2025年人教新起点选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、舰载机尾焰的温度超过1000℃，因此国产航母“山东舰”甲板选用耐高温的钢板。下列说法中正确的是（）A.钢板是非晶体B.钢板的物理性质是各向同性的C.尾焰喷射到钢板上时，该处所有分子的动能都增大D.发动机燃油燃烧产生的热量可以全部用来对舰载机做功2、如图所示，在A、B间接入正弦交流电U1=220V，通过理想变压器和二极管D1、D2给阻值R=20Ω的纯电阻负载供电，已知D1、D2为相同的理想二极管，正向电阻为0，反向电阻无穷大，变压器原线圈n1=110匝，副线圈n2=20匝，Q为副线圈正中央抽头，为保证安全，二极管的反向耐压值至少为U0，设电阻R上消耗的热功率为P，则有()

A.V，P=80WB.U0=40V，P=80WC.V，P=20WD.U0=40V，P=20W3、如图为某发电站电能输送电路示意图，已知发电机的输出电压、输电线的电阻及理想升压、降压变压器匝数均不变，若用户电阻R0减小；下列说法正确的是（）

A.发电机的输出功率减小B.输电线上的功率损失减小C.用户得到的电压减小D.输电线输送电压减小4、如图所示，带箭头的实线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点；径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是。

A.粒子带正电B.粒子在A点加速度大C.粒子在B点动能大D.A、B两点相比，B点电势较低5、篮球运动员通常要伸出两臂迎接传来的篮球．接球时两臂随球迅速收缩至胸前．这样做可以（）

A.减小篮球对手的冲量B.减小篮球对人的冲击力量C.减小篮球的动量变化量D.减小篮球的动能变化量评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、在热学中，要描述一定气体的宏观状态，需要确定下列哪些物理量（）A.每个气体分子的运动速率B.压强C.体积D.温度7、对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是（）A.外界对物体做功，物体内能一定增加B.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大C.当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小D.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大8、一导热性良好的直玻璃管开口向下浸没于固定的水银槽中；管内封闭一定质量的空气，玻璃管底部通过细绳悬挂在天花板上。如图所示，下列情况中能使细绳拉力减小的是（）

A.大气压强升高B.大气压强降低C.环境温度降低D.向槽内注入水银9、下列叙述正确的是（）A.晶体的各向异性是由于它的微粒按空间点阵排列B.单晶体具有规则的几何外形是由于它的微粒按一定规律排列C.非晶体有规则的几何形状和确定的熔点D.石墨的硬度比金刚石差很多，是由于它的微粒没有按空间点阵分布10、下列说法正确的是（）A.液体凝固时，分子平均动能一定减小B.外界对气体做功时，其内能一定会增大C.一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随温度降低而减小E.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成E.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成11、某同学设计了一个探究电容器所带电荷量与电容器两极板间电压关系的实验，实验电路如图甲所示，其中P为电流传感器，V为理想电压表．实验时，先将开关S1闭合，单刀双掷开关S2掷向a，调节滑动变阻器的滑动头到某位置使电容器C充电，当电路稳定后记录理想电压表的示数．再迅速将开关S2掷向b，使电容器放电。电流传感器P将电容器充、放电过程中的电流数据传送给计算机，在计算机上可显示出电流i随时间t变化的图像如图乙所示。然后改变滑动变阻器滑动头的位置；重复上述步骤，记录多组电流随时间变化的图像和电压表的示数．对于这个实验过程和由图像及数据所得出的结果，下列说法中正确的是()

A.流过电流传感器P的充电电流和放电电流方向相同B.图乙中的第①段(充电阶段)电流曲线与横轴所围图形的面积表示电容器充电结束时所带的电荷量C.电容器所带电荷量与电容器两极板间电压的关系图象应为一条过原点的倾斜直线D.电容器充电结束时所带电荷量与滑动变阻器滑动头的位置无关12、如图，光源S从水下向空气中射出一束由红光、黄光和蓝光组成的复色光，在水面上的P点分裂成a、b、c三束单色光，下列说法正确的是____

