2025年上外版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高二物理下册阶段测试试卷554考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、图中的虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面。两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示。已知M是带正电的带电粒子。则下列说法中正确的是A.N一定也带正电B.a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C.带电粒子N的动能减小电势能增大D.带电粒子N的动能增大电势能减小2、当连接在电源两极上的平行板电容器，两极间距离增大时下面说法不正确的是（）A.电容器的电容减小B.电容器极板的带电量减小C.电容器两极板间的电势差减小D.电容器两极板间的电场强度减小3、质量相等AB

两球在光滑水平桌面上沿同一直线，同一方向运动，A

球的动量是7kg?m/sB

球的动量是5kg?m/s

当A

球追上B

球发生碰撞，则碰撞后两球的动量可能值是(

)

A.pA隆盲=6kg?m/spB隆盲=6kg?m/s

B.pA隆盲=3kg?m/spB隆盲=9kg?m/s

C.pA隆盲=鈭�2kg?m/spB隆盲=14kg?m/s

D.pA隆盲=鈭�4kg?m/spB隆盲=17kg?m/s

4、有关红；蓝两束单色光；下述说法正确的是（）

A.在空气中的波长λ红＜λ蓝

B.在水中的光速v红＜v蓝

C.在同一介质中的折射率n红＞n蓝

D.蓝光光子的能量大于红光光子的能量。

5、关于三个公式的适用范围，以下说法正确的是（）A.第一个公式普遍适用于求电功率，后两个公式普遍适用于求热功率B.在纯电阻电路中，三个公式既可适用于求电功率又可适用于求热功率C.在非纯电阻电路中，第一个公式可适用于求电功率，第二个公式可适用于求热功率，第三个公式没有意义D.由可知，三个公式没有任何区别，它们表达相同的意义，所求P即是电功6、如图所示，平行金属导轨竖直放在匀强磁场中，匀强磁场沿水平方向且垂直于导轨平面．导体AC可以贴着光滑竖直长导轨下滑．设回路的总电阻恒定为R，当导体AC从静止开始下落后，下面叙述中正确的说法有（）A.导体下落过程中，机械能守恒B.导体速度达最大时，加速度最大C.导体加速度最大时所受的安培力最大D.导体速度达最大以后，导体减少的重力势能全部转化为R中产生的热量7、如图所示，正点电荷Q、2Q分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点，点a为MO的中点，点b为ON的中点，点c、d在M、N中垂线上，关于O点对称．下列说法正确的是（）A.a、b两点的电场强度相同B.O点的电势高于c点的电势C.将电子沿直线从a点移到b点，电场力对电子先做正功后做负功D.将电子沿直线从c点移到d点，电场力对电子先做负功后做正功8、一宇航员要到离地球5光年的星球去旅行，现在宇航员希望将路程缩短为3光年，则他所乘坐的飞船相对于地球速度为()．A.0.1cB.0.6cC.0.9cD.0.8c9、在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+Q，它们相距为a，如果在两个点电荷连线的中点O处，有一个半径为r（2r＜a）的不带电空心金属球壳，球心在O处，如图所示．已知球心O处的电场强度为零．则金属球壳上的感应电荷在球心O处产生的电场强度的大小为（）A.0B.C.D.评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、一台电风扇，内阻为20Ω，接上220V的电压后正常运转，此时它消耗的电功率是66W，那么通过电动机的电流是A，电动机输出功率为____W，如接上电源后，扇叶被卡住不能转动，电动机消耗的发热功率为W。13、在图(1)中，G为指针在中央的灵敏电流表连接在直流电路中时的偏转情况．现把它与一个线圈串联进行电磁感应实验，则图(2)中的条形磁铁正在________（填“向上拔出”或“向下插入”）线圈中．14、如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素；其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连．

用摩擦过的玻璃棒或橡胶棒接触____侧极板（选填“左”或“右”）使电容器带电．

①将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角____（选填变大；变小或不变）；

②两板间插入电介质时，可观察到静电计指针偏转角____（选填变大；变小或不变）．

15、用如图1

所示的实验装置验证m1m2

组成的系统机械能守恒m2

从高处由静止开始下落，m1

上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律.

如图2

给出的是实验中获取的一条纸带：0

是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4

个点(

图中未标出)

计数点间的距离如图2

所示.

