2025年湘师大新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修3物理上册阶段测试试卷590考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点，其v-t图像如图所示；则下列说法中正确的是（）

A.CD间各点电场强度和电势差都为零B.粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能C.A点的电场强度一定小于B点的电场强度D.AB两点间的电势差大于CB两点间的电势差2、随着生活水平的提高；电子秤已经成为日常生活中不可或缺的一部分，电子秤的种类也有很多，如图所示是用平行板电容器制成的厨房用电子秤及其电路简图。称重时，把物体放到电子秤面板上，压力作用会导致平行板上层膜片电极下移。则（）

A.电容器的电容增大，带电荷量减小B.电容器的电容减小，带电荷量增大C.稳定后电流表仍有示数，两极板电势差增大D.稳定后电流表示数为零，两极板电势差不变3、关于磁感线的概念，下列说法中正确的是().A.磁感线是磁场中客观存在、肉眼看不见的曲线B.磁感线总是从磁体的N极指向磁体的S极C.磁感线上各点的切线方向与该点的磁场方向一致D.两个磁场叠加的区域，磁感线就有可能相交4、在如图所示的电场中，a、b两点的电场强度相同的是()A.B.C.D.5、如图为描述某静电场的电场线，a、b、c是同一条电场线上的三个点，其电势分别为φa、φb、φc关于的比较；下列说法正确的是（）

A.B.C.D.6、下列物理量属于矢量的是（）A.时间B.电流C.速率D.电场强度7、下列仪器中，测量力的仪器是（）A.B.C.D.8、在如图所示的电路中，是定值电阻，滑动变阻器的滑片位于最右端。闭合开关将滑动变阻器的滑片向左移动一段距离，待电路稳定之后，下列判断正确的是（）

A.电阻两端电压降低B.电容器电荷量增加C.电阻两端电压升高D.滑动变阻器两端电压降低评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，真空中有一个棱长为a的正四面体PQMN。若在P、Q两点分别放置一个点电荷，P点为正电荷、Q点为负电荷，其电荷量均为q。再在四面体所在的空间加一个匀强电场，其场强大小为E，则M点合场强为0。静电力常数为k；下列表述正确的是（）

A.匀强电场的场强大小为B.匀强电场的场强大小为C.N点合场强的大小为0D.N点合场强的大小为10、如图，虚线框内为改装好的电表，M、N为新电表的接线柱，其中灵敏电流计G的满偏电流为200μA，已测得它的内阻为495.0Ω。图中电阻箱读数为5.0Ω。现将MN接入某电路；发现灵敏电流计G刚好满偏，则根据以上数据计算可知（）

A.M、N两端的电压为1mVB.M、N两端的电压为99mVC.流过M、N的电流为2μAD.流过M、N的电流为20mA11、如图所示，水平向右的匀强电场中有OA、OB两个挡板，分别与竖直方向夹角为和正电子、负电子和质子从O点竖直向下以相同的初速度射入电场；三种粒子都打在板上被吸收，只考虑匀强电场给电荷的电场力，不计其它相互作用力，则（）

A.正电子和质子打在板上时速度方向相同B.正、负电子的运动时间比为1：3C.正、负电子电势能的减少量之比为1：9D.质子打在板上的位置比正电子落点的电势高12、如图所示，真空中a、b、c、d四点共线且等距。先在a点固定一点电荷+Q，测得b点场强大小为E。若再将另一等量异种点电荷-Q放在d点时，则（）

A.b点场强大小为EB.c点场强大小为EC.b点场强方向向右D.c点电势比b点电势高13、A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出）如图所示。图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称。则下列说法中正确的是（）

A.这两点电荷一定是等量异种电荷B.这两点电荷一定等量同种电荷C.D、C两点的电势一定相等D.C点的电场强度比D点的电场强度大14、如图所示；用起电机使金属鸟笼带电，站在金属架上的鸟安然无恙，且不带电，其原因是（）

A.鸟的脚爪与金属架绝缘B.金属鸟笼起静电屏蔽的作用C.鸟笼内部场强为零，电荷分布在笼的外表面D.起电机使笼带电，笼的电场强度不会很高15、如图所示，竖直放置的平行两金属板与电源相连，一个带负电的小球悬挂在电容器两平板间，闭合开关S后，电容器充电，这时电容器的带电荷量为悬线偏离竖直方向的夹角为那么下列说法正确的是（）

