2025年青岛版六三制新必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年青岛版六三制新必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则()

A.电压表读数增大B.电流表读数减小C.质点P将向上运动D.上消耗的功率逐渐减小2、五根平行的长直导体棒分别过竖直平面内正方形的四个顶点和中心；并和该正方形平面垂直．各导体棒中均通有强度相等的电流，方向如图所示．则中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是。

A.竖直向上B.竖直向下C.水平向左D.水平向右3、下列公式中定义的物理量不是采用比值定义法的是（）A.B.C.D.4、如图所示为范德格拉夫起电机示意图。直流高压电源的正电荷，通过电刷传送带和电刷不断地传到球壳的外表面，并可视为均匀地分布在外表面上，从而在金属球壳与大地之间形成高电压。关于金属球壳上的A、B两点；以下判断正确的是（）

A.同一试探电荷在A、B两点具有的电势能相同B.同一试探电荷在A、B两点所受的电场力相同C.将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能增加D.将带负电的试探电荷从A点移到B点，电势能减小5、如图，光滑绝缘的水平面上有三个带电小球（均可视为点电荷）三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力的作用下处于静止状态，之间的距离小于之间的距离.则以下看法正确的是。

A.对的静电力一定是引力B.对的静电力一定是引力C.三个小球所带电荷量的大小关系是D.若保持它们的位置不变而将它们的电荷量都加倍，则它们将不能平衡6、如图所示，1、2、3是电场中的三个点，其电场强度大小分别为E1、E2、E3，电势分别为φ1、φ2、φ3．关于φ1、φ2、φ3的比较；下列说法中正确的是()

A.φ1>φ2>φ3B.φ1<φ2<φ3C.φ1=φ2=φ3D.φ1=φ2<φ37、老师给小明一个密封盒，其表面可见一个灯泡和一个可调电阻器R（可读取电阻值）的旋钮。为了探究密封盒里灯泡和可调电阻器是如何连接的；小明连接了一个如图1所示的电路并进行如下实验。

实验1：将可调电阻器R在一定范围内减小；并将变化前后的结果记录下来，如图2所示。

实验2：将电动势为的两节干电池（内阻不可忽略）串联来代替低压电源；重复实验。

下列选项正确的是（）A.可调电阻器和灯泡是串联关系B.两次实验中在调节可调电阻器R时，都不存在安全隐患C.实验1中灯泡工作时的阻值可以计算：实验2中当R减小时，灯泡会变亮D.实验2中如果用的定值电阻代替灯泡，该装置可以测出干电池的内阻8、下列各图中，已标出电流及电流所产生磁场的磁感应强度的方向，其中正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，当电路里滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时（）

A.电容器C两端的电压增大B.电容器C两极板间的电场强度增大C.电压表的读数减小D.R1消耗的功率增大10、如图所示，真空中有两个点电荷Q1=+4.010-8C和Q2=-1.010-8C，分别固定在x坐标轴的坐标原点和x=6cm的位置上．在x轴上（）

A.x=12cm处的场强为零B.x=14cm处的场强为零C.x=8cm处的电势比x=10cm处的电势低D.将一个负的试探电荷从x=15cm处移动到x=20cm处的过程中，它的电势能减少11、根据麦克斯韦电磁场理论，下列说法中正确的是（）A.在电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B.均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场C.周期性变化的磁场周围一定产生周期性变化的电场D.周期性变化的电场（或磁场）一定可以产生电磁波12、如图所示，E、F、G、M、N是在纸面内圆上的五个点，其中的连线均过圆心O点，在M、N两点处垂直于纸面放置两根相互平行的长直细导线，两根导线中分别通有大小相等的电流，已知通电直导线形成的磁场在空间某点处的磁感应强度大小k为常量，r为该点到导线的距离，I为导线中的电流强度。则下列说法中正确的是（）

A.若两根导线中电流同向，则O点磁感应强度不为零B.若两根导线中电流同向，则E、F两点磁感应强度大小相等C.若两根导线中电流反向，则E、G两点磁感应强度相同D.无论两根导线中电流同向还是反向，E、F、G三点的磁感应强度大小不相等13、如图所示为多用电表电阻挡的原理图，表头内阻为Rg，调零电阻为R0，电池的电动势为E，内阻为r；则下列说法中正确的是（）

