2025年岳麓版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，电路中电源的电动势为E、内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P从滑动变阻器R的中点位置向左滑动时，小灯泡的亮度变化情况。

A.两灯都变亮，灯变暗B.两灯都变暗，灯变亮C.两灯都变亮，灯变暗D.两灯都变暗，灯变亮2、为探究小灯泡L的伏安特性，连好图示的电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光．由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U-I图象应是。

A.B.C.D.3、用绝缘细线a、b将两个带电小球1和2连接并悬挂，已知小球2的重力为G，如图所示，两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为30°，两小球连线与水平方向夹角为30°，细线b水平；则（）

A.小球1带电量一定小于小球2的带电量B.细线a拉力大小为C.细线b拉力大小为D.小球1与2的质量比为4、如图所示为某一电场中场强E-x图像，沿x轴正方向，电场强度为正，则正点电荷从x1运动到x2；其电势能的变化是。

A.一直增大B.先增大再减小C.先减小再增大D.先减小再增大再减小5、如图所示，在一点电荷Q产生的静电场中，三个等势面a、b、c的电势分别为和一质子从等势面a上某处由静止释放，经过等势面b时的速率为v。下列说法正确的是（）

A.该点电荷Q带负电荷B.质子到达等势面c时速率为C.质子到达等势面c时速率为D.质子在等势面b上时的电势能比在c上时小6、关于电流，下列说法正确的是（）A.金属导体中自由电子定向移动速率增大时，电流变大B.电流既有大小又有方向，所以是矢量C.通过导体横截面积的电荷量越多，导体中电流就越大D.电流的方向就是正电荷定向移动的方向7、如图所示，电压U保持不变，电阻的电功率一样大，则电阻之比是（）

A.1∶1∶1B.4∶1∶1C.1∶4∶4D.1∶2∶28、下列物理量是标量的是A.电场强度B.电流C.磁感应强度D.安培力评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示；A；B为平行板电容器的两个金属极板，C为静电计，开始时闭合开关S，静电计张开一定角度。不考虑静电计引起的电荷量变化，则下列说法正确的是（）

A.保持开关S闭合，将两极板间距减小，板间场强减小B.保持开关S闭合，将R的滑片向左移动，静电计指针张开角度不变C.断开开关S后，紧贴下极板插入金属板，静电计指针张开角度减小D.断开开关S后，将两极板间距增大，板间电压增大10、用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法,以下物理量表达式中属于比值法定义的是（ ）A.B.C.D.11、用伏安法测电阻时；可以有两种方法把电压表和电流表连入电路，接法如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.采用（甲）图时，测量出的电阻值比真实值小B.采用（乙）图时，测量出的电阻值比真实值小C.为了减小误差，测量大电阻时宜采用（甲）图D.为了减小误差，测量大电阻时宜采用（乙）图12、如图为两个不同电源的U﹣I图象；则下列说法正确的是（）

A.电动势E1=E2，内阻r1＞r2B.电动势E1=E2，内阻r1＜r2C.接入相同电阻时，电源1的输出功率大D.接入相同电阻时，电源2的输出功率大13、一根粗细均匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，已知电流微观式为I=neSV，其中n为单位体积电子个数，e为元电荷，S为导线模截面积，则下列说法中正确的是A.此时金属导线的阻值为4RB.此时通过金属导线的电流为C.此时自由电子定向移动的平均速率为D.此时自由电子定向移动的平均速率为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示，在x轴上的原点O和轴上的P点分别固定同种点电荷q和且OP之间的距离为2d，则电场强度为零的点的坐标所在区间为________．

15、变化的磁场产生电场。

（1）实验基础：如图所示，在变化的磁场中放一个闭合电路，电路里就会产生_____________

（2）麦克斯韦的见解：电路里能产生感应电流，是因为变化的_________产生了电场；电场促使导体中的自由电荷做定向运动。

（3）实质：变化的_________产生了电场。16、某同学大胆猜想：两电流元之间存在相互作用的磁场力F，可能与两点电荷间的库仑力类似。如图甲所示，通有电流I1、I2的两根导线平行放置且电流均向上，设和分别表示导线上A、B两点处的电流元，A、B两点相距为r。（说明：若需常量可用K表示）

（1）请你根据猜想，写出两电流元间相互作用的磁场力F大小的表达式________；

（2）类比电场强度的定义写出在距电流元为r处B点的磁感应强度为________；

（3）如图乙所示，环形电流可以视为是由许多段的电流元组成，假设半径为r的圆环形导线通有电流为I，则圆心O处产生的磁感应强度B大小为________。

17、用示波器观察某交流信号时，在显示屏上显示出一个完整的波形，如图。经下列四组操作之一，使该信号显示出两个完整的波形，且波形幅度增大，此组操作是_____。

A.调整X增益旋钮和竖直位移旋钮。

B.调整X增益旋钮和扫描微调旋钮。

C.调整扫描微调旋钮和Y增益旋钮。

D.调整水平位移旋钮和Y增益旋钮18、为了研究某种化学电源的性能，设计如图所示电路，闭合所有开关，并改变滑动变阻器阻值，观察电压表V1、V2示数的变化，得到如下数据：某一次的测量电压表的读数分别为改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，发现电流表读数变为0.50A，电压表V1读数变化了0.4V，由上面数据可求：该电源电动势E=_________V；电源的内阻为r=__________Ω。