A.保持S闭合，将板向板靠近，则电荷量增大，增大B.保持S闭合，将板向板靠近，电荷量增大，但是不变C.断开S，将板向板靠近，电压减小，但是不变D.断开S，将板向板靠近，电压减小，则减小16、在如图所示的电路中，电源电动势为E内阻为r，为定值电阻，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示。不考虑电表对电路的影响，则下列说法正确的是（）

A.电源内阻r为B.电源电动势E为C.定值电阻的最大电功率D.当滑动变阻器的阻值为0时，电路中电流最大，最大电流为0.3A17、将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小、电容和极板所带的电荷量分别用d、U、E、C和Q表示．下列说法正确的是()A.保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B.保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C.保持C不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的两倍D.保持d、C不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)18、用如图所示电路测量电源的电动势和内阻，实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2Ω），保护电阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑动变阻器R；电流表A，电压表V，开关S，导线若干。

实验主要步骤：

（ⅰ）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大；闭合开关；

（ⅱ）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；

（ⅲ）以U为纵坐标，I为横坐标，作图线（U、I都用国际单位）；

（ⅳ）求出图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。

回答下列问题：

（1）电压表最好选用______；电流表最好选用______。

A．电压表（0~3V，内阻约15kΩ）B．电压表（0~3V；内阻约3kΩ）

C．电流表（0~200mA，内阻约2Ω）D．电流表（0~30mA；内阻约2Ω）

（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是______；

A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱。

B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱。

C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱；另一条导线接在电阻丝左端接线柱。

D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱；另一条导线接在电阻丝右端接线柱。

（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E＝______，r＝______，代入数值可得E和r的测量值。19、正离子A（质量为m、电荷量为q）和正离子B（质量为2m、电荷量为q）由静止开始经相同电加速后，如图所示垂直电场线射入两块平行带电金属板间，从两板间射出时（重力不计）A、B侧移之比yA：yB=______________；A、B动能增量之比△EkA：△EkB=______________。

20、元电荷：

（1）定义：最小的___________，用e表示。

（2）带电体的电荷量特征：所有带电体的电荷量都是e的___________倍，是___________连续变化的物理量。

（3）元电荷e的数值：最早是由美国物理学家密立根测得的，e=1.602176634×10-19C，计算中可取e=___________C。

（4）电子的比荷：电子的电荷量与电子的___________之比。=___________C/kg。21、某个学习小组为测量一铜芯电线（电阻约为几欧）的电阻率，首先用毫米刻度尺测出接入电路中金属丝的长度L，再利用螺旋测微器测金属丝直径，示数如下左图所示，则金属丝直径的测量值_____mm。某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，则该铜芯线材料的电阻率表达式为___。（用字母U、I、L、d表示）

22、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示。该工件的直径为__________cm，高度为________mm。

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、解答题(共2题，共14分)24、如图所示，在A点固定一电荷量为（）的正点电荷，在离A点高度为的B处由静止释放带电小球，开始运动瞬间小球的加速度大小为（为重力加速度大小），小球运动到C点时达到最大速度带电小球的质量为带电荷量为静电力常量为带电小球可视为点电荷，不计空气阻力。题中均为未知量；其他物理量为已知量，求：

（1）A、C两点间的距离

（2）小球从B点到C点的过程中电势能的变化量

25、相距为d的平行金属板M、N，板长也为d，板间可视为匀强电场，两板的左端与虚线EF对齐，EF左侧有水平匀强电场，M、N两板间所加偏转电压为U，PQ是两板间的中轴线．一质量为m、电量大小为q的带电粒子在水平匀强电场中PQ上A点由静止释放，结果恰好从N板的右边缘飞出，A点离EF的距离为不计粒子的重力．

(1)求EF左侧匀强电场的电场强度大小；

(2)带电粒子从N板的右侧边缘飞出后，只受另一点电荷的库仑力作用，并开始做圆周运动，已知该点电荷固定在PQ上某点，求该点电荷的带电量

(3)当带电粒子做圆周运动到M点后，MN板间偏转电压立即变为−U，（已知MN板间电场只由偏转电压提供，与点电荷无关）带电粒子最终回到A点，求带电粒子从出发至回到A点所需总时间．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

A．由图像可知粒子在CD间做匀速运动；动能不变，电场力不做功，所以CD间电势差为0，故A正确；

B．从A到B，动能增大，电场力做正功，电势能减小，所以粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能；故B错误；