A.它是根据闭合电路欧姆定律制成的B.电阻挡对应的“∞”刻度一般在刻度盘的右端C.接表内电池负极的应是黑表笔D.调零后刻度盘的中心刻度值是r+Rg+R014、下列物理量中哪些与检验电荷无关（）A.电场强度EB.电势C.电势能EPD.电场力F15、如图所示，A、B、C三点在同一水平面上,D点在B点正上方,A、C到B的距离均为d，D到B点的距离为AB垂直于BC空间存在着匀强电场，一个质量为m、电荷量为+q的粒子从A移到D时电场力做的功为零，从C到D时电场力做的功也为零，从B移到D时克服电场力做的功为W，则下列说运正确的是()

A.带电粒子从A移到C时电场力做的功一定为零B.电场强度既垂直于AD，又垂直于ACC.电场强度的大小为D.C点和B点间的电势差大小为16、用充电宝给手机电池充电时，充电宝输出电能转化为手机电池的化学能和内能，等效电路如图所示。在充电开始后的时间t内，充电宝的输出电压U和输出电流I都可认为是恒定的，若手机电池的内阻为r，则t时间内（）

A.充电宝输出的电流为B.充电宝输出的电功为C.手机电池产生的焦耳热为D.手机电池储存的化学能为17、阻值相等的三个电阻电容为C的平行板电容器、电动势为且内阻可以忽略的电源与开关连接成如图所示的电路，其中电源负极接地。开始时，开关断开，电路稳定后有一带电液滴位于电容器极板间的点并处于静止状态，整个装置处于真空中，重力加速度为下列说法正确的是（）

A.若减小电容器两极板的正对面积，则液滴向下加速运动B.若将电容器上极板上移少许，则点电势降低C.闭合则电路稳定后电容器所带电荷量比原来增加D.闭合若电路稳定后液滴还在板间运动，则其加速度大小为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、用如图所示电路测量电源的电动势和内阻，实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2Ω），保护电阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑动变阻器R；电流表A，电压表V，开关S，导线若干。

实验主要步骤：

（ⅰ）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大；闭合开关；

（ⅱ）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；

（ⅲ）以U为纵坐标，I为横坐标，作图线（U、I都用国际单位）；

（ⅳ）求出图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。

回答下列问题：

（1）电压表最好选用______；电流表最好选用______。

A．电压表（0~3V，内阻约15kΩ）B．电压表（0~3V；内阻约3kΩ）

C．电流表（0~200mA，内阻约2Ω）D．电流表（0~30mA；内阻约2Ω）

（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是______；

A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱。

B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱。

C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱；另一条导线接在电阻丝左端接线柱。

D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱；另一条导线接在电阻丝右端接线柱。

（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E＝______，r＝______，代入数值可得E和r的测量值。19、如图所示，在X轴上坐标为1m的点上固定一个电量为4Q的正点电荷，在坐标原点O处固定一个电量为Q的负点电荷，那么在X轴上场强为零的点坐标为_____，场强方向沿X轴负方向的区域是_____．

20、长为L的金属杆原来不带电，在距其左端r处放一个电荷量为q的点电荷，则金属杆中点处的场强为_____，金属杆上的感应电荷在杆中点处产生的场强大小为____，方向向____．

21、一个灵敏电流计允许通过的最大电流（满刻度电流）为表头电阻若将其改装成量程为的电流表，应__________（填串联或并联）一个电阻，阻值为__________若将其改装成量程为的电压表，应__________（填串联或并联）一个阻值为__________的电阻．22、电场中有A、B、C三点，一电量为+q、质量为m的带电粒子仅受电场力作用，从A点开始以初速v0做直线运动，其v-t图像如图。粒子在t0时刻运动到B点，3t0时刻运动到C点。由图可推断，A、B、C三点中，_____点的电场强度最大，粒子经过_____点时具有的电势能最大；A、B两点的电势差UAB=_________。

23、在如图所示的电路中，小量程电流表G的内阻满偏电流

（1）当和均断开时，改装后的表是___________（填电流表或电压表），量程为___________。

（2）当和均闭合时，改装后的表是___________（填电流表或电压表），量程为___________。24、图中用3V量程时，表针的示数是___________V；当使用15V量程时，图中表针示数为___________V。

25、一矩形线圈面积S＝10cm2，它和匀强磁场方向之间的夹角θ1＝30°，穿过线圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，则磁场的磁感应强度B＝______________；若线圈以一条边为轴转180°，则穿过线圈的磁通量的变化量为____________；若线圈平面和磁场方向之间的夹角变为θ2＝0°，则Ф0＝________________。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

ABC．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而R2中电压增大；故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故ABC错误；