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)19、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

20、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

21、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)22、如图所示，均可视为质点的三个物体A、B、C在倾角为的光滑斜面上，A与B紧靠在一起，C紧靠在固定挡板上，质量分别为mA＝0.43kg，mB＝0.20kg，mC＝0.50kg，其中A不带电，B、C的电量分别为qB＝＋2×10－5C、qC＝＋7×10－5C且保持不变，开始时三个物体均能保持静止．现给A施加一平行于斜面向上的力F，使A做加速度a＝2.0m/s2的匀加速直线运动，经过时间t，力F变为恒力．已知静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2，g取10m/s2。求：

（1）开始时BC间的距离L；

（2）F从变力到恒力需要的时间t；

（3）在时间t内，力F做功WF＝2.31J，求系统电势能的变化量ΔEp23、如图所示，电荷量Q＝2×10－7C的正点电荷A固定在空间中O点，将质量m＝2×10－4kg，电荷量q＝1×10－7C的另一正点电荷B从O点正上方0.5m的某处由静止释放，B运动过程中速度最大位置在P点。若静电力常量k＝9×109N·m2/C2，重力加速度g取10m/s2；求：

(1)B释放时的加速度大小；

(2)P、O间的距离L。

24、用四个阻值均为R的电阻连成如图所示的电路，电键S闭合时，有一质量为m、带电荷量为q的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点，平行板电容器的下极板接地．现打开电键S，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球的电荷量发生变化，碰后小球带有和该极板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为d；不计电源内阻，求：

（1）小球开始带什么电？小球开始在中点的电势是多少？电源电动势E为多大？

（2）小球与极板碰撞后的电荷量q′为多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

将滑动变阻器的滑片P从滑动变阻器R的中点位置向左滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I减小，路端电压增大，则灯L3变亮；流过灯L2电流I2=I-I3，I减小，I3增大，则I2减小，灯L2变暗，灯L1的电压U1=U-U2，U增大，U2减小，U1增大，L1灯变亮；

A．两灯都变亮，灯变暗；与结论相符，选项A正确；

B．两灯都变暗，灯变亮；与结论不相符，选项B错误；

C．两灯都变亮，灯变暗；与结论不相符，选项C错误；

D．两灯都变暗，灯变亮；与结论不相符，选项D错误；

故选A．2、C【分析】【分析】

根据电路中电阻的变化；确定电压与电流变化，并考虑温度对电阻的影响，运用U﹣I图象含义分析判断．

【详解】

当滑动变阻器在最左端时；灯泡连端电压为0，滑动变阻器逐渐向右移动，小灯泡的亮度逐渐变亮，直到正常发光．随着小灯泡两端电压的升高，电流也在升高，但是，小灯泡灯丝的电阻随着温度的升高而增大，在图像上各点切线斜率应越来越大．故C正确。

【考点】

探究小灯泡的伏安特性曲线。

【点睛】

考查闭合电路中动态变化问题的分析，需要注意的是灯泡的电阻随着电压的升高而增大；3、B【分析】【详解】

A．由

可知；不能确定小球1与小球2的带电量，故A不符合题意；

C．对小球2，由平衡条件可得

解得细线b拉力大小为

故C不符合题意；

BD．对小球1，由平衡条件可得

解得细线a拉力大小为

小球1与2的质量比为

故B符合题意；D不符合题意。

故选B。4、C【分析】【详解】

沿x轴正方向，电场强度为正，由图可得，从x1到x2电场强度先沿x轴正方向再沿x轴负方向；顺着电场线方向电势降低，则从x1到x2电势先降低后升高，所以正点电荷从x1运动到x2，电势能是先减小再增大；故C项正确，ABD三项错误。5、C【分析】【详解】