A.c光为红色光B.在水中传播时a光速度最大，c光波长最小C.逐渐增大入射角，c光最先发生全反射E.a、b、c三种色光分别用同一双缝干涉实验装置发生干涉，a光相邻亮条纹间距最大E.a、b、c三种色光分别用同一双缝干涉实验装置发生干涉，a光相邻亮条纹间距最大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)13、A、B、C、D、E、F分别是正六边形的六个顶点，各顶点到正六边形中心O的距离为a，现只在F处放一电量为-Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小为____；若再在A、B、C、D、E处各放一电量为+Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小变为____。

14、如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为经历A→B→C→A的过程，C→A过程中，气体压强______（填“增加”、“减小”或“不变”）；整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J。该气体在A→B过程中对外界所做的功为______J。

15、如图所示，一定质量的理想气体从状态a依次经状态b、c、d和e后回到状态a，图中ae、bc延长线过坐标原点O，则在a→b过程中气体___________（填“放热”或“吸热”）；在这个循环过程中，气体在状态c的压强___________状态e的压强（填“大于”或“小于”）。

16、如图，一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，已知状态A的压强为则状态B的压强___________；B到C过程中气体___________（选填“吸热”“放热”或“与外界无热交换”）．

17、如图所示宽度为d；厚度为h的金属板放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中；当有电流I通过金属板时，在金属板上侧面A和下侧面A’间产生电势差．

（1）金属板上侧面A电势____________下侧面电势（填高于或低于）；

（2）若金属板内单位体积内自由电子数为n，则产生的电势差U=___________________．18、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．19、质量为m1=0.1kg的物块A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右运动,恰遇上质量m2=0.5kg的物块B以0.1m/s的速率向左运动,两物块正碰后,物块B恰好停止,那么碰撞后物块A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)20、“正电子湮没”是指正电子与电子相遇后一起消失而放出光子的过程，若一个电子和一个正电子相撞发生湮灭转化成一对光子，正、负电子的质量均为相碰前动能均为光速为普朗克常量为则对撞过程中系统动量_____（选填“守恒”、“不守恒”），光子的频率为_________．评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．钢板耐高温；有固定的熔点，是晶体，故A错误；

B．钢是多晶体；晶粒在空间排列相同，是各向同性，故B正确；

C．温度升高分子平均动能增大；并不是所有分子的动能都增大，故C错误；

D．自发状态下；热量不可能全部用来做功，故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

根据图象可以求得输出电压的有效值；周期和频率等；二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．

解：在AB间接入正弦交流电U1=220V，变压器原线圈n1=110匝，副线圈n2=20匝，有：得有效值U2=40V．而二极管的反向耐压值至少为U0，它是最大值，所以U0=40V，Q为副线圈正中央抽头，则R两端电压为20V，所以R消耗的热功率为P=W=20W

故选C3、C【分析】【分析】

根据用户电阻的变化；得出降压变压变压器输出功率的变化，根据输出功率决定输入功率，得知发电机输出功率的变化；由输电线上损失的功率变化，得出输电线电流变化；由发电机的输出电压和升压变压器原；副线圈的匝数比不变，可得出输电线输送电压的变化.

【详解】

若用户电阻减小；则降压变压器输出功率增大，导致发电机的输出功率增大，故A错误；若用户电阻减小，降压变压器输出功率增大，导致输电线上电流增大，输电线上损失的电压增大，输电线上的功率损失增大，故B错误；输电线上损失电压增大，降压变压器原线圈输入电压减小，由于降压变压器原；副线圈匝数比不变，降压变压器副线圈输出电压（即用户得到的电压）减小，故C正确；根据题给发电机的输出电压不变，升压变压器的原线圈输入电压不变，由于升压变压器原、副线圈匝数比不变，则输电线上输送电压不变，故D错误；故选C．

【点睛】

解决本题关键知道：1、原、副线圈电压比、电流比与匝数比的关系；2、升压变压器的输出电压、电压损失、降压变压器的输入电压之间的关系；4、D【分析】试题分析：根据粒子的运动轨迹可以看出；粒子所受电场力的方向与电场线的方向相反，故可知粒子带负电，所以A错误；B处的电场线密集，故电场强度大，由牛顿第二定律可知，该点的加速度大，所以B错误；电场力方向与运动方向成钝角，所以电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小，所以C错误；电势沿电场线的方向降落，所以A点的电势高于B点电势，故D正确；

