2025年外研版必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修1物理下册阶段测试试卷126考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、力的合成和分解是我们受力分析过程中重要的方法；下图是探究合力和分力关系的示意图，根据图中内容回答问题。本实验需要两次拉伸橡皮条：一次是通过细线用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，另一次是通过细线用一个弹簧测力计拉橡皮条，关于这两次拉伸，下列说法中正确的是（）

A.要求将橡皮条拉到相同的长度B.要求图乙中两个弹簧测力计所成角度为90°C.要求将橡皮条和细绳的结点O拉到相同的位置D.要求图乙中两个弹簧测力计读数相同2、如图所示；弹簧测力计；绳子、滑轮的质量都不计，所有摩擦力也忽略不计，物体A重100N，两物体均处于静止状态，其中弹簧测力计示数为50N，则地面对物体A的支持力及B的重力大小分别是。

A.25N和25NB.75N和25NC.0N和50ND.25N和50N3、下列说法正确的是（）A.在国际单位制中，“牛顿”是力学的三个基本单位之一B.由于力是改变物体运动状态的原因，所以物体受到力作用时，它的运动状态一定会发生改变C.位移、速度、力都是矢量D.高速行驶的汽车，关闭油门后不容易停下来，说明汽车的速度越大，其惯性就越大4、小明在观察如图所示的沙子堆积时；发现沙子会自然堆积成圆锥体，且在不断堆积过程中，材料相同的沙子自然堆积成的圆锥体的最大底角都是相同的。小明测出这堆沙子的底部周长为31.4m，利用物理知识测得沙子之间的摩擦因数为0.5，估算出这堆沙子的体积最接近（）

A.30m3B.60m3C.200m3D.250m35、下面哪个v—t图描述物体做自由落体运动的是（）A.B.C.D.6、下述各种种力中，按力的性质命名的是（）A.拉力B.阻力C.摩擦力D.支持力7、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法．以下关于物理学研究方法的叙述中错误的是()A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是等效替代法B.根据速度定义式v＝当Δt→0时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微元法8、如图所示，A、B两滑块质量分别为2kg和3kg，用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的粗糙水平面上，两物块与水平面间的动摩擦因数均为用手按着两滑块不动，第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为4kg的物块C挂于动滑轮上，只释放A而按着B不动；第二次是将物块C取走，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上，只释放B而按着A不动。重力加速度为g取10m/s2；则两次操作中滑块A和B获得的加速度之比为（）

A.1：2B.5：6C.5：3D.2：1评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、云南彝良发生地震后，在前往救灾的路上，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚在路中央，所以又紧急刹车，经4s停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）A.加速、减速中的加速度之比a1:a2＝2：1B.加速、减速中的平均速度之比v1:v2＝2：1C.加速、减速中的位移之比s1:s2＝2：1D.加速、减速中的加速度之比a1:a2＝1：210、甲、乙两物体沿直线朝同一方向运动，如图所示为甲、乙两物体的平均速度与运动时间t的关系图像。下列说法正确的是（）

A.甲的初速度为10m/sB.甲的加速度为-2m/s2C.乙的加速度为1m/s2D.t=3s时，甲物体速度大小为4m/s11、如图所示；物体以5m/s的初速度沿光滑的斜面向上做减速运动，经过2s速度大小变为3m/s，则物体的加速度（）

A.大小为1m/s2，方向沿斜面向上B.大小为1m/s2，方向沿斜面向下C.大小为4m/s2，方向沿斜面向下D.大小4m/s2，方向沿斜面向上12、关于科学思想方法说法正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫极限思想方法B.根据速度定义式当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了理想模型法C.伽利略用实验的方法，证实由静止开始的运动距离与时间平方成正比，从而间接证实了落体速度与时间成正比的假说D.在推导匀变速直线运动位移公式时，整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法13、如图所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点；细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是（）

A.只将绳的左端移向A′点，拉力变小B.只将绳的左端移向A′点，拉力不变C.只将绳的右端移向B′点，拉力变大D.只将绳的右端移向B′点，拉力不变14、沿光滑的竖直墙壁用网兜把一个足球挂在A点足球受到的重力为G，网兜的质量不计。悬绳与墙壁的夹角为=30°。悬绳给球的拉力为FT，所墙壁给球的支持力为FN下列表述正确的是（）

A.FN大于GB.FT大于GC.FN与FT的合力一定竖直向上D.FN与FT大小之和等于G15、如图所示，光滑水平面上静置一质量为m、长为L的长木板B，木板上表面各处粗糙程度相同，一质量为m的小物块A(可视为质点)从左端以速度v冲上木板，当v=v0时，小物块A历时t0恰好运动到木板右端与木板共速．此过程中A、B系统生热为Q，则()