已知m1=50gm2=150g

取g10m/s2

则(

结果保留两位有效数字)

在0隆陋5

秒过程中系统动能的增量?Ek=

______J

系统势能的减少量?E娄脮=

______J

．

16、一定质量的理想气体经过如图所示的一系列过程：

下列说法正确的是______。

A．由a→b过程；气体内能增加。

B．由a→b过程；气体分子热运动加剧。

C．当分子热运动减缓时；压强必定减小。

D．当分子平均动能增大时；气体体积可以保持不变。

在上述b→c过程中，气体______（选填“气体对外界”“外界对气体”）做功；c→a过程中，气体______（选填”从外界吸收“或”向外界放出“）热量。17、把一只量程为Ig=6mA，内阻为rg=100Ω的电流表改装成欧姆表，所用电池的电动势E=3V，内阻可忽略，则改装后的欧姆表的中值电阻R中=，用欧姆表测试一常用的电路元件时，发现表针先向右偏转然后回摆至原位，则可知该元件为。(填“定值电阻”或“二极管”或“电容器”)18、如图所示，用理想变压器给R供电，设输入的交变电压不变，当R的滑片向上移动时四只电表及变压器的输入功率变化情况是：V1____，V2____，A1____，A2____，P____（填写增大；减小或不变）

19、用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图甲所示，此示数为______mm

用20

分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙所示，此示数为______mm.

图丙为正在测量中的多用电表表盘，如果是用“娄赂隆脕10

”档测量某电阻丝电阻，则读数为______娄赂.

20、如图所示，光滑的金属框架abc

固定在水平面内，顶角娄脠=53鈭�

金属框架处在磁感应强度为B

的匀强磁场中，磁场方向垂直水平面，t=0

时，金属棒MN

受向右的水平拉力F

作用，从b

点开始沿bc

方向以速度v

做匀速运动，在运动过程中MN

始终垂直于bc

且与框架接触良好，框架bc

边和金属棒MN

单位长度的电阻均为r

框架ab

边的电阻忽略不计sin53鈭�=0.8

(1)

求t

时刻回路中的电流I

(2)

写出拉力P

与杆的位移x

的关系式，并类比v

一t

图象位移的方法，写出拉力F

做的功W

与杆的位移x

的关系式；(3)

求时间t

内回路中产生的焦耳热Q

．评卷人得分四、识图作答题(共4题，共24分)21、科研人员利用胚胎干细胞（ES细胞）对干扰素基因缺失小鼠进行基因治疗。其技术流程如下图，请回答相关问题：​（1）图1中用到了___________________________________等现代生物技术（写三项即可）。（2）由图1可知，步骤②中要分离出ES细胞，需将重组胚胎培养到_______期。将目的基因导入ES细胞而不是上皮细胞，是因为ES细胞在功能上具有__________________________。（3）步骤③中，先需要利用PCR技术扩增干扰素基因。可以根据一段已知的干扰素基因的__________合成引物，图2A、B、C、D四种单链DNA片段中应选取___________作为引物（DNA复制方向总是从5’向3’延伸）。对干扰素基因片段和质粒进行酶切时，可选用限制酶的组合为____________。（4）将步骤③获得的ES细胞在荧光显微镜下观察，选择发_____色荧光的细胞进行体外诱导。为检测干扰素基因是否表达，可用的检测物质是____________________（填“标记的干扰素基因”或“干扰素的抗体”）。22、光合作用是维持生命的能量来源，地球上大部分的能量物质也是经过光合作用由太阳能而来。下图是某植物光合作用过程示意图。（1）图中①所示结构是___；产生物质A的过程称为_______；物质B是指____________；反应I称为____________；反应II称为___________。（2）图中反应II伴随的能量变化是_________。A．光能→电能B．活跃化学能→稳定化学能C．电能→活跃化学能D．稳定化学能→活跃化学能（3）20世纪40年代科学家用14CO2供给小球藻进行光合作用，最终探明了CO2转化为有机物的途径。这个途径是图中的_________。A．仅反应IB．反应I和反应IIC．仅反应IID．反应I或反应II（4）光合作用被称为地球上最重要的反应，从能量转换和物质变化两方面说明光合作用的意义______________________。23、动物多食少动易引起肥胖，近期有科学家揭示肥胖还可能与肠道菌群有关。如图为肥胖症发生机理的部分示意图。请回答相关问题。⑴物质A是微生物__________(填呼吸方式）的产物，当物质A增多时会引起神经兴奋，分泌______________作用于胃黏膜分泌细胞，促进饥饿素的产生，饥饿素产生的调节方式属于________调节。营养物质的摄入量增多又会使微生物产生物质A的量增加，说明①过程属于_____________调节。⑵④⑤⑥过程属于_________调节，物质B为___________，⑥过程通过_____________________________，从而引起肥胖。⑶饥饿素可以使下丘脑的摄食中枢兴奋，一方面增加动物的摄食量，另一方面降低下丘脑分泌的____________________激素，减少甲状腺激素的分泌，导致肥胖。24、设置不同CO2浓度，分组光照培养蓝藻，测定净光合速率和呼吸速率，结果如图，据图回答下列问题：

（1）蓝藻能够进行光合作用的原因是：（答两点）。（2）由图可知，该实验通过测定____来表示净光合作用速率；随着CO2浓度的增加，蓝藻通过光合作用制造O2的速率____（3）在d1、d2、d3浓度下，蓝藻单位时间内呼吸产生ATP多少的顺序是____。（4）在d1、d2、d3浓度下，蓝藻种群的K值最大的是____。（填“d1、d2或d3”）评卷人得分五、综合题(共4题，共28分)25、(1)

两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m

时的作用力为F

现将它们的电量均增加一倍后，放到相距2m

的位置，则它们的相互作用力大小变为________．A.F4

B.4F

C.2F

D.F

(2)

如图所示，电场中AB

两点的电场强度的大小分别为EAEB.

