2025年牛津译林版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版必修3物理上册阶段测试试卷614考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、有一横截面积为的铜导线，流经其中的电流强度为设每单位体积的导线中有个自由电子，电子的电量为此电子的定向移动速率为在时间内，通过导线橫截面的自由电子数可表示为（）A.B.C.D.2、国家航天局消息，"嫦娥四号”着陆器于2019年7月26日19时12分成功完成唤醒设置，进入第8月昼工作期。"嫦娥四号”的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的。由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应，在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%。单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V的电动势，可获得0.1A的电流，则每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量大约是（）A.0.48JB.0.12JC.0.26JD.0.52J3、如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑片；若将滑片向上滑动，则下列判断错误的是（）

A.A灯变亮B.B灯变亮C.电源总功率变小D.R1上消耗功率变大4、下列说法正确的是（）A.毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮上的电子转移到了橡胶棒上，创造了电荷B.感应起电的实质是质子发生了移动C.我们用电场线描述电场，所以有电场的地方电场线是存在的D.法拉第最早提出电荷的周围存在着电场，并最早采用电场线来形象描述电场5、一个电子仅在静电力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示；图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面，下列判断中正确的是（）

A.如果实线是电场线，则a点的电势比b点的电势低B.如果实线是电场线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小C.如果实线是等势面，则a点的电势比b点的电势高D.如果实线是等势面，则电子在a点的动能比在b点的动能大6、如图所示，平行板电容器上极板带正电荷，且与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地，在两极板间有一个固定在P点的正点电荷，以E表示两极板间电场的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角，若保持上极板不动，将下极板向上移动一小段距离至图中虚线位置，则（）

A.θ增大，E增大，Ep增大B.θ增大，E增大，Ep减小C.θ减小，E不变，Ep增大D.θ减小，E不变，Ep减小7、如图所示的电路中，若ab端为输入端，AB为输出端；并把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则以下说法错误的是（）

A.空载时，输出电压UAB=B.当AB间接上负载R时，输出电压UAB＜C.AB间的负载R越大，UAB越接近D.AB间的负载R越小，UAB越接近8、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象；下面结论正确的是（）

A.电源的电动势为6.0VB.电源的内阻为12ΩC.电源的短路电流为0.5AD.外电路接入了一个阻值是18Ω的电动机，电路中的电流一定为0.3A．9、如图，一导体棒ab静止在U型铁芯的两臂之间。电键闭合后导体棒受到的安培力方向（）

A.向上B.向下C.向左D.向右评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示，L1、L2两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都能正常发光．设电路两端的电压保持不变，现将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，L1和L2两灯的亮度变化情况是（）

A.L1亮度不变B.L1变暗C.L2变亮D.无法判断11、小灯泡伏安特性曲线如图（a）所示，图（b）中电源E0（电动势4V，内阻1.00Ω）滑动变阻器R（阻值0~9.0Ω）。闭合开关S，在R的变化范围内；小灯泡的功率可能为（）

A.0.05WB.0.50WC.1.05WD.2.50W12、将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是A.保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B.保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C.保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D.保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半13、如图所示，M、N为两个等量同号正电荷Q，在其连线的中垂线上任意一点P自由释放一个负点电荷q，不计重力影响，下列关于点电荷q的运动的说法正确的是（）

A.从P→O的过程中，加速度可能越来越大，速度也越来越大B.从P→O的过程中，加速度可能越来越小，而速度越来越大C.点电荷运动到O点时加速度为零，速度达到最大值D.点电荷越过O点后，速度越来越小，而加速度可能越来越大，直到速度为零14、如图所示，倾角为的绝缘粗糙斜面固定在水平面上，斜面上方有与斜面平行向上的匀强电场，一带正电的物块（可视为质点）以一定的初速度沿斜面向上运动，加速度大小为方向沿斜面向下，重力加速度g=10m/s2；则在物块运动过程中，下列说法正确的是（）

A.物块的机械能和电势能之和保持不变B.物块电势能的减少量大于物块克服摩擦力做的功C.电场力做的功小于物块克服摩擦力和重力做的功D.物块的机械能减少15、如图，一电子沿等量异种电荷中垂线由飞过；则电子所受电场力大小和方向及电势的变化（）

