2025年上教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，电路两端电压U恒定，将滑动变阻器滑片向右移动的过程中，有下列判断：①A、B两点间电压增大；②电路消耗的总功率增大；③通过的电流增大；④通过的电流增大。其中正确的是（）

A.①③B.①④C.②③D.②④2、比值定义法是用两个物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法，一下物理量的定义式采用比值法定义的是（）A.加速度B.劲度系数C.电流强度D.电场强度3、物理学中最早提出利用电场线描述电场、发现电流的磁效应和用实验证实电磁场理论的依次是哪几位物理学家（）A.法拉第、安培和麦克斯韦B.奥斯特、安培和麦克斯韦C.法拉第、奥斯特和赫兹D.安培、奥斯特和赫兹4、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下列物理公式中不属于用比值法定义物理量的是（）A.密度B.速度C.加速度D.电阻5、如图甲所示，R为电阻箱(0～99.9Ω)，置于阻值最大位置，为末知电阻．断开闭合逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R、I的值，并依据R、I值作出了如图乙所示的图线；断开闭合当R调至某一位置时，电流表的示数=1.0A；保持电阻箱上各旋钮的位置不变，断开闭合此时电流表的示数为=0.8A．据以上数据可知(电流表内阻不计)

A.电源电动势为3.0VB.电源内阻为2ΩC.R.的阻值为2ΩD.断开，接通时，随着R的减小，电源输出功率一直增大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A，的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则下列分析正确的是（）

A.将接线柱1.2接入电路时，每一小格表示0.04AB.将接线柱1.2接入电路时，每一小格表示0.06AC.将接线柱1.3接入电路时，每一小格表示0.06AD.将接线柱1.3接入电路时，每一小格表示0.01A7、如图所示，平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片C相连接．电子以速度v0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场．在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下；若使滑动变阻器的滑片C上移，则关于电容器极板上所带电荷量Q和电子穿越平行板所需的时间t的说法中，正确的是（）

A.电荷量Q增大B.电荷量Q不变C.时间t增大D.时间t不变8、如图所示，带电荷量之比为qA∶qB＝1∶3的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC＝CD，忽略粒子重力的影响，则()

A.A和B在电场中运动的时间之比为1∶2B.A和B运动的加速度大小之比为4∶1C.A和B的位移大小之比为1∶1D.A和B的质量之比为1∶129、如图所示，在两等量同种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、c关于MN对称，b是两电荷连线的中点，d位于两电荷的连线上，e、f位于MN上；以下判断正确的是（）

A.b点场强大于d点场强B.b点场强小于d点场强C.正试探电荷q在a、c两点所受静电力相同D.f点场强可能大于e点场强10、光滑水平面上固定放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个质量m=1kg的小物块自水平面内C点由静止释放，小物块带电荷量q=2C，其运动的v-t图线如图乙所示，其中B点为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）；则以下分析正确的是（）

A.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB.由C点到A点物块的电势能先减小后变大C.由C点到A点，电势逐渐降低D.A点的电势能比B点电势能大11、如图，在直角坐标系xOy中有a、b、c、d四点，c点坐标为(－4cm，3cm)。现加上一方向平行于xOy平面的匀强电场，b、c、d三点电势分别为9V、25V、16V，将一电荷量为－2×10﹣5C的点电荷从a点沿abcd移动到d点；下列说法正确的是（）

A.坐标原点O的电势为－4VB.电场强度的大小为500V/mC.该点电荷在a点的电势能为2×10﹣4JD.该点电荷从a点移到d点的过程中，电场力做的功为4.8×10﹣4J12、如图所示，D是一只理想二极管，平行板电容器的A、B两极板间有一电荷，在P点处于静止状态。以Q表示电容器储存的电荷量，U表示两极板间的电压，表示电荷在P点的电势能。若保持极板B不动，将极板A稍向上平移；则下列说法中正确的是（）

A.U不变B.Q不变C.不变D.电荷仍保持静止13、如图甲所示；两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔。右极板电势随时间变化的规律如图乙所示。电子原来静止在左极板小孔处（不计重力作用），下列说法中正确的是（）