对EAEB

的大小关系判断正确的是________．A.EA>EB

B.EA<EB

C.EA=EB

D.无法判断(3)

如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以在水平面内自由转动的小磁针.

现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是________．A.小磁针保持不动B.小磁针的N

极将向下转动C.小磁针的N

极将垂直于纸面向里转动D.小磁针的N

极将垂直于纸面向外转动(4)

关于理想变压器，下面各说法中正确的是________．A.它的输出功率等于它的输入功率B.它的输出功率小于它的输入功率C.原、副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D.副线圈匝数少于原线圈匝数的为升压变压器(5)

如图所示为我国照明用的正弦式电流的电压随时间变化的图象，则该交流的周期是________s

电压的峰值为________V

．(6)

某地地磁场的磁感应强度大约是4.0隆脕10鈭�5T

一根长为1000m

的电线，电流为10A

垄脵

该导线受到的最大磁场力是多少？垄脷

当导线中电流变为5A

时，当地地磁场的磁感应强度变为多少？26、(1)

对于实际的气体，下列说法正确的是________________。(

填正确答案标号)

A.气体的内能包括气体分子的重力势能B.气体的内能包括分子之间相互作用的势能C.气体的内能包括气体整体运动的动能D.气体体积变化时，其内能可能不变E.气体的内能包括气体分子热运动的动能(2)

如图，一竖直放置的气缸上端开口，气缸壁内有卡口a

和bab

间距为ha

距缸底的高度为H

活塞只能在ab

间移动，其下方密封有一定质量的理想气体。已知活塞质量为m

面积为S

厚度可忽略；活塞和汽缸壁均绝热，不计他们之间的摩擦。开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强均为p0

温度均为T0

现用电热丝缓慢加热气缸中的气体，直至活塞刚好到达b

处。求此时气缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功。重力加速度大小为g

27、利用图所示的电路测定一节干电池的电动势和内阻，要求尽量减小实验误差。供选择的器材有：

A.电流表A(0隆芦0.6A)B.

电压表1(0隆芦3V)C.

电压表2(0隆芦15V)

D.滑动变阻器1(0隆芦20娄赂)E.

滑动变阻器2(0隆芦200娄赂)

F.定值电阻R0=1娄赂G.

开关一个，导线若干(1)

实验中电压表应选用________，滑动变阻器应选用________(

选填相应器材前的字母)

(2)

闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小。同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻R0

问题得到解决。请画出改进后的电路图。某位同学记录了6

组数据，对应的点已经标在坐标纸上.

在图坐标纸上画出U鈭�I

图线，并根据所画图线可得出干电池的电动势E=

______V

内电阻r=

________娄赂(

结果均保留两位有效数字)

28、[

物理选修3鈭�4]

(1)

一列横波在x

轴上传播，实线和虚线分别表示t1=0t2=0.14s

时的波形，已知实线在t3=0.6s

时第5

次重复出现.

则_______

A.波的周期为0.1s

B.波的波长为12cm

C.波的传播速度为1m/s

D.波沿x

轴正方向传播E.t2=0.14s

时，x=0

处质点的纵坐标为y=3cm

(2)

如图所示，直角边AC

长度为d

的直角棱镜ABC

置于桌面上，D

为斜边BC

的中点，桌面上的S

点发射一条光线经D

点折射后，垂直于AB

边射出.

已知SC=CD

光线通过棱镜的时间t=3d2cc

为真空中光速，不考虑反射光线.

求：

(i)

棱镜的折射率n

(ii)

入射光线与界面BC

间的夹角娄脠

．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【解析】【答案】D2、C【分析】解：A、根据公式C=当两极板之间的距离增大，电容减小，故A正确；

B；电容器连接在电池上；电压不变，由Q=CU，得知电容器极板的带电量Q减小；故B正确；

C；电容器连接在电池上；电容器两极板的电势差U等于电池的电动势，U不变，故C错误；

D、由E=分析；U不变，d增大，则E变小，故D正确．

本题选不正确的；故选：C．

根据平行板电容器的电容C=两极板之间的距离增大，电容减小，电容器连接在电池上，电压不变．由Q=CU，电压不变，分析电量变化，由E=分析电场强度的变化．

本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，其电压不变，运用电容的定义式和决定式结合分析．【解析】【答案】C3、A【分析】解：A

碰撞前，A

的速度大于B

的速度vA>vB

则有PAmA>PBmB

得到mA<75mB.