A．由于a、b、c的电势逐渐降低，所以该点电荷Q带正电荷；故A错误；

BC．对质子从a到b的过程，根据动能定理有

对质子从b到c的过程，根据动能定理有

由题意可知

联立以上三式解得质子到达等势面c时速率为

故B错误；C正确；

D．质子带正电，根据

可知质子在等势面b上时的电势能比在c上时大；故D错误。

故选C。6、A【分析】【分析】

【详解】

A．根据I=nqvS可知；金属导体中自由电子定向移动速率增大时，电流变大，故A正确；

B．电流有方向；但其运算不符合平行四边形定则，故为标量，故B错误；

C．根据电流的定义可知；故电流大小取决于电量与时间的比值，电量多，但如果用时很长，则电流较小，故C错误；

D．电流的方向与正电荷定向移动的方向相同；与负电荷定向移动的方向相反，故D错误。

故选A。7、C【分析】【详解】

电压相等，根据得功率相等，则

则通过电阻的电流是电流的2倍，根据得，功率相等，则

所以电阻之比为

故选C。8、B【分析】【分析】

【详解】

电场强度；磁感应强度、安培力都是具有大小和方向的物理量；都是矢量；而电流有大小，虽然有方向，但是它的方向表示电流的流向，故是标量；故选B．

【点睛】

标量是只有大小，没有方向的物理量．矢量是既有大小又有方向的物理量；电流的方向表示电流的流向，要注意它的运算法则是代数法则．二、多选题(共5题，共10分)9、B:C:D【分析】【详解】

AB．保持开关S闭合，电容器两端的电势差等于电源电动势，故电容器两端的电势差不变，若将两极板间距减小，由

可知，板间场强增大，若将R的滑片向左移动；静电计指针张角不变，故A错误，B正确；

C．断开开关S后，电容器所带电荷量不变，若紧贴下极板插入金属板，则板间距离d减小，根据

可知，C增大，根据

极板间的电势差减小；则静电计指针张开角度减小，C正确；

D．断开开关S后，电容器所带电荷量不变，将两极板间距d增大，根据

可知，电容C减小，根据

可知，板间电压U增大；D正确。

故选BCD。10、A:C:D【分析】【详解】

电场中两端的电势差与移动的电荷和电场力所做的功无关，所以是比值定义法，故A正确；两端间电势差不变时，d变化，电场强度也变化．所以不是电场强度的定义式，故B错误；电场中某一点的电势与放入电场中的电荷无关，电荷量变大，电势能也变大，电势不变，所以为比值法定义式，故C正确；电容器的电容有本身性质决定，与所带的电量和两端间的电势差无关，所以比值法定义式，故D正确．所以ACD正确，B错误．11、B:C【分析】【详解】

AB．甲图是电流表内接，电流表所测的电流值是准确的，由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，由R=

可知计算的电阻值偏大；乙图是电流表外接；电压表所测的电压是准确的，由于电压表的分流作用，使得电流表测量值偏大，所以计算的电阻值偏小，A错误，B正确；

CD．甲图中要想让电压表的误差小；即电流表分得的电压可以忽略不计，则待测电阻越大，误差越小；乙图中要想让电流表的误差小，即电压表分得的电流可以忽略不计，故测量小电阻时宜采用（乙）图，C正确；D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据闭合电路欧姆定律得，U=E-Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出E1=E2，r1＜r2；故A错误；B正确；

CD．过原点O作出一条倾斜的直线3，该直线表示电阻的U-I图象；该直线与图线1；2的交点就表示该电阻与两电源连接时的工作状态，由图看出，直线3与图线1交点的两坐标的乘积大于直线3与图线2交点的两坐标的乘积，说明外接的相同电阻时，电源1的输出功率比电源2的输出功率大，故C正确，D错误。

故选BC。

13、A:B:C【分析】【分析】

将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析电阻的变化；由欧姆定律分析电流的变化．由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化．

【详解】

A项：将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到；电阻变为原来的4倍，故A正确；

B项：根据欧姆定律可知，电流I变为原来的即为故B正确；

C、D项：电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为故C正确，D错误．

故应选ABC．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

[1]因同种电荷和由点电荷电场强度的公式可知，场强为零的坐标区间在两固定的电荷之间；又已知因此零电场强度的位置偏离点电荷偏向点电荷则场强为零的坐标区间为：【解析】15、略

【解析】①.感应电流②.磁场③.磁场16、略

【分析】【详解】

（1）[1]通过类比可以猜想两电流元间相互作用的磁场力大小可以表示为

（2）[2]通过类比电场强度的定义可写出在距电流元为r处B点的磁感应强度为

联立可得

B的方向垂直纸面向里。

（3）[3]环形电流可以视为是由许多段的电流元组成，设任意一段电流元为则在距离r处产生的磁场为

则圆心O处产生的磁感应强度B大小可以表示为【解析】方向垂直纸面向里17、C【分析】【分析】

【详解】

当扫描频率与正弦信号频率相等时显示一个完整的正弦波形。欲显示两个完整的正弦波形；必须有正弦信号的频率是扫描频率的两倍，所以必须调整扫描微调旋钮；欲增大波形幅度，可调整Y增益旋钮，故C正确，ABD错误。

故选C。18、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律

[2]改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，第二次的路端电压为

根据闭合电路欧姆定律

解得【解析】1.51四、作图题(共3题，共6分)19、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解