A.从时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B.从时刻释放电子，电子可能在两板间作往复运动C.从时刻释放电子，电子必将在两板间作往复运动D.从时刻释放电子，电子可能打到右极板上14、如图所示电路中，电源电动势E=3V，内阻电流表示数为I，电压表示数为U。在滑动变阻器的滑动触头P从a滑到b的过程中；电表均为理想电表，下列判断正确的是（）

A.I减小，U减小B.不变，不变C.电源的最大输出功率为1.5WD.获得的最大功率为1.5W评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、一同学用精确度为游标卡尺测一根金属管的深度时，游标卡尺上的游标尺和主尺的相对位置如图甲所示，则这根金属管的深度______该同学又利用螺旋测微器测量电阻丝直径时，螺旋测微器示数如图乙所示，则_______

16、如图所示，有一块无限大的原来不带电的金属平板MN，现将一个带电量为+Q的点电荷放置于板右侧的A点，并使金属板接地．已知A点离金属板MN的距离为d，C点在A点和板MN之间，AC⊥MN，且AC长恰为．金属平板与电量为+Q的点电荷之间的空间电场分布可类比______________（选填“等量同种电荷”、“等量异种电荷”）之间的电场分布；在C点处的电场强度EC=______________．

17、定义：导体两端______与通过导体的______之比。

公式：R＝18、产生感应电流的条件：当穿过闭合导体回路的______时，闭合导体回路中就产生感应电流。19、研究电场中的电势能时总是与重力势能相比较，这是应用了_______的科学方法.20、A点电势为B点电势为200V，则两点间的电势差为__________，将一电子从A点移到B点是__________（选填“电场力”或“克服电场力”）做功，电子的电势能将_________（选填“增加”或“减少”）．评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)22、某实验小组为探究欧姆表的工作原理，设计了如图a所示的欧姆表电路。某同学通过控制电键S和调节电阻箱，使欧姆表具有“”和“”两种倍率；所用器材如下：

A.干电池：电动势内阻不计。

B.电流表G：满偏电流内阻

C.电阻箱和最大阻值都为

D.电键一个；红；黑表笔各1支，导线若干。

（1）如图a所示的左端电源正极处应接表________笔（选填“红”或“黑”）。

（2）电键S断开，将红、黑表笔短接，调节电阻箱________使电流表达到满偏，此时对应的是“”倍率挡的欧姆表。

（3）开关S闭合，将红、黑表笔短接，保持电阻箱不变，调节电阻箱________使电流表也达到满偏，此时就变成“”倍率挡的欧姆表。

（4）开关S闭合后，在红、黑表笔间接入某一待测电阻R，电流表指针指向图b所示的位置时，则待测电阻R的阻值为________

23、为精确测量合金材料的电阻率该同学利用以下器材，设计了如图所示的电路图。其中：

待测器件约为

电流表（量程为内阻）；

电压表（量程为内阻约为）；

定值电阻

滑动变阻器

蓄电池（电动势约为内阻很小）；

开关K及导线若干。

①根据实验电路图，把图中的实物图补充完整_________；

②该同学在正确连接好电路后测量了多组值，并描绘了图像，如图所示。求得该图线的斜率可得该器件的电阻_______再根据得到合金材料的电阻率。24、（1）在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L。直径d和电阻R。用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图，则金属丝的直径为___________mm。

（2）小王同学在测定某一电阻的阻值实验中，待测电阻Rx的阻值大约是46电压表内阻大约5k电流表内阻大约1

①测量电路如图，为了减小误差应该选___________图（选填“甲”或“乙”）

②实验所用的电源为2节1号干电池，滑动变阻器总阻值为5若电池的内阻极小，电流表应该选择哪个“量程”___________（选填0.6A或3A）

③测得的实验数据如下表，请根据电流表读数补全空缺的数据___________

。U/V

1.40

1.60

1.80

2.00

2.20

I/A

0.32

0.36

0.40

0.44

④利用第（3）问表格中的数据，在答题卷对应位置的坐标系中描点，并且作出图线___________。

⑤根据作出的图线求得待测电阻为___________（保留两位有效数字）评卷人得分六、解答题(共1题，共6分)25、如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为l＝0.1m的绝缘细线把质量为m＝0.1kg的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为37°。（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），现将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放；求：

