游标尺上第5条刻度线与主尺上的一条刻度线对齐，由于游标尺是50分度的，所以读数为42mm＋5×0.02mm＝42.10mm

[2]在图乙中，主尺读数为63mm，游标尺上第6条刻度线与主尺上的一条刻度线对齐，由于游标尺是20分度的，所以读数为63mm＋6×0.05mm＝63.30mm

[3]在图丙中，主尺读数为29mm，游标尺上第8条刻度线与主尺上的一条刻度线对齐，由于游标尺是10分度的，所以读数为29mm＋8×0.1mm＝29.8mm【解析】42.1063.3029.818、略

【分析】【详解】

[1]设电源的电压为E．

开关断开时，三个电阻串联，电压表的读数为

开关闭合时，R3被短路，另外两个电阻串联，则电压表的读数为

故U：U′=4：3．【解析】4：319、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数等于安培表和电阻Rx两端的电压之和，则电压表读数大于Rx两端的实际电压，电流表的读数等于通过Rx的实际电流。【解析】大于等于20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由题图可知，小磁针静止时极指向端，则通电螺线管的端为极，通电螺线管的端为极，根据安培定则判断出电流的方向：从端流进，从端流出，接电源的正极，接电源的负极。【解析】①.②.正四、作图题(共3题，共6分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】五、实验题(共2题，共14分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]游标卡尺的固定刻度读数为52mm，游标读数为

所以最终读数等于固定尺加上游标尺的读数之和为

[2]螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为

所以最终读数等于固定尺加上可动尺的读数之和为（2.148~2152均可）

（2）[3]待测电阻的最大电流

因此选择

[4]滑动变阻器阻值较小；用分压式接法，待测电阻远小于电压表内阻，属于小