根据碰撞过程总动能不增加；则有：

622mA+622mB鈮�722mA+522mB.

故A正确．

解得：mA鈮�1311mB

满足mA=mB

故A正确；

B、碰撞前，A

的速度大于B

的速度vA>vB

则有PAmA>PBmB

得到mA<75mB

．

根据碰撞过程总动能不增加，则有322mA+922mB鈮�722mA+522mB

解得：mA鈮�57mB

不满足mA=mB

故B错误；

C、根据碰撞过程总动能不增加，则有222mA+1422mB鈮�722mA+522mB

解得：mA鈮�45171mB

不满足mA=mB

故C错误；

D；碰前系统动量是12kg?m/s

碰后系统动量为鈭�4+17=13kg?m/s

不满足系统动量守恒，故D错误；

故选：A

．

当A

球追上B

球时发生碰撞；遵守动量守恒.

由动量守恒定律和碰撞过程总动能不增加，进行选择．

对于碰撞过程要遵守三大规律：1

是动量守恒定律；2

总动能不增加；3

符合物体的实际运动情况．【解析】A

4、D【分析】

A；在空气中由于它们的速度相同；红光的衍射条纹比蓝光宽，所以红光的波长比蓝光长．故A不正确；

B；在水中蓝光的折射率大于红光的折射率；则在水中红光的速度大于蓝光．故B不正确；

C；在光的色散现象中；可发现蓝光的折射程度比红光强，所以蓝光的折射率比红光大．故C不正确；

D；由于红光的速度大于蓝光；则红光的频率低于蓝光．所以蓝光的光子的能量大于红光的光子能量．故D正确；

故选：D

【解析】【答案】由实验可得：蓝光与红光的折射率不同；则在介质中传播速度也不同．在空气中由于它们的波长不同，则它们的频率不同，同时它们的能量也不同．

5、B|C【分析】【解析】试题分析：A、公式普遍适用于求电功率，公式普遍适用于求热功率，公式在纯电阻电路中用于计算电功率和电热率，在非纯电阻电路没有意义；错误B、在纯电阻电路中，欧姆定律成立，则三个公式既可适用于求电功率又可适用于求热功率；正确C、由A分析知，在非纯电阻电路中，第一个公式可适用于求电功率，第二个公式可适用于求热功率，第三个公式没有意义；正确D、在非纯电阻电路中，则三个公式表达的意义不同；错误故选BC考点：电功率与热功率的计算【解析】【答案】BC6、D【分析】【解析】试题分析：A、导体下落过程中切割磁感线产生感应电流，有楞次定律知导体受到竖直向上的安培力，还有竖直向下的重力，下落过程中安培力做负功，机械能减小，减小的机械能转化为电能，所以机械能不守恒；错误B、导体释放后，向下做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到0，即安培力等于重力时，速度达到最大；错误C、导体释放瞬间，导体中没有感电流产生，不受安掊力作用，只受重力，加速度最大，安培力为零；错误D、导体速度达最大以后，竖直向下的重力等于竖直向上的安培力，两力的合力等于零，导线做匀速直线运动，导体减少的重力势能通过克服安培力做功全部转化为回路的电能；正确故选D考点：导体切割磁感线时的感应电动势【解析】【答案】D7、B【分析】试题分析：同种电荷的电场线是排斥状的，沿电场线方向电势逐渐降低，知O点的电势高于c点的电势．故B正确．设Ma=L，aO=r，则a点的电场强度可见故A错误；电子受到的电场力方向与电场方向相反，所以将电子沿直线从a点移到b点，电场力对电子先做负功后做正功，C错误；对两个电荷在中垂线上的场强进行叠加，在Oc段方向斜向左上，在Od段方向斜向左下．所以电子所受的电场力在Oc段斜向右下，在Od段斜向右上，电场力跟速度的方向先是锐角后是钝角，电场力对电子先做正功后做负功，故D错误。考点：考查了电场的叠加；电场强度；电势、．【解析】【答案】B8、D【分析】由长度收缩效应，l＝l0即3＝5×得u＝0.8c，故选项D正确．【解析】【答案】D9、D【分析】解：两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小为：E1=2k=方向向右．

根据静电平衡导体的特点可知，球壳上的感应电荷在O点处的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小为：E2=E1=方向向左．