A.若v=，B相对运动时间为B.若v=，B系统生热为C.若v=2v0，A经历达木板右端D.若v=2v0，B系统生热为Q评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、重为G=30N的物体放在水平地面上，物体受到大小为F=5N的竖直向上的拉力作用，则物体受到的外力的合力大小为______N、水平地面对物体的支持力大小为______N。17、在用DIS研究匀速直线运动的实验中，得到如图所示的s-t图像，表明小车的运动________（选填“是”或“不是”）匀速直线运动，由图像可知小车的速度在变________.（选填“大”或“小”）18、加速度。

（1）物理意义：加速度是描述物体运动______的物理量。

（2）定义：______与发生这一变化所用______之比；叫作加速度。

（3）定义式：a＝Δv表示______，Δt表示发生这一变化所用的______。

（4）单位：在国际单位制中，加速度的单位是______，符号是______或______。19、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示。该工件的直径为________cm，高度为________mm。

20、作用在一个平面内，大小分别为4N、8N、10N的三个共点力，其合力的最大值是___________N，最小值是___________N。21、如图甲所示，螺旋测微器的读数为____mm，图乙用0～0.6A挡，此电表的示数为___A

22、如图所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图甲、乙所示。由图像可知当t＝1s时，物体受到的摩擦力为________。t＝3s时，物体受到的摩擦力为_______N。t＝5s时，物体受到的摩擦力为_______N。

23、如图所示，一铁架台置于水平地面上，其上有一轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直，现将水平力作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止，则在这一过程中，水平力______；细线的拉力______；铁架台对地面的压力______。（选填“变大”或“变小”或“不变”）

24、如图，甲物体重6N，乙物体重10N，弹簧测力计及摩擦均不计，则当甲、乙两物体静止时，弹簧测力计的读数为__________N，物体乙对地的压力为__________N．评卷人得分四、作图题(共1题，共2分)25、如图所示；B物体处于静止状态，画出它的的受力示意图。

评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)26、某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，安装好的实验器材如图甲所示，图中A为固定橡皮条图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是某次实验时OB细绳所连接的弹簧测力计的指针指示情况。

请回答下列问题：

（1）图乙中弹簧测力计的读数为________N；

（2）关于实验操作的说法正确的是________；。A．用两个弹簧测力计拉橡皮条时，每次O点的位置可以不同B．铅笔挨着细绳画出直线，即为拉力的方向C．用测力计拉细绳时细绳要与白纸平行D．在用两个弹簧测力计同时拉细绳时要注意使两个弹簧测力计的读数相等（3）某次实验中在坐标白纸上作出两弹簧测力计的力的图示如图丙所示，请在图中作出合力的图示_______，并测量合力的大小为________N（每格边长的长度表示1N）。（结果保留两位有效数字）27、某实验小组利用如图所示的实验装置测量橡皮绳的劲度系数。将手机悬挂在橡皮绳下；手机软件中的“定位”功能可以测量手机竖直方向上的位移。

实验小组进行了如下主要的实验步骤。

a.安装实验器材；橡皮绳分别与手机和铁架台连接，手机重心和橡皮绳在同一竖直线；

b.手掌托着手机；使橡皮绳处于原长状态，打开手机中的位移传感器软件；

c.缓慢释放手机，当手机平衡时记录下手机下降的高度x0；

d.在手机下方悬挂质量为m=50g等重钩码，缓慢释放，当钩码平衡时记录下手机下降的高度x；

e.重复上述第4步操作；

f.作出钩码数量n及对应手机从橡皮绳原长开始下降高度x的关系图像；如图所示。

根据n-x图像；回答以下问题：

（1）不挂钩码时，橡皮绳的伸长量为x0=______；

（2）该橡皮绳的劲度系数k=______N/m（取g=9.8m/s²）；

（3）通过分析计算可得到手机的质量为______。28、利用轻弹簧探究“弹簧弹力与形变量的关系”实验，通过多次测量，记录弹簧在不同拉力下的总长度，然后以弹簧受到的弹力F为纵轴、弹簧的总长度l为横轴，在坐标纸上描点，作出F－l图像，如图所示。根据F－l图像可得：

（1）轻弹簧原长________cm；

（2）轻弹簧劲度系数________N/m；

（3）当弹簧受拉力大小0.2N时，弹簧长度为________cm。评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)29、一个物体从45m高处自由下落做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为a=10m/s2；那么。

(1)该物体经多长时间落到地面?