C．图像的斜率表示加速度，A点斜率比B点斜率大，表明带电粒子的加速度在A点时比在B点时大，根据牛顿牛顿第二定律可知A点的电场力大，即A点的电场强度一定大于B点；故C错误；

D．A、C两点速度相等，粒子的动能相同，因此从A点到B点和从B点到C点电场力做功大小相等，所以AB两点间电势差等于CB两点之间电势差；故D错误；

故选A。2、D【分析】【分析】

【详解】

AB．根据电容器表达式。

当两个极板的距离减小时；电容器的电容增大。

再根据电容器定义式。

由于电容器一直和电源相连；电压不变，当电容增大时，带电荷量增大，所以AB错误；

CD．当压力稳定后；电容器停止充电，电路中的电流为零，即电流表示数为零，两极板的电势差不变，所以D正确，C错误。

故选D。3、C【分析】【详解】

磁感线是假象的，不是实际存在，总是从N极出发，进入S极形成闭合曲线，在磁铁内部，磁感线由S极指向N极，磁感线的切线方向表示磁场磁场方向，所以不可能相交．答案选C．4、C【分析】【分析】

【详解】

A图中a、b是同一圆上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同．故A错误．B图中a、b场强大小不等，但方向相同，则电场强度不同．故B错误．C图中a、b是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C正确；D图中a、b电场线的疏密表示场强的大小，所以a、b场强不等，故D错误；故选C．5、D【分析】【详解】

题目给出负点电荷产生电场的电场线分布图象，沿电场线方向电势降低，电场线依次经指向负点电荷，故点电势最低，点最高，故有故选D。6、D【分析】【详解】

时间和速率都是只有大小无方向的物理量；是标量；电流虽有大小和方向，但是电流的合成不遵循平行四边形定则，则电流是标量；只有电场强度既有大小又有方向，是矢量。

故选D。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．托盘天平是测量质量的仪器；故A错误；

B．打点计是器是记录时间和位移的仪器；故B错误；

C．弹簧测力计是测量力的仪器；故C正确；

D．电流表是测量电流的仪器；故D错误。

故选C。8、B【分析】【分析】

【详解】

A．在电路稳定时，电容器所在支路无电流，则两端电压仍为零；A错误；

B．滑动变阻器的滑片向左移动一段距离后；电路的总电阻增大，则电路总电流减小，则电源分压减小，故路端电压增大，由。

可知，路端电压增大，C不变，则电容器C电荷量增加；B正确；

C．滑动变阻器的滑片向左移动一段距离后；电路的总电阻增大，则电路总电流减小，由。

电流减小，则电阻两端电压降低；C错误；

D．滑动变阻器的滑片向左移动一段距离后，电路的总电阻增大，则电路总电流减小，则电源分压减小，故路端电压增大，又电阻两端电压降低；故滑动变阻器两端电压升高，D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)9、A:C【分析】【详解】

AB．如图所示；正确分析三维几何关系。

两个点电荷在M点产生的场强大小均为

由几何关系知，这两个点电荷的合场强大小为

方向平行于PQ指向Q一侧。该点合场强为0，则匀强电场的场强方向与相反，大小为所以A正确，B错误；

CD．由几何关系知，两点电荷在M、N两点的合场强的大小相等、方向相同，则N点合场强的大小也为0。所以C正确；D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．M、N两端电压

故A错误；B正确；

CD．流过M、N的电流

故C错误；D正确。

故选BD。11、A:B:C【分析】【详解】

A．设正电子、质子电荷量为e，负电子电荷量为-e，正电子、负电子质量为m，质子质量为M，正电子飞出后做类平抛运动，打在A板上时速度方向与竖直方向夹角为β，飞行时间为t，电场强度为E，则有

得

同理对质子也可得相同的结论；即正电子和质子打在板上时速度方向相同。故A正确；

B．根据A选项的分析可得

设负电子落在板上时速度与竖直方向夹角为飞行时间为则

解得

则正；负电子的运动时间比为1：3。故B正确；

C．正、负电子在水平方向的位移之比为

则电场力对正；负电子做功之比为1:9；即正、负电子电势能的减少量之比为1：9。故C正确；

D．根据A、B选项的分析，质子质量M大于正电子质量m，所以水平方向

即水平方向向右质子飞行比正电子飞行远；电场强度水平向右，所以质子打在板上的位置比正电子落点的电势低。故D错误。

故选ABC。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AC．设ab=bc=cd=L

由题可知+Q在b点产生的场强大小为E，方向水平向右，由点电荷的场强公式得

-Q在b点产生的电场强度大小为方向水平向右

所以b点的场强大小为方向水平向右

A错误；C正确；

B．根据对称性可知，c点与b点的场强大小相等，为方向水平向右，B正确；

D．电场线方向从a指向d，而顺着电场线方向电势降低，则c点电势比b点电势低；D错误。

故选BC。13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由于电场线的分布关于MN左右对称；结合场强的叠加特点可知，这两点电荷一定是等量异种电荷，A正确，B错误；