A.电场力先变大后变小，方向水平向左。B.电场力先变大后变小，方向水平向右。C.电势先变小后变大，方向水平向左。D.电子沿飞过电势不变。16、如图所示，平行板电容器的两个极板AB接在电压为60V的恒定电源上，两极板间距为3cm，电容器带电荷量为6×10-8C，A极板接地。则下列说法中正确的是（）

A.平行板电容器的电容C=103pFB.平行板电容器两极板之间的电场强度E=2000N/CC.距B极板为2cm的C点处的电势为20VD.若将A板下移一小段距离，则固定在距B极板为2cm的C点处的正电荷的电势能将增大17、在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个规格相同的小灯泡；这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（）

A.L1两端电压为L2两端电压的2倍B.L1消耗的电功率为0.75WC.L2的电阻为4ΩD.L1、L2消耗的电功率的比值大于1218、如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直，不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向源源不断地射入电场，粒子射入电场时的初动能均为Ek0，已知t＝0时刻射入电场的粒子刚好沿上板右边缘垂直电场方向射出电场．则。

A.所有粒子都不会打到两极板上B.所有粒子最终都垂直电场方向射出电场C.运动过程中所有粒子的最大动能不可能超过2Ek0D.只有t＝(n＝0,1,2)时刻射入电场的粒子才能垂直电场方向射出电场评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)19、（1）某同学用如图甲所示的螺旋测微器测小球的直径时，他应先转动___________使F靠近小球，再转动___________使F夹住小球，直至听到棘轮发出声音为止，拨动___________使F固定后读数（填仪器部件字母符号）。

（2）某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度。该螺旋测微器校零时的示数如图乙所示，测量金属板厚度时的示数如图丙所示。图乙所示的读数为___________mm，图丙所示的读数为___________mm，所测金属板的厚度为___________mm。

20、如图，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板B接地，若减小电容器极板间的距离，则（填“增大”、“减小”、“保持不变”）电容____，静电计指针偏角_____，电量_____，场强_____。

21、图中①、②分别为锂离子电池充电过程中充电电流I、电池电压U随时间t变化的图线。此过程中充电功率最大为_________W，图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是__________。22、（1）如图甲所示，电压表选0～3V量程时的读数为________V，电压表选0～15V量程时的读数为________V。

（2）如图乙所示，电流表选0～0.6A量程时的读数为________A，电流表选0～3A量程时的读数为________A。

（3）如图丙所示，电阻箱的读数为________。

23、电动机消耗的功率P电＝_____。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)24、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

25、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。26、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)27、有一个小灯泡上标有“”的字样，现在要用伏安法描绘这个小灯泡的图线；现有下列器材供选用：

A.电压表（内阻）

B.电压表（内阻）

C.电流表（内阻）

D.电流表（内阻）

E.滑动变阻器（）

F.滑动变阻器（）

G.学生电源（直流）；开关、导线若干。

（1）实验时，选用_______（填“图甲”或“图乙”）的电路图来完成实验。

（2）实验中所用电压表应选用___________，电流表应选用___________，滑动变阻器应选用___________。（用序号字母表示）

（3）把图丙中所示的实验器材按图甲用笔画线代替导线连接成实物电路图___________。

（4）该同学描绘出的图像应是下图中的___________。

A.B.C.D.评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)28、如图所示，两平行金属板水平放置，两板间距离为d=12cm，板长l=20cm，两板之间的电压为U=120V，上板带正电，下板放在水平地面上。一带电粒子质量为kg、电荷量为C，该带电粒子以水平速度沿着上板的边缘垂直于电场方向进入两板电场中（假设两板之间为匀强电场，两板外无电场，不计带电粒子的重力）。求：

(1)该带电粒子在电场中运动的加速度大小；

(2)带电粒子从两板间射出时在竖直方向上的偏移量；

(3)带电粒子落地位置。

29、如图所示，A、B为半径R＝1m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着E＝1×106V/m、竖直向上的匀强电场，有一质量m＝1kg、带电量q＝＋1.4×10－5C的物体（可视为质点），从A点的正上方距离A点H处由静止开始自由下落（不计空气阻力），BC段为长L＝2m、与物体间动摩擦因数为μ＝0.2的粗糙绝缘水平面，CD段为倾角θ＝53°且离地面DE高h＝0.8m的斜面。（取g＝10m/s2）