(2)求最后1s的初速度大小?30、指出下列说法中的错误：

(1)因为物体本身就有重力；所以重力没有施力物体；

(2)重力的方向总是垂直于接触面向下的；

(3)放在水平桌面上的两个球；靠在一起但并不互相挤压，两球之间存在弹力；

(4)两物体间如果有相互作用的弹力；就一定存在摩擦力；

(5)根据可知，动摩擦因数跟滑动摩擦力成正比，跟压力成反比。31、如图所示，质低为m1=10kg的物体甲通过三段轻绳相连，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平地面上的质盘为m2=50kg的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°。物体甲及人均处于静止状态（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2；计算时可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力），求：

（1）求OA绳的拉力FA的大小和OB绳的拉力FB的大小；

（2）要保证人不会相对于地面滑动，人与水平地面间的动摩擦因数至少是多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

AC．本实验采用“等效法”；要求两次拉伸橡皮条时效果相同（橡皮条的拉伸方向和伸长量相同），即要求细绳的结点拉到相同的位置，故A错误，C正确。

BD．两弹簧拉力大小和夹角大小适度即可；大小不一定相等，夹角也不一定为90°，故BD错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

对物体B受力分析，受重力mg和拉力T，由于物体B处于平衡状态，有

滑轮受到两个向下的拉力，所以弹簧秤的读数

解得

对A进行受力分析，A处于静止状态，则

解得

故选B.3、C【分析】【详解】

A．在国际单位制中；力学的三个基本单位为“千克”；“米”、“秒”，A错误；

B．物体受力有两种情况；受平衡力和非平衡力，当物体受到非平衡力的作用时，其运动状态一定发生改变；当物体受到平衡力的作用时，其运动状态就不发生改变，B错误；

C．位移；速度、力都是矢量；C正确；

D．惯性的唯一量度是质量；跟速度无关，D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

沙堆底部周长为31.4m，故圆锥体的底部圆半径为

对锥面上的一粒沙粒分析，当满足

（为锥体的底角）时沙粒刚好静止，故

解得圆锥体高

故圆锥体的体积约为

故选B。5、B【分析】【详解】

自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动，加速度为g且不变，在v-t图像中为一过原点的倾斜直线；故B正确，ACD错误。

故选B。6、C【分析】【分析】

【详解】

重力；弹力和摩擦力都是按性质命名的；拉力、阻力和支持力都是按效果命名的。

故选C。7、A【分析】【详解】

A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法是理想模型法，选项A错误；

B．根据速度定义式v＝当Δt→0时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义运用了极限思维法，选项B正确；

C．在探究加速度；力和质量三者之间的关系时；先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了控制变量法，选项C正确；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微元法，选项D正确；

此题选择错误的选项，故选A。8、D【分析】【详解】

第一次只释放A而B按着不动，设绳子拉力为C的加速度为对A根据牛顿第二定律可得

对C根据牛顿第二定律可得

根据题意可得

联立解得

第二次只释放B而A按着不动，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上，对B受力分析，根据牛顿第二定律可得

根据题意可得

联立解得

两次操作中A和B获得的加速度之比为

故A；B、C错误；D正确；

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、C:D【分析】【详解】

AD．由v=at，得加速与减速的速度变化量大小相等，根据加速、减速中时间之比为2：1，得加速、减速中的加速度之比为a1：a2=1：2

A错误；D正确；

B．在匀变速运动中平均速度等于初速度与末速度之和的一半；所以加速；减速中的平均速度之比1：1，B错误；

C．由位移公式再根据加速、减速中的加速度之比为1：2，可得加速、减速中的位移之比s1：s2=2：1

C正确。

故选CD。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．根据

得

结合图像的信息求甲、乙两物体的加速度和初速度

故AB正确；C错误；

D．t=3s时，甲物体速度大小为

故D正确。

选ABD。11、B:C【分析】【详解】

若2s后物体的速度仍向上，则有

若2s后速度方向向下，则有

负号说明加速度向下。

故选BC。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，选项A错误；

B．根据速度定义式

当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义应用了极限法，选项B错误；

C．伽利略用实验的方法；证实由静止开始的运动距离与时间平方成正比，从而间接证实了落体速度与时间成正比的假说，选项C正确；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，选项D正确。

故选CD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得sinα=①

以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得2Fcosα=mg

得F=②

当只将绳的左端移向A′点，S和L均不变，则由②式得知，F不变，当只将绳的右端移向B′点，S增大，而L不变，则由sinα=得知，α增大，cosα减小，则由②式得知，F增大。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