故选：D

当金属球达到静电平衡时；球心O点处合场强为零，即球壳上的感应电荷在O点处产生的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反．求出两个点电荷A和B在O点处产生的合场强，再求球壳上的感应电荷在O点处的场强大小．

本题考查对静电平衡导体特点的理解和应用能力，抓住静电平衡时，导体内部处处场强为零的特点是解题的关键．【解析】【答案】D二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【解析】：试题分析：电风扇不是纯电阻电路，所以电流=0．3A；电动机输出功率P出=P-I2R=64．2W，电机卡住后为纯电阻电路，发热功率考点：非纯电阻电路的功率问题【解析】【答案】：0．3A，64．2W，2420W13、略

【分析】试题分析：由（1）图可以看出，电流从负接线柱流入灵敏电流表时，指针向负接线柱一侧偏转.图（2）中螺旋管中的电流是从下端流向上端，由安培定则可以判断出螺旋管上端是N极，再根据楞次定律知磁铁向上运动.考点：考查了楞次定律、安培定则。【解析】【答案】向上拔出14、右变小变小【分析】【解答】用摩擦过的玻璃棒或橡胶棒接触右侧极板；使电容器带电．

①将极板间距离减小时，根据知，电容C增大，根据知；电势差减小,则静电计指针偏角变小．

②两板间插入电介质，电容增大，根据知；电势差减小，则静电计指针偏角变小．

故答案为：右；①变小，②变小．

【分析】根据Q不变，结合电容器的决定式分析电容的变化，根据分析电势差的变化，从而判断静电计指针偏转角的变化．15、0.580.60

【分析】【分析】(1)

根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度；可以求出打下记数点5

时的速度大小；

(2)

根据物体的初末动能大小可以求出动能的增加量；根据物体重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比较动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出系统机械能是否守恒。

本题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，增强数据处理能力。【解答】(1)

根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5

个点时的速度为：v5=x462T=(21.60+26.40)cm2隆脕0.1s=2.4m/s

；

(2)

物体的初速度为零，所以动能的增加量为：?Ek=12mv52鈭�0=0.58J

；

重力势能的减小量等于物体重力做功；故：娄陇EP=W=mgh=0.60J

由此可知动能的增加量和势能的减小量基本相等；因此在在误差允许的范围内，m1m2

组成的系统机械能守恒。

故答案为：0.580.60

【解析】0.580.60

16、D外界对气体从外界吸收【分析】解：A、由a→b过程；温度不变，故一定质量的理想气体的内能不变，故A错误；

B、由a→b过程；温度不变，分子热运动的平均动能不变，故气体分子热运动的剧烈程度不变，故B错误；

C、由b→c过程；温度降低，分子热运动减缓，压强不变，故C错误；

D；由c→a过程温度升高；分子平均动能增大，因为c→a过程的P-T图象过原点，所以由c→a过程为等容过程，故气体体积可以保持不变，故D正确。

根据=C可知：b→c过程中P不变；而温度T减小，故体积V变小，所以是外界对气体做功；

c→a过程中温度升高；故内能增大△U＞0，c→a为等容过程，故W=0，根据热力学第一定律：△U=W+Q

所以：Q＞0；故气体从外界吸收热量；

故答案为：D；外界对气体，从外界吸收。

结合图象分析过程中压强P；体积V、温度T三个参量的变化情况；利用过原点的P-T图象过程为等容过程；一定质量的理想气体的温度与内能变化一致；分子运动的剧烈程度与温度有关等结论逐项分析即可；

根据理想气体状态方程，可知b→c过程中P不变；根据温度T变化情况分析出体积变化情况，进而可以确定做功的正负；根据热力学第一定律结合做功情况，即可求出c→a过程中，气体与外界热量交换的情况。

本题考查气体定律的综合运用，解题关键是要根据图象分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，知道发生何种状态变化过程，选择合适的实验定律，再结合热力学。【解析】D外界对气体从外界吸收17、略

【分析】【解析】【答案】500n电容器18、不变不变减小减小减小【分析】【解答】解：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以变压器的输出电压也不变，所以V1、V2的示数都不变；当变阻器的滑动头P向上移动时，滑动变阻器的电阻增大，所以负线圈的电流减小，原线圈的电流也要减小，副线圈消耗的功率变小，则输入功率等于输出功率也减小．

故答案为：不变；不变，减小，减小，减小。

【分析】和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况19、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度读数6mm

可动刻度读数为0.01隆脕12.5=0.125mm

所以最终读数为：6mm+0.125mm=6.125mm

游标卡尺的主尺读数为6.3mm

游标尺上第12

个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.05隆脕12mm=0.60mm

所以最终读数为：6.3mm+0.060mm=6.360mm

．

欧姆表表盘的刻度为6.0

选择的是“娄赂隆脕10

”档，所以读数是：6.0隆脕10=60娄赂

故答案为：6.12563.6060

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读.