考点：带电粒子在电场中的运动5、B【分析】【详解】

试题分析：根据动量定理，篮球以一定得速度减小为零，因此当动量的变化一定，则冲量也一样，因速度变化一样，因此动能变化一样，增大作用时间可减少作用力；运动员接篮球时，篮球的动量由某一值减到零，接球时，两手随球迅速收缩至胸前，这样可以增加篮球和运动员的作用时间，从而减少篮球对运动员的冲击力，选项B正确．

考点：动量定理的应用．二、多选题(共7题，共14分)6、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

描述系统的宏观状态；其参量是宏观量，每个气体分子的运动速率是微观量，不是气体的宏观状态参量。气体的压强；体积和温度分别是从力学、几何、热学三个角度对气体的性质进行的宏观描述，是确定气体宏观状态的三个状态参量。

故选BCD。7、B:D【分析】【详解】

A．改变物体内能有两种方式；做功和热传递，外界对物体做功，但不知道物体是吸热还是放热，如果外界对它做功，同时物体向外界放热，并且放出的热量比外界对它做功还多，则物体内能会减小，故A错误；

B．物体的内能除了与温度有关之外；还与体积；状态、物质的量等有关，故温度高的物体内能不一定会大，但温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能一定越大，故B正确；

C．分子间作用力与分子间的距离有关，当分子间的距离小于r0，随分子间距离的增大，分子间的作用力减小，当分子间的距离从r0开始增大到无穷远处；分子间的作用力先增大后减小，故C错误；

D．当分子间作用力表现为斥力时；随着分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增大，故D正确。

故选BD。8、B:D【分析】【详解】

由题意，设外界大气压强为P0，封闭气体压强为P，玻璃管内外水银高度差为h，玻璃管质量为m，绳对玻璃管拉力为T，则对玻璃管受力分析有

即

AB．若大气压强升高，则封闭气体压强增大，故h增加，所以T增大；反之，大气压强降低，则同理可得T减小；故A错误，B正确；

C．若环境温度降低，则封闭气体压强减小，根据

可知h增大，故T增大；所以C错误；

D．向槽内注入水银，根据

由气体状态方程可知，封闭气体压强增大，体积减小，水银面高度差h减小；故拉力减小，选项D正确；

故选BD。9、A:B【分析】【详解】

AB．晶体内部微粒排列的空间结构决定着晶体的物理性质是否相同；也正是由于微粒按一定规律排列；使单晶体具有规则的几何形状，A；B正确；

C．非晶体没有规律的几何形状和确定的熔点；C错误；

D．石墨与金刚石的硬度相差甚远是由于它们内部微粒的排列结构不同；石墨的层状结构决定了它的质地柔软，而金刚石的网状结构决定了其中碳原子间的作用力很强，所以金刚石有很大的硬度，D错误。

故选AB。10、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．若液体凝固成晶体时；温度不变，而温度是分子的平均动能的标志，可知液体凝固时，分子平均动能可能不变，故A错误；

B．做功和热传递都可以改变物体的内能；若外界对气体做功的同时；气体放出热量，其内能不一定会增大，故B错误；

C．根据理想气体的状态方程可知；一定质量的气体，在体积不变时，温度降低则压强减小；气体的压强与分子密度以及单位时间内对单位面积上的碰撞次数有关，体积不变则分子密度不变，所以温度降低；压强降低时，分子每秒与器壁平均碰撞次数减小，故C正确；

D．根据热力学第二定律可知；空调既能制热又能制冷，说明在不自发的条件下热传递方向性可以逆向，故D正确；

E．生产半导体器件时；需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成的，故E正确；

故选CDE。

【点睛】

温度是分子的平均动能的标志，液体凝固成晶体时，温度不变；做功和热传递都可以改变物体的内能；根据压强的微观意义分析；不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；生产半导体器件时，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成．11、B:C【分析】【详解】