(1)若H＝1m，物体能沿轨道AB到达最低点B，求它到达B点时对轨道的压力大小；

(2)若物体沿轨道AB恰好经过最低点B后，沿BC滑动，则物体停止的位置距离B点多远？；

(3)若高度H=0.85m，物体能沿AB滑下，则物体从C处射出后打到的位置。（已知sin53°＝0.8；cos53°＝0.6.不讨论物体反弹以后的情况）

30、一平行板电容器，板间距离为d，电容为C，接在电源电压为U的电源上；充电完成后撤去电源，求：

（1）充电后电容器的带电量；

（2）若使板间距离增大为2d，则电容器的电容变为多少？板间电场强度变为多大？31、研究原子核的结构时，需要用能量很高的粒子轰击原子核。为了使带电粒子获得很高的能量，科学家发明了各种粒子加速器。图1为某直线加速装置的示意图，它由多个横截面积相同的金属圆筒依次排列组成，其轴线在同一直线上，序号为奇数的圆筒与序号为偶数的圆筒分别和交变电源的两极相连，交变电源两极间的电势差的变化规律如图2所示。在t=0时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时和偶数圆筒相连的金属圆板（序号为0）的中央有一电子，在圆板和圆筒1之间的电场中由静止开始加速，沿中心轴线进入圆筒1。为使电子在圆筒之间的间隙都能被加速，圆筒长度的设计必须遵照一定的规律。若电子的质量为m电荷量为-e，交变电源的电压为周期为两圆筒间隙的电场可视为匀强电场，圆筒内场强均为0。（不计电子的重力）。

（1）若不忽略电子通过圆筒间隙的时间，求电子进入圆筒I时的速度并画出电子从圆板出发到离开圆筒2这个过程的v-t图。

（2）若忽略电子通过圆筒间隙的时间，求电子刚要进入第n个圆筒时的速度及第n个金属圆筒的长度应该为多少?

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，因为铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为V=vtS，又因为单位体积的导线有n个自由电子，则在∆t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS∆t．因为流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为q=It，而电子的电荷量为e，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：故只有A正确，BCD错误．故选A．2、C【分析】【详解】

太阳能电池每秒产生的电能为

则每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量大约是

故选C。3、D【分析】【详解】

A．若将滑片P向上滑动，滑动变阻器接入电路的有效阻值变大，则导致总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律知回路总电流I减小，则路端电压（）增大；灯泡A并联在电源两端，其电压等于路端电压，则灯泡A的电压增大，功率增大，即A灯变亮，故A正确，不符题意；

BD．因总电流I减小，灯泡A的电流增大，则通过R1的电流（）减小，则其分压减小，则消耗功率减小，而右边并联支路的电压（）增大；则B灯的功率增大导致变亮，故B正确，不符题意，D错误，符合题意；

C．电源的总功率为因总电流减小，故总功率变小，故C正确，不符题意。

本题选错误的，故选D。4、D【分析】【详解】

A．摩擦起电的本质是微观带电粒子在物体之间或物体内部转移；而不是创造出了电荷，故A错误；

B．感应起电的实质是自由电荷发生了移动；质子位于原子核内，不能自由移动，故B错误；

C．电场线是用来描述电场而假想出来的线；实际并不存在，故C错误；

D．法拉第最早提出电荷的周围存在着电场；并最早采用电场线来形象描述电场，故D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

AB．粒子做曲线运动时，受力方向为运动轨迹内侧，如果实线是电场线，则电场力竖直向上，电场方向竖直向下，因此b点电势低，电子在b点的电势能比在a点的电势能大；故A错误，B正确；

CD．粒子做曲线运动时，受力方向为运动轨迹内侧，如果实线是等势面线，则电场力水平向右，电场方向为水平向左，则b点电势高，电子在b点的电势能比在a点的电势能小，由a到b，电场力做正功，动能增加，即电子在b点的动能比在a点的动能大；故CD错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