（1）小球通过最低点C时速度大小；

（2）如果要使小球能绕O点做完整的圆周运动，在A点时沿垂直于OA方向施加给小球的最小初速度v0的大小。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

将滑动变阻器滑片向右移动的过程中，R减小，R与R1并联的电阻减小，则由欧姆定律知，干路电流I增大，即通过R2的电流增大，故③正确；电路消耗的总功率P=UI，U不变，则电路消耗的总功率增大，故②正确；R2的电压增大，总电压U不变，则R与R1并联的电压减小，故①错误；R与R1并联的电压减小，通过R1的电流减小；故④错误。

A.①③。故A错误；

B.①④。故B错误；

C.②③。故C正确；

D.②④。故D错误。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．加速度的定义式为不是运用比值定义法定义的，A错误；

B．弹簧的劲度系数k与F、Dx无关；反映的是弹簧的软硬程度，所以该式属于比值法定义，B正确；

C．电流强度的的定义式为不是运用比值定义法定义的；C错误；

D．电场强度的的定义式为不是运用比值定义法定义的；D错误。

故选B。3、C【分析】【详解】

物理学中最早提出利用电场线描述电场的是法拉第；发现电流的磁效应的是奥斯特；用实验证实电磁场理论的物理学家是赫兹。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．密度ρ与m和V无关，可知密度用的是比值定义法；故A不符合题意；

B．由速度的定义知是比值定义法；故B不符合题意；

C．加速度中，a随着F和m的变化而变化；不是采用比值定义法定义的，故C符合题意；

D．电阻R由本身的性质决定，与U和I无关，电阻采用的是比值定义法；故D不符合题意。

故选C。5、D【分析】【详解】

AB.根据解得图线的斜率与电源的电动势相等，故纵轴截距表示内阻，所以内阻故AB错误．

C.断开闭合当R调至某一位置时，电流表的示数=1.0A；有代入数据解得：断开闭合此时电流表的示数为=0.8A,则有：解得故C错误．

D.由于与电源内阻相等，又知当外电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，当外电阻大于内阻时，随着外电阻的减小，电源输出功率增大，断开，接通时，随着R的减小，电源输出功率一直增大，故D正确．二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【详解】

AB．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，由串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；因此电流表量程为1.2A+0.6A=1.8A，则每小格表示0.06A，A错误，B正确；

CD．当接线柱1、3接入电路时，电流表A与R1并联后与R2串联；电流表量程仍为1.8A，因此每小格表示0.06A，C正确，D错误。

故选BC。7、A:D【分析】【详解】

试题分析：当滑动变阻器的滑动端C上移时，跟电容器并联的阻值增大，所以电容器的电压U增大，根据Q=UC得：电量Q增大；电子在平行板电容器中做类平抛运动，沿极板方向做匀速直线运动，运动时间：与电压的变化无关；所以时间t不变．故选AD．

考点：闭合电路的欧姆定律；带电粒子在电场中的运动.8、A:B:D【分析】【详解】

A：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向初速度相等，则．故A项正确．

B：粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，y相同，则．故B项正确．

C：A和B的位移大小之比故C项错误．

D：由牛顿第二定律得：则粒子质量所以．故D项正确．9、B:D【分析】【详解】

AB．由电场强度的矢量叠加或由等量同种点电荷产生的电场的电场线可以知道，在两等量同种点电荷连线上，中间点电场强度为零（最小），即Ed>Eb=0；A错误，B正确；

C．由于两等量同种点电荷电场的电场线关于中垂线对称，a、c两点场强大小相等，但方向不同，故正试探电荷在a、c两点所受静电力大小相等；方向不同；C错误；

D．在两等量同种点电荷连线的中垂线上，中间点电场强度为零（最小），无穷远处也为零（最小），则从两等量同种点电荷连线的中垂线上，中间点到无穷远处电场强度应先增大后减小，但不知道e、f在电场中的具体位置关系数据，则f点场强可能大于e点场强；D正确。