D．因R3两端的电压减小，由可知，R3上消耗的功率减小；故D正确。

故选D。2、C【分析】【详解】

根据题意；由右手螺旋定则对角导线电流产生磁场正好相互叠加，如图所示，由矢量的合成法则，则得磁场方向竖直向下，根据左手定则可知，中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是水平向左；故选C．

3、B【分析】【分析】

【详解】

A．场强的定义式；采用比值定义法，A错误；

B．电阻定律的表达式；体现电阻的决定因素，不是采用比值定义法，B正确；

C．欧姆定律的变形；即电阻的定义式，采用比值定义法，C错误；

D．电容的定义式；采用比值定义法，D错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

A．处于静电平衡状态的导体的特点是，处于静电平衡状态的导体是等势体，导体的表面是等势面，故AB两点电势相等；电势能相同，故A正确；

B．AB两点电场强度大小相等；但是方向不同，所以电场力大小相等，方向不同，故B错误；

CD．在等势面上移动电荷电场力做功为零；电势能不变，故CD错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

A．根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，所以a、c一定为同种电荷即两荷间一定为排斥力；故A错误；

B．根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，所以a、c和b的电性相反，即对的静电力一定是引力；故B正确；

C．同时根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”，“近小远大”，所以故C错误；

D．由平衡可得，对a有

当它们的电荷量都加倍时，小球仍然平衡，同理对b、c也成立，故D错误．6、D【分析】【分析】

【详解】

因1点和2点处于同一条等势线上，因此电势相等，沿着电场线得方向电势降低，因此3点电势高于2点的电势，因此φ1=φ2<φ3，D正确7、D【分析】【详解】

A．分析实验结果可知，可调电阻器R的阻值时，电流时，电流且灯泡的亮度保持不变，即通过灯泡的电流不变，可知灯泡与可调电阻不可能是串联关系，应是并联关系，故A错误；

B．由题意，在第一次实验中，由于电源内阻可以忽略不计，且灯泡与可调电阻是并联关系，所以在第一次实验中在调节可调电阻器R时，不存在安全隐患；但在第二次实验中，由于干电池有内阻，所以若调节可调电阻器R的阻值过大；根据闭合电路欧姆定律可知，会导致干路电流过小，路端电压过大，从而使得流经灯泡的电流超过灯泡的额定电流，从而烧坏灯泡，故B错误；

C．实验1中灯泡工作时的阻值可以计算，为

根据闭合电路欧姆定律可知，在实验2中当R减小时；总电阻将减小，干路电流增大，路端电压减小，则流经灯泡的电流减小，灯泡会变暗，故C错误；

D．实验2中如果用的定值电阻代替灯泡，根据闭合电路欧姆定律有

上述式子中，可调电阻器R的阻值可以读出，干路电流可以通过电流表读出，所以该装置可以测出干电池的内阻故D正确。

故选D。8、D【分析】【详解】

A.由右手螺旋定则可知；电流向外的直导线周围的磁场分布为逆时针的同心圆；故A错误；

B.由右手螺旋定则可知；向上的电流左侧磁场应向外，右侧向里；故B错误；

C.由右手螺旋定则可知；电流由右方流入，内部磁感线应向右；故C错误；

D.由右手螺旋定则可知，环形电流的中心处磁场向上；故D正确；二、多选题(共9题，共18分)9、A:B【分析】【详解】

P下滑时接入电路的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，即通过的电流减小，根据可知消耗的功率减小，D错误；根据闭合回路欧姆定律可知内电压减小，外电压增大，电压表的读数增大，C错误；由于的电流减小，所以两端的电压减小，故电容器两端的电压增大，根据可得两极板间的电场强度增大；AB正确．

【点睛】

在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部．10、A:C【分析】【详解】

AB．两电荷间距离设电荷Q2右侧r处场强为0，则：

解得：

即x=12cm处的场强为零，所以x=6cm到x=12cm间场强方向沿x轴负方向，处场强方向沿x轴正方向．故A项正确；B项错误．

C．x=6cm到x=12cm间场强方向沿x轴负方向，沿电场线方向电势降低，则x=8cm处的电势比x=10cm处的电势低．故C项正确．

D．处场强方向沿x轴正方向，则x=15cm处的电势大于x=20cm处的电势；将一个负的试探电荷从x=15cm处移动到x=20cm处的过程中，它的电势能增加．故D项错误．11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．只有变化的电场才能产生磁场；只有变化的磁场才能产生电场，A错误；