电容器与电源断开，电量不变，将下极板上移的过程中，因d减小，由

可知电容C增大，由

可知U减小，则夹角减小；由

可得

可知E不变；根据U=Ed

可知由于P离下极板距离减小，E不变，因此P点的电势减小，由

可知电势能减小；故选D．7、D【分析】【详解】

A．空载时，AB间电阻为滑动变阻器总电阻的一半，故输出电压UAB=故A正确，不符题意；

B．当AB间接上负载R时，由于并联AB间电阻变小，小于滑动变阻器总电阻的一半，根据串联电路分压时与电阻成正比，可知输出电压故B正确，不符题意；

C．AB间的负载R越大，AB间电阻越接近滑动变阻器总电阻的一半，则UAB越接近故C正确，不符题意；

D．AB间的负载R越小，AB间电阻越小，则UAB越小于故D错误，符合题意。

故选D。8、A【分析】【详解】

试题分析：U-I图像的纵截距表示电路电流为零时，即处于断路时路端电压，此时路端电压等于电源电动势，故电源电动势为6.0V，A正确；图像的斜率表示内阻，故有B错误；电源短路电流，即外电阻为零，路端电压为零时，所以短路电流C错误；因为电动机是非纯电阻电路，所以不能根据欧姆定律计算，D错误；

考点：考查了U-I图像。

【名师点睛】关键是理解图像的纵横截距，斜率所表示的含义，知道短路电流是外电路无电压时的电流，知道欧姆定律只适用于纯电阻电路，9、D【分析】【详解】

电键闭合后，由右手螺旋法则可知，下板为N极；根据左手定则可知，导体棒受到的安培力向右，故选D.二、多选题(共9题，共18分)10、B:C【分析】【分析】

【详解】

滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器有效电阻RP变大，外电路总电阻R变大，干路电流I=减小，则L1变暗，灯泡L2的电压U2=U﹣IR1变大，则L2变亮．

故选BC11、B:C【分析】【分析】

【详解】

当R=9Ω，等效电源（E=4V，r=10Ω）的U-I图像与小灯泡的伏安特性曲线交点为（1，75V，225mA）Pmin=0.39W

当R=0，电源（E=4V，r=1.00Ω）的U-I图像与小灯泡的伏安特性曲线交点为（3.67V，320mA）Pmax=1.17W

故选BC。12、A:D【分析】【详解】

试题分析：保持U不变，根据公式E=分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据C=分析Q与U的关系；保持d不变，将Q变为原来的一半，由C=分析U的变化，由E=分析E的变化．

解：A、保持U不变，将d变为原来的两倍，根据公式E=可知；E变为原来的一半．故A正确．

B；保持E不变；将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半．故B错误．

C、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式C=分析可知；U变为原来的两倍．故C错误．

D、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的一半，由公式C=分析可知，U变为原来的一半，由E=分析知；E变为原来的一半．故D正确．

故选AD

【点评】

本题关键要掌握E=C=两个公式，同时，要明确d不变时，电容C不变．13、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．点电荷在从P→O的过程中，所受的电场力反向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从O点向上到无穷远，电场强度先增大后减小，从P→O的过程中；电场强度大小变化可能越来越小，也可能先增大再减小，加速度的变化也是如此，故A错误，B正确；