故选BD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．v−t图象的斜率等于加速度，B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在B处加速度最大，根据牛顿第二定律得

B为中垂线上电场强度最大的点，由图得：B点的加速度为

故A正确；

B．由图知，由C到A的过程中；物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小。故B错误；

C．由电势能的公式EP=qφ

知，由C到A的过程中；电势逐渐降低，故C正确；

D．物块从C到B的过程，电场力一直做正功，故电势能减小；故A点的电势能小于B点的电势能；故D错误。

故选AC。11、B:D【分析】【详解】

A．由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等，故

代入数据解得φO=0V

故A错误；

B．做出辅助线；如图所示。

x轴上f点的横坐标为0.75cm，y轴上e点的纵坐标为1cm，同理，匀强电场中沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等，则φf=φe=3V

则ef连线为等势线，根据几何关系可知

则O点到ef的垂直距离UeO=3V

根据电势差与电场强度的关系可知E==500V/m

故B正确；

C．同理φa=－8V

该点电荷在a点的电势能为

故C错误；

D．该点电荷从a点移到d点，电场中做功为

故D正确。

故选BD。12、B:C:D【分析】【详解】

AB．将极板A稍向上平移，极板间距d增大，由电容器电容决定式

可知，电容C减小，若电容器两端电压U不变，电容器所带电量Q将减小，由于二极管具有单向导电性，电容器的电荷不能回到电源，所以电容器的电量Q不变；由于电容C减小，由电容的定义式

可知，U变大；A错误，B正确；

CD．根据

可得

可知板间的场强E不变，板间的电荷所受电场力不变，电荷仍保持静止；P点与B板间的电势差

因E、dPB不变，UPB不变，又B板接地，电势为零，所以P点的电势不变，根据

可知电荷在P点的电势能不变；CD正确。

故选BCD。13、A:D【分析】【详解】

AB．由题意可知，结合图象，从

时刻释放电子，释放的电子在前时间内先向右匀加速运动，接着时间内，继续向右匀减速运动，下一个时间继续重复先匀加速再匀减速；直到打到右极板上，所以A正确，B错误；

CD．若从

时刻释放电子，电子先向右匀加速运动时间，接着向右匀减速运动时间，这时电场方向还没有改变，电子将向左匀加速运动时间，接着向左匀减速运动时间，再向右匀加速运动时间；最终可能打到右极板上，所以C错误，D正确。

故选AD。14、A:B:C【分析】【详解】

A．由图可判断，的右端电阻与电压表串联，对电压表的影响可忽略，电压表测量两端的电压，电流表测量干路的电流，当P由a向b滑动时，连入电路的阻值由0开始增大，回路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，电压表示数为

其减小；故A正确；

B．根据欧姆定律可知

其不变；故B正确；

C．外电路电阻为

由0增大到则R由增大到而当

时电源的输出功率最大，即

故C正确；

D．当时，干路电流最大，的功率最大，即

故D错误。

故选ABC。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．金属管的深度：h=3.0cm+0.05mm×12=3.060cm.

[2]．直径：d=0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm【解析】3.060±0.0050.730±0.00116、略

【分析】【详解】

（1）根据静电感应规律可得；金属板上会感应出于点电荷相等的电量，但是带电性质相异，所以他们之间相当于等量异种电荷的电场分布；

（2）们可以把金属棒上感应出的电荷理解为在A点与板对应的另一点B点存在一个电荷-Q．这样就可以理解成两个点电荷在该点产生的电场，该空间的电场相当于等量异种电荷电场的一半，所以产生的电场为【解析】等量异种电荷17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.电压②.电流18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】磁通量发生变化19、略

【分析】【详解】

[1]研究电场中的电势能时总是与重力势能相比较，这是应用了类比的科学方法．【解析】类比20、略

【分析】【详解】

[1]将电子从AB的电势差

[2][3]A点的电势小于B点的电势，电子从A移动到B电场力做正功，电势能将减小。【解析】电场力减少四、作图题(共1题，共10分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。