C．中垂线上各点场强与中垂线垂直，为等势面，故D、C两点的电势一定相等；C正确；

D．电场线的疏密程度表示场强大小，可知C点的电场强度比D点的电场强度大；D正确。

故选ACD。14、B:C【分析】【详解】

金属鸟笼带电后属带电体，带电体在静电平衡状态时，属等势体；此时电荷只分布在外表面，金属内和空腔内都无电场，金属鸟笼起静电屏蔽的作用，因此鸟站在金属架上的鸟安然无恙。

故选BC。15、A:C【分析】【详解】

AB．当开关闭合时，两极板间电压不变，减小两极板间的距离后，由公式

得知电场强度增大，且平行板电容器的电容由公式

知，电容增大，再由公式

得到电荷量增大，同时小球所受电场力增大使得增大；B错误，A正确；

CD．若开关断开，两极板上的电荷量不变，减小两极板间的距离后，平行板电容器的电容由公式

知，电容增大，再由公式

得到电压将减小，再联立公式

可推知电场强度不变，所以小球所受电场力不变，故也不变；D错误，C正确。

故选AC。16、A:B:C:D【分析】【详解】

A．电压表V2测得的是电源的路端电压，上方图线斜率的绝对值等于电源的内阻

故A正确；

B．当电流为0.1A时，电压表V2的读数为3.4V，根据闭合电路的欧姆定律

故B正确；

CD．定值电阻R0两端的电压随电流的增大而增大，由图线的斜率得

当滑动变阻器的阻值为0时，电路电流最大，由图乙可知最大电流为0.3A，定值电阻R0的最大电功率为

故CD正确。

故选ABCD。17、A:C:D【分析】【分析】

保持U不变，根据E=可得E与d的关系；保持E不变，根据U=Ed可得U与d成正比；保持C不变，根据公式C=可知将Q与U成正比；保持d、C不变，将Q变为原来的一半，根据公式C=可知，U变为原来的一半，根据公式E=即可得到E的变化．

【详解】

A.保持U不变，将d变为原来的两倍后，根据E=可得E变为原来的一半；A正确；

B.保持E不变，将d变为原来的一半，根据U=Ed可得U变为原来的一半；B错误；

C.根据公式C=可知将Q变为原来的两倍，则U变为原来的两倍；C正确；

D.根据C=可得C不变，将Q变为原来的一半，U变为原来的一半，根据公式E=可知d不变，U变为原来的一半，E变为原来的一半；D正确．

【点睛】

本题考查电容器的动态分析，学生抓住电容器的几个相关公式即可分析出结果．三、填空题(共5题，共10分)18、略

【分析】【详解】

（1）[1]电压表并联在电路中；故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的电压表A；

[2]当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为

因此；电流表选择C；

（2）[3]分析电路可知；滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大。

A．两导线均接在金属柱的两端上；接入电阻为零，故A错误；

B．两导线接在电阻丝两端；接入电阻最大并保持不变，故B错误；

C．一导线接在金属杆左端；而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大，故C正确；

D．导线分别接右边上下接线柱；滑片右移时，接入电阻减小，故D错误；

故选C。

（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律可知U＝E－I（r＋R2）

对比伏安特性曲线可知，图像的斜率为k＝r＋R2

则内阻r＝k－R2

令U＝0，则有

由题意可知，图像与横轴截距为a，则有

解得E＝ka

【点睛】

本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图像分析数据的方法，重点掌握图像中斜率和截距的意义。【解析】（1）A、C（2）C（3）kak-R219、略

【分析】【详解】

[1]离子在电场中加速，设末速度为v0，据动能定理得

离子穿出偏转电场的时间为

偏转电场的加速度为

离开偏转电场时侧移量

即侧移量与电荷的电量与质量均无关，则A、B侧移之比yA：yB=1:1

[2]根据动能定理

则A、B动能增量之比△EkA：△EkB=1:1【解析】