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】6.1256.36060

20、解：（1）金属棒的位移x=vt；

切割磁感线的有效长度：L=xtan53°=x；

感应电动势：E=BLv=Bvx；

回路总电阻：R=（x+x）r=xr；

回路电流：I=

解得：I=

（2）导体棒受到的安培力：FB=BIL=x；

由平衡条件可得，外力F=FB=BIL=x；

外力的功：W=Fx=x2；

（3）克服安培力做功转化为焦耳热；

由能量守恒定律得：Q=W=x2=t2；

答：（1）t时刻回路中的电流I=

（2）拉力F与杆的位移x的关系式为：F=x，拉力F做的功W与杆的位移x的关系式为W=x2；

（3）时间t内回路中产生的焦耳热Q=t2．【分析】(1)

求出金属棒切割磁感线的有效长度；由E=BLv

求出感应电动势，由电阻定律求出电阻，由欧姆定律求出电流．

(2)

由安培力公式求出安培力；由平衡条件求出拉力．

(3)

由能量守恒定律求出焦耳热．

解决本题关键是确定导体棒有效的切割长度，即导体棒与导轨两个交点间的距离，掌握切割感应电动势公式和运动学公式，并能结合解题．

【解析】解：(1)

金属棒的位移x=vt

切割磁感线的有效长度：L=xtan53鈭�=43x

感应电动势：E=BLv=43Bvx

回路总电阻：R=(x+43x)r=73xr

回路电流：I=ER

解得：I=4Bv7r

(2)

导体棒受到的安培力：FB=BIL=16B2v21rx

由平衡条件可得，外力F=FB=BIL=16B2v21rx

外力的功：W=12Fx=8B2v21rx2

(3)

克服安培力做功转化为焦耳热；

由能量守恒定律得：Q=W=8B2v21rx2=8B2v321rt2

答：(1)t

时刻回路中的电流I=4Bv7r

(2)

拉力F

与杆的位移x

的关系式为：F=16B2v21rx

拉力F

做的功W

与杆的位移x

的关系式为W=8B2v21rx2

(3)

时间t

内回路中产生的焦耳热Q=8B2v321rt2

．四、识图作答题(共4题，共24分)21、（1）动物细胞培养、核移植、早期胚胎培养、基因工程、胚胎干细胞培养

（2）囊胚期发育的全能性

（3）核苷酸序列B和CHindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ

（4）绿干扰素的抗体【分析】【分析】本题考查基因工程、细胞工程以及胚胎工程等方面的知识，难度适中。考生要能够识记细胞核移植的过程；明确基因工程中质粒和目的基因需要利用同种限制酶进行切割；掌握目的基因检测和鉴定的一般方法等。【解答】（1）图1中用到了动物细胞培养、核移植、早期胚胎培养、基因工程、胚胎干细胞培养等现代生物技术。

（2）步骤②中要分离出ES细胞，需将重组胚胎培养到囊胚期。将目的基因导入ES细胞而不是上皮细胞，是因为ES细胞在功能上具有发育的全能性。（3）步骤③中，先需要利用PCR技术扩增干扰素基因。可以根据一段已知的干扰素基因的核苷酸序列合成引物；DNA复制只能从5’到3’,因此构建前利用PCR技术扩增干扰素基因时，可以从图中A、B、C、D四种单链DNA片段中选取B和C作为引物。由图可知，SamⅠ酶的识别序列和切割位点位于目的基因上，用该酶切割会破坏目的基因，因此对干扰素基因片段和质粒进行酶切时，可选用限制酶HindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ。（4）用限制酶HindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ切割时会破坏红色荧光蛋白基因，但不会破坏绿色荧光蛋白基因，因此将步骤③获得的ES细胞在荧光显微镜下观察，选择发绿色荧光的细胞进行体外诱导。为检测干扰素基因是否表达，可用的检测物质是干扰素的抗体。【解析】（1）动物细胞培养、核移植、早期胚胎培养、基因工程、胚胎干细胞培养（2）囊胚期发育的全能性（3）核苷酸序列B和CHindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ（4）绿干扰素的抗体22、（1）类囊体水的光解五碳化合物光反应暗反应（2）B（3）C（4）光合作用将光能转变为有机物中的化学能，为我们提供能量的来源，将二氧化碳和水合成有机物，为我们提供食物来源【分析】【分析】本题考查光合作用的具体过程，解题的关键是要结合光合作用的模式图进行相关生理过程的分析。Ⅰ是光反应，Ⅱ是暗反应，①是类囊体，A是氧气，B是C5，C是C3。【解答】（1）I是光反应阶段，在①类囊体薄膜上进行水的光解产生还原氢和A（氧气），氧气释放到大气中，另外还利用光能产生ATP，II是暗反应阶段，首先进行二氧化碳的固定生成C（三碳化合物），然后三碳化合物还原为B（五碳化合物）和葡萄糖。（2）反应II将ATP中活跃的化学能转变为有机物中稳定的化学能，故选B。（3）20世纪40年代，科学家用14CO2供给小球藻进行光合作用，最终探明了CO2转化为有机物的途径；此过程为暗反应过程，即反应Ⅱ，故选C。