B．均匀变化的电场周围产生恒定的磁场；B错误；

C．周期性变化的磁场（或电场）周围一定产生周期性变化的电场（或磁场）；C正确；

D．结合C项分析；周期性变化的电场和周期性变化的磁场交替产生而形成的电磁场，由近及远地向周围传播，产生电磁波，D正确。

故选CD。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．若两根导线中电流均向内，由安培定则可知，它们在O点磁感应强度恰好等大、反向，故O点合磁感应强度为零，同理可知，E、F两点磁感应强度如图所示；

故E、F两点的合磁感应强度大小相等；方向不同，故A错误；B正确；

C．设中电流向内N中电流向外分别在E、G的磁感应强度如图所示，可知E、G两点的合磁感应强度相等；故C正确；

D．若M、N中电流均向内，分别在E、G的磁感应强度如图所。

可知E、G两点的合磁感应强度大小相等，方向不同，以此类推，可知无论两根导线中电流同向还是反向，E、F、G三点的磁感应强度大小都相等；故D错误。

故选BC。13、A:D【分析】【详解】

A．欧姆表的工作原理为全电路欧姆定律；则A正确；

B．欧姆表零刻度线在最右侧；最大刻度线在最左侧。故B错误；

C．电表的接表内负极的是红表笔。故C错误；

D．调零时，根据闭合电路欧姆定律有

当指针指在中间刻度时，有

可得

故D正确。

故选AD。14、A:B【分析】【详解】

场强表述电场力的性质，电势描述电场能的性质，由场本身决定，与检验电荷无关．AB对．电势能电场力与检验电荷有关，CD错．15、A:B:D【分析】【详解】

根据公式可知A、C、D三点的电势相等，即所以带电粒子从A移到C时电场力做的功一定为零；根据电场线与等势面相互垂直可知电场强度既垂直于AD，又垂直于AC；根据公式可知B、D两点的电势差为所以C点和B点间的电势差大小为电场强度的大小为故选项A、B、D正确，C错误．16、B:D【分析】【详解】

A．手机电池是非纯电阻，欧姆定律不成立，即充电宝输出的电流不能用运算；A错误；

B．充电宝输出的总功率

B正确；

C．根据焦耳定律可知，手机电池产生的焦耳热为

手机电池是非纯电阻，欧姆定律不成立，而表达式运用了欧姆定律；C错误；

D．根据能量转化可知，手机电池储存的化学能等于充电宝输出的总的电功与产生的焦耳热之差，则有

D正确。

故选BD。17、B:D【分析】【详解】

A．减小电容器两极板的正对面积，两极板间电压不变，根据可知两极板间电场强度不变；液滴所受的电场力不变，仍然保持静止，故A错误；

B．若将电容器上极板上移少许，即电容器两极板间距离变大，根据可知减小，因为电容器下极板接地，电势为零，所以点电势

可知点电势降低；故B正确；

C．断开开关时

闭合时

则

即闭合电路稳定后，电容器所带电荷量比原来减少C错误；

D．断开时，液滴静止

闭合时

联立解得

故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【详解】

（1）[1]电压表并联在电路中；故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的电压表A；

[2]当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为

因此；电流表选择C；

（2）[3]分析电路可知；滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大。

A．两导线均接在金属柱的两端上；接入电阻为零，故A错误；

B．两导线接在电阻丝两端；接入电阻最大并保持不变，故B错误；

C．一导线接在金属杆左端；而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大，故C正确；

D．导线分别接右边上下接线柱；滑片右移时，接入电阻减小，故D错误；

故选C。

（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律可知U＝E－I（r＋R2）

对比伏安特性曲线可知，图像的斜率为k＝r＋R2

则内阻r＝k－R2

令U＝0，则有

由题意可知，图像与横轴截距为a，则有

解得E＝ka

【点睛】

本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图像分析数据的方法，重点掌握图像中斜率和截距的意义。【解析】（1）A、C（2）C（3）kak-R219、略

【分析】【详解】

点的电场强度是正电荷+4Q和负电荷﹣Q在该处产生的电场的叠加，是合场强．根据点电荷的场强公式：可判断x＝1m右侧不存在E方向向左的点，在0～1间E的方向一定沿x轴负方向，设﹣Q左侧d处E＝0；

即

解得：d＝1m；

那么电场强度为0的点坐标是x＝﹣1m；

而电场强度方向沿x轴负方向的点所在的区域（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m；【解析】x＝﹣1m（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m20、略

【分析】【分析】

物体带电有接触起电；有感应带电，有摩擦起电．对于感应