C．点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O点的速度达到最大值；故C正确；

D．根据电场线的对称性可知，越过O点后；负电荷做减速运动，加速度可能越来越大，也可能先增大后减小，故D正确。

故选BCD。14、B:C【分析】【详解】

A．物体受摩擦力；所以机械能和电势能之和减小，A错误；

BC．设物体质量为m，电场力为F电，受到的摩擦力为f，根据牛顿第二定律有

代入数据可得

所以

做功公式

故电场力与摩擦力做功的关系有

摩擦力和重力做的功与电场力做的功的关系有

电势能的减少量等于电场力做的功；B，C正确；

D．物体受到的外力中；电场力大于摩擦力，整体做正功，所以整体机械能增加，D错误；

故选BC。15、A:D【分析】【详解】

AB．中垂线由过程；场强先变大后变小，方向水平向右。电子带负电，电场力先变大后变小，方向水平向左。故A正确；B错误；

CD．等量异种电荷中垂线上电势相等。故C错误；D正确。

故选AD。16、B:D【分析】【详解】

A．由电容的定义式

可得

A错误；

B．由公式

可得

B正确；

C．A板接地，电势为零，由电势差公式可知

又因为电势差与电场强度的关系

故

C错误；

D．若将A板下移一小段距离，则AB之间的电场强度将增大，CB之间的电势差将增大，C点电势将升高，则固定在距B极板为2cm的C点处的正电荷的电势能将增大。D正确。

故选BD。17、B:D【分析】【详解】

B．电路中的总电流为0.25A，L1中电流为0.25A，由小灯泡的伏安特性曲线可知，L1两端电压为3.0V，L1消耗的电功率为P1＝U1I1＝0.75W

选项B正确；

A．根据并联电路规律，L2中电流为0.125A，由小灯泡的伏安特性曲线可知，L2两端电压小于0.5V，所以L1两端电压比L2两端电压的6倍还大；选项A错误；

C．由欧姆定律可知，L2的电阻R2＝Ω＝4Ω

选项C错误；

D．L2消耗的电功率P2＝U2I2<0.5×0.125W＝0.0625W

L1、L2消耗的电功率的比值

选项D正确。

故选BD。18、A:B:C【分析】【分析】

粒子在平行极板方向不受电场力；做匀速直线运动；t=0时刻射入电场的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场，沿上板右边缘垂直电场方向射出电场，竖直方向分速度变化量为零，根据动量定理，竖直方向电场力的冲量的矢量和为零．

【详解】

粒子在平行极板方向不受电场力，做匀速直线运动，故所有粒子的运动时间相同；t=0时刻射入电场的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场，沿上板右边缘垂直电场方向射出电场，说明竖直方向分速度变化量为零，根据动量定理，竖直方向电场力的冲量的矢量和为零，故运动时间为周期的整数倍，故所有粒子最终都垂直电场方向射出电场；由于t=0时刻射入的粒子始终做单向直线运动，该粒子竖直方向的分位移最大，该粒子恰好从上极板边缘飞出，则其他粒子没有达到上极板边缘，故所有粒子最终都不会打到极板上，AB正确D错误；t=0时刻射入的粒子竖直方向的分位移最大，为设竖直方向最大速度为vym，则根据分位移公式有由于故有故有C正确．

【点睛】

本题关键根据正交分解法判断粒子的运动，明确所有粒子的运动时间相等，t=0时刻射入的粒子竖直方向的分位移最大，然后根据分运动公式列式求解．三、填空题(共5题，共10分)19、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]螺旋测微器测小球的直径时，先调节旋钮D，使测微螺杆F靠近小球，再转动微调旋钮H，使测微螺杆F夹住小球，直至听到棘轮发出声音为止，拨动G使测微螺杆F固定后读数。先调节D后调节H的作用是；防止小球发生明显的形变，也防止螺旋测微器的损坏。

（2）[4]图乙所示的读数为考虑估读引起的误差，在0.008mm到0.010mm范围内都对。

[5][6]图丙所示的读数为考虑估读引起的误差，在6.868mm到6.870mm范围内都对。所以金属板的厚度范围为6.858mm到6.862mm。【解析】DHG0.008##0.009##0.0106.868##6.869##6.8706.858##6.859##6.860##6.861##6.86220、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4]由于电容器与电源断开两板的带电荷量Q不变，减小电容器极板间的距离，由公式

可知电容器电容C增大；Q不变，根据

可知U减小，静电计指针偏角将减小；由

可知场强不变。【解析】增大减小保持不变保持不变21、略

【分析】【详解】

[1]充电功率。

由图可知在t2时刻充电电流I、电池电压U都最大；所以充电功率最大为。

[2]图线①与时间轴所包围的面积是电流I与时间t的乘积；根据。

可知图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是电量（电荷量）。【解析】4.2电量（电荷量）22、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图可知；电压表选0～3V量程时，电压表的分度值为0.1V，读数为1.20V。

[2]电压表选0～15V量程时；电压表分度值为0.5V，读数为6.0V。

（2）[3]电流表选0～0.6A量程时；分度值为0.02A，读数为0.50A。

[4]电流表选0～3A量程时；分度值为0.1A，读数为2.50A。

（3）[5]根据电阻箱的读数规则可得

【解析】1.206.00.502.50530.0Ω23、略

【分析】【详解】

略【解析】UI四、作图题(共3题，共18分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】26、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】五、实验题(共1题，共9分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1]描绘小灯泡的伏安特性曲线需要灯泡两端电压从零开始变化；所以滑动变阻器应采用分压式接法，应选用图甲电路来完成实验。

（2）[2][3]小灯泡正常发光时的电流为

故电流表应选用D；两端电压最大为4V；为了使电表的指针偏转幅度至少达到量程的三分之一，电压表应选用A。

[4]滑动变阻器采用分压式接法；为了便于控制分压，应选用最大阻值较小的E。

（3）[5]如图所示。

（4）[6]小灯泡灯丝的温度随电流的增大而升高，而灯丝的电阻随温度的升