（4）光合作用可以将二氧化碳和水转化成有机物，将光能转化成化学能，是地球上最基础的物质代谢和能量代谢。【解析】（1）类囊体水的光解五碳化合物光反应暗反应（2）B（3）C（4）光合作用将光能转变为有机物中的化学能，为我们提供能量的来源，将二氧化碳和水合成有机物，为我们提供食物来源23、（1）无氧呼吸神经递质神经正反馈

（2）激素胰岛素促进细胞内的葡萄糖转化为脂肪

（3）促甲状腺激素释放【分析】【分析】本题考查与肥胖有关的机体调节过程，意在考查考生理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力。【解答】（1）肠道为缺氧环境，所以物质A为肠道内微生物无氧呼吸的产物，当物质A增多时会引起神经兴奋，神经细胞分泌的神经递质作用于胃黏膜分泌细胞，促进饥饿素的产生，饥饿素产生的调节方式属于神经调节。图中①的作用结果具有放大效应，属于正反馈调节。（2）图中的血糖浓度升高引起物质B-胰岛素的分泌属于激素调节。物质B是胰岛素，⑥过程通过促进细胞内的葡萄糖转化为脂肪引起机体肥胖。（3）饥饿素可以使下丘脑的摄食中枢兴奋，一方面增加动物的摄食量，另一方面降低下丘脑分泌的促甲状腺激素释放激素，减少甲状腺激素的分泌，降低代谢水平，导致肥胖。

【解析】（1）无氧呼吸神经递质神经正反馈（2）激素胰岛素促进细胞内的葡萄糖转化为脂肪（3）促甲状腺激素释放24、（1）有藻蓝素和叶绿素、有进行光合作用相关的酶（2）（单位时间）O2的释放量先增加后降低（3）d2＞d1＞d3（4）d2【分析】【分析】本题考查光合作用的机理和影响光合作用的因素以及呼吸作用的相关知识。意在考查考生具备验证简单生物学事实的能力，并能对实验现象和结果进行解释、分析和处理。

【解答】

（1）蓝藻虽然没有叶绿体，但是其含有与光合作用有关的酶和光合色素（藻蓝素和叶绿素），因此能够进行光合作。

（2）据图分析可知，该实验通过测定单位时间内O2的释放量来表示净光合作用速率；随着CO2浓度的增加，蓝藻通过光合作用制造O2的速率先增加后减少。（3）据图分析可知，d1浓度的呼吸速率大于d3浓度，d2浓度的呼吸速率大于d1浓度，因此产生ATP多少的顺序是d2＞d1＞d3。

（4）由于光合速率=净光合速率+呼吸速率，因此可比较d1浓度、d2浓度、d3浓度下光合速率的大小，据图分析可知，d2浓度下光合速率最大，制造的有机物最多，因此蓝藻种群的K值最大。【解析】（1）有藻蓝素和叶绿素、有进行光合作用相关的酶（2）（单位时间）O2的释放量先增加后降低（3）d2＞d1＞d3（4）d2五、综合题(共4题，共28分)25、（1）D

（2）A

（3）C

（4）A

（5）

0.02311

（6）

解：①由公式可得F＝BIL。解得F＝4.0×10－5×10×1000N＝0.4N

②电流变为5A时，当地地磁场的磁感应强度仍为4.0×10－5T。【分析】(1)

【分析】等量异种电荷的小球，在真空中相距为r

时，根据库仑定律可以得到F

与电量Q

距离r

的关系；它们的电量均增加一倍后，放到相距2m2m的位置，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与Qr

的关系。本题考查库仑定律，是基础题。【解答】根据库仑定律，得F=kq2r2电量均增加一倍后，放到相距2m2m的位置后再由库仑定律，得F鈥�=k2q2q(2r)2=F

故D正确，ABC错误。故选D。(2)

【分析】电场强度的大小可以看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大。本题考查电场线的知识，是基础题。【解答】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密的地方电场强度越大。则知EA>EB

故A正确，BCD错误。故选A。(3)

【分析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N

极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向。而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向。本题重点考查安培定则，是基础题。【解答】当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N

极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N

极将垂直于纸面向里转动。故C正确，ABD错误。故选C。(4)

【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论。本题考查变压器的基本原理，是基础题。【解答】AB.