C．以足球为研究对象，分析其受力情况：重力G、悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持力

三个力的合力为零，根据平衡条件推论，和的合力与G大小相等；方向相反；为竖直向上，故C正确；

ABD．由平衡条件可得

可以看出，FN与FT大小之和等于故AD错误，B正确。

故选BC。15、A:D【分析】【分析】

对于A；B组成的系统；由于系统所受的合外力为零，则系统的动量守恒，由动量守恒定律求出最终两者的共同速度，再由对B，运用动量定理求运动时间．由系统的能量守恒求系统生热．

【详解】

A项：当v=v0时，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：mv0=2mv′

代入数据得：v′=0.5v0

对B，由动量定理得：ft0=mv′

可得：

由能量守恒定律得：

若取向右为正方向，根据动量守恒定律得：

解得：

对B；由动量定理得：

ft=mv′

解得：

可得：

AB系统生热故A正确，B错误；

C、D项：若v=2v0；取向右为正方向，根据动量守恒定律得：

m•2v0=mvA+mvB；

A；B系统生热等于系统克服摩擦力做功；与木板的长度有关，可知A、B系统生热仍为Q．

根据能量守恒定律得：

结合上面解答有：

对B；由动量定理得：

ft=mvB-0

联立解得：故C错误，D正确．

【点睛】

解决本题的关键要明确系统遵守两大守恒定律：动量守恒定律和能量守恒定律，要知道摩擦生热与相对位移有关．三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【详解】

[1]由于物体仍然处于静止状态；所以合力为零，故填0；

[2]根据平衡条件可得

则【解析】0；25N17、略

【分析】【详解】

[1]匀速直线运动的s-t图像为倾斜直线；所以图像表示的不是匀速直线运动。

[2]s-t图像的斜率表示速度，所以可知速度越来越大。【解析】不是大18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】速度变化快慢速度的变化量时间速度变化量时间米每二次方秒m/s2m·s－219、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]游标卡尺的主尺读数为5.0cm；游标尺上第18条刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为。

所以最终的读数为。

[2]螺旋测微器的读数为。

【解析】5.090cm6.120mm20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]三个共点力的合力的最大值是4N+8N+10N=22N；因4N和8N的合力范围是4N~12N，而10N在此范围内，则三个力的合力可以为零，即最小值是0。【解析】①.22②.021、略

【分析】【详解】

[1]螺旋测微器测量值(mm)＝固定刻度数(mm)(注意半毫米刻度线是否露出)＋可动刻度数(估读一位)×0.01(mm)．可得读数为：1.5mm+0.01mm×17.0=1.670mm

[2]对于0.6A量程的电流表；精确度是0.02A，在读数时只要求读到小数点后面两位；电流表示数为：0.36A．

【点睛】

游标卡尺的读数：若用x表示由主尺上读出的整毫米数，K表示从游标尺上读出与主尺上某一刻线对齐的游标的格数，则记录结果表达为(x＋K×精确度)mm。【解析】1.6700.3622、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由乙图知：0-2s时物体的速度大小为零；则当t=1s时物体处于静止状态；物体受到的静摩擦力为f1=F1=1N

[2]由乙图知：4~6s时，物体匀速运动，即滑动摩擦力f3与F3=2N为一对平衡力，由图甲可知，此时的摩擦力f3=F3=2N

[3]2~4s之间，物体加速运动，受滑动摩擦力，受力不平衡，推力大于摩擦力；但由于物体和地面没有改变，所以摩擦力大小不变；即仍为f2=2N

【点睛】

v-t图像、F-t图像相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。【解析】12223、略

【分析】【详解】

[1]小球受力分析如图。

由平衡条件有

可知，增大，F逐渐变大；

[2]由平衡条件有

可知，增大，T逐渐变大；

[3]以整体为研究对象，根据平衡条件得地面对铁架台的支持力

可知，地面对铁架台的支持力不变，由牛顿第三定律知铁架台对地面的压力不变。【解析】变大变大不变24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．甲由于自身的重力对弹簧测力计施加了一个向左的6N的拉力，弹簧测力计处于静止状态，水平方向上受到的就是一对平衡力，所以甲也对弹簧测力计施加了一个6N的拉力，弹簧测力计的示数等于这个力，等于6N；乙受到竖直向上的拉力、竖直向上的支持力和竖直向下的重力，这三个力是平衡力，所以支持力等于重力和拉力的差值等于10N-6N=4N．支持力和压力是一对相互作用力，相互作用力的大小是相等的，所以压力等于4N．【解析】6N4N四、作图题(共1题，共2分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

对B进行受力分析得。

【解析】五、实验题(共3题，共12分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图可知：弹簧测力计的分度值为0.1N；指针在3N以下第8个小格处，故弹簧测力计的读数为3.80N；

（2）[