A．从图中可知；电容器的左端为正，充电过程中电流从电源正极流向电容正极，放电过程电流从电容的正极流出，所以充电和放电电流方向不同，故A错误；

B．根据公式Q=It

可得图乙中的第①段（充电阶段）电流曲线与横轴所围图形的面积表示电容器充电结束时所带的电荷量；故B正确；

C．因为电容器的电容是恒定不变的，根据电容定义式

变形得Q=CU

可得到Q是关于U的一次函数；所以电容器充电结束时所带电荷量随电容器充电结束时两极间电压变化的关系图像应为一条过原点的倾斜直线，故C正确；

D．因为电容器是跟滑动变阻器的左端并联在一起的，所以电容器的充电结束时的电压和滑动片的位置有关，根据公式

可知电容器充电结束时所带电荷量与滑动变阻器滑动头的位置有关；故D错误。

故选BC。12、B:C:E【分析】【详解】

A项：由于红光的折射率较小；所以偏折角较小，所以a光为红光，故A错误；

B项：由公式可知，折射率越大，速度越小，所以a光的速度最大，由公式所以频率越大的，波长越小，由图可知，所以c光的波长最小，故B正确；

C项：由公式折射率越大的，临界角越小，所以c光最先发生全反射，故C正确；

D项：由B分析可知，b光的波长比a光的小，所以a光比b光更容易发生明显的衍射现象；故D错误；

E项：由公式可知，波长越长的，间距越大，所以a光的邻亮条纹间距最大，故E正确．三、填空题(共8题，共16分)13、略

【分析】【分析】

根据电场强度的叠加原理和点电荷场强公式求解。

【详解】

[1]根据点电荷场强公式得：只在F处放一电量为-Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E处各放一电量为+Q的点电荷，根据电场强度的叠加原理得B和E的叠加后场强为零，A和D的叠加后场强为零，所以中心O处的电场强度的大小等于F和C的场强叠加，即

【点睛】

本题运用电场强度的叠加，及几何图形的对称性来结合求解。【解析】14、略

【分析】【详解】

[1]C→A过程中，图线是过原点的直线，根据

可得

可知C→A过程中气体压强不变；

[2]整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J，而整个过程中内能不变，则外界对气体做功为W=61.4J

其中A→B过程气体体积变大，对外做功W1；B→C过程体积不变，W2=0；从C→A过程等压压缩，外界对气体做功

则由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即气体在A→B过程中对外界所做的功为138.6J。【解析】不变138.615、略

【分析】【详解】

[1]在a→b过程中，理想气体等温变化，内能保持不变，气体体积变大对外做功，由热力学第一定律可得，a→b过程中从外界吸收热量；

[2]根据理想气体状态方程可知

整理得

根据V-T图像斜率的大小可知气体在状态c的压强小于状态e的压强。【解析】吸热小于16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题图可知，从状态A经过状态B为等温变化，则有

已知

解得

[2]由题图可知，B到C过程中，温度降低，内能减少，即

体积变小，则外界对气体做功，即

由热力学第一定律

可知

即气体放热。【解析】放热17、略

【分析】（1）根据左手定则；电子向上偏，所以上侧面得到电子带负电，下侧面失去电子带正电，则金属板上侧面A电势低于下侧面的电势．

（2）电子最终达到平衡，有．则U=vBd．电流的微观表达式I=nevS=nevhd．则v=代入得，．

【名师点睛】金属中移动的是自由电子，根据左手定则，判断出电子的偏转方向，从而得出电势的高低．最终电子受电场力和洛伦兹力平衡，根据平衡和电流的微观表达式求出电势差的大小．【解析】低于18、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同19、略

【分析】设向右为正方向,由动量守恒定律得代入数据解得负号表示方向向左。【解析】0.2m/s向左20、略

【分析】【详解】

光子无静止的质量，撞过程中动量守恒，则电子对撞过程中的质量亏损为．由爱因斯坦质能方程中电子对撞放出的能量为根据能量守恒得，每个光子的能量