输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，并且大小相等，故A正确，B错误；C.电压与匝数成正比，所以C错误；D.副线圈匝数少于原线圈匝数，由电压与匝数成正比得到副线圈电压小于原副线圈的电压，故为降压变压器，故D错误。故选A。(5)

【分析】描述交变电流的量有周期、频率、有效值、峰值、瞬时值，通过图象直接得到周期和最大值。本题考查交变电流的图像，并会读出相应物理量。【解答】由图可知，该交流电的周期为0.02s

最大值为311V

故答案为：0.02311

(6)

垄脵垄脵根据F=BIL

来计算安培力的大小；垄脷垄脷磁感应强度是由磁场本身性质决定，与电流大小及导线长短无关；本题考查对磁感应强度的理解以及安培力的计算，是基础题。

【解析】(1)D

(2)A

(3)C

(4)A

(5)

0.02311

(6)

解：垄脵

由公式B=FIL

可得F=BIL

解得F=4.0隆脕10鈭�5隆脕10隆脕1000N=0.4N

垄脷

电流变为5A

时，当地地磁场的磁感应强度仍为4.0隆脕10鈭�5T

26、(1)BDE

(2)

解：开始时活塞位于a

处，加热后，气缸中的气体先经历等容过程，直至活塞开始运动。

设此时气缸中气体的温度为T1

压强为p1

根据查理定律有p0T0=p1T1垄脵

根据力的平衡条件有p1S=p0S+mg垄脷

联立垄脵垄脷

式可得T1=(1+mgp0S)T0垄脹

此后，气缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b

处，设此时气缸中气体的温度为T2

活塞位于a

处和b

处时气体的体积分别为V1

和V2

根据盖隆陋

吕萨克定律有V1T1=V2T2垄脺

式中V1=SH垄脻

V2=S(H+h)垄脼

联立垄脹垄脺垄脻垄脼

式解得T2=(1+hH)(1+mgp0S)T0垄脽

从开始加热到活塞到达b

处的过程中，气缸中的气体对外做的功为W=(p0S+mg)h垄脿【分析】(1)

【分析】气体的内能包括分子之间相互作用的势能和气体分子热运动的动能；根据热力学第一定律气体的体积变化时，其内能可能不变。本题考查气体的内能的相关知识，难度不大。【解答】A.气体的内能不包括气体分子的重力势能，故A错误；B.气体的内能包括分子之间相互作用的势能，故B正确；C.气体的内能不包括气体整体运动的动能，故C错误；D.气体的体积变化时，其内能可能不变，故D正确；E.气体的内能包括气体分子热运动的动能，故E正确。故填：BDE

(2)

活塞从a

处移到b

处的过程中，封闭气体作等压变化，根据盖?

吕萨克定律求活塞到达b

处时汽缸内气体的温度。由活塞平衡求得封闭气体的压强，由W=p鈻�V

求出气体对外做的功。本题的关键是分析清楚气体的状态变化过程中，哪些量不变，变化的是什么量，明确初末状态量的值，根据气体定律进行研究。【解析】(1)BDE

(2)

解：开始时活塞位于a

处，加热后，气缸中的气体先经历等容过程，直至活塞开始运动。设此时气缸中气体的温度为T1

压强为p1

根据查理定律有p0T0=p1T1垄脵

根据力的平衡条件有p1S=p0S+mg垄脷

联立垄脵垄脷

式可得T1=(1+mgp0S)T0垄脹

此后，气缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b

处，设此时气缸中气体的温度为T2

活塞位于a

处和b

处时气体的体积分别为V1

和V2

根据盖隆陋

吕萨克定律有V1T1=V2T2垄脺

式中V1=SH垄脻

V2=S(H+h)垄脼

联立垄脹垄脺垄脻垄脼

式解得T2=(1+hH)(1+mgp0S)T0垄脽

从开始加热到活塞到达b

处的过程中，气缸中的气体对外做的功为W=(p0S+mg)h垄脿

27、（1）BD

（2）电路图及U-I如图

1.50.14【分析】【分析】(1)"id="MathJax-Element-1303-Frame"role="presentation"tabindex="0">((11))(1)"id="MathJax-Element-1303-Frame"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；((11))((11明确实验原理；根据实验中所出现的问题即可明确对应的解决方案，再根据电源的U鈭�I

图象求出电源电动势与内阻。

本题考查测量电源的电动势和内电阻的实验，要注意掌握图象法的正确应用，明确等效电源内阻的实验方法；在U鈭�I

图象中：纵轴截距为电源的电动势，图象的斜率为))内电阻r

的和。解题时要注意纵轴不是从0

开始的。(2)"id="MathJax-Element-1304-Frame"role="presentation"tabindex="0">((22))(2)"id="MathJax-Element-1304-Frame"role="presentation"tabindex="0">((22))((