2025年上教版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版高三物理上册月考试卷808考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，质量为m的长木板放在光滑的水平面上，上表面放有物块A和B，A、B的质量分别为m和2m，A、B与长木板的动摩擦因数均为μ，现用一拉力F作用在A上，结果A、B和长木板仍保持相对静止，则（）A.A与长木板间的摩擦力可能等于FB.B与长木板间的摩擦力一定大于A与长木板间的摩擦力C.随着F增大，A物块相对于长木板先滑动D.随着F增大，B两物块相对于长木板同时滑动2、在工厂自动化生产流水线上，产品最后都是通过传送带运送到仓库．为了自动计算入库的产品数量，可在流水线上安装计数器．则该计数器所用的传感器最好是（）A.声传感器B.光传感器C.磁传感器D.力传感器3、已知平行板电容器的电容为C，带电荷量为Q，两极板间的距离为d．则此电容器在两极板间产生的匀强电场大小为（）A.B.C.D.4、许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是（）A.伽利略通过理想斜面实验，提出了力是维持物体运动状态的原因B.奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律C.牛顿提出了万有引力定律，通过实验测出了万有引力恒量D.库仑通过扭秤实验，得出了库仑定律5、下列关于对磁感应强度的说法正确的是（）A.若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零B.某点的磁场方向和放在该点的小磁针N极受磁场力方向相同C.通过某面的磁通量为零，根据Φ=ΒS，则此面所在处的磁感应强度一定为零D.空间某处的磁感应强度大小等于穿过某面积的磁感线条数6、我国“嫦娥一号”探月卫星经过无数人的协作和努力，终于在2007年10月24日晚6点多发射升空．如图所示，“嫦娥一号”探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞行的过程中，速度逐渐减小．在此过程中探月卫星所受合力方向可能的是（）A.B.C.D.7、下列关于说法正确的是()A.在电场中，E跟U成正比，跟d成反比B.对于任何电场，都适用C.只适用于匀强电场，d是电场中任意两点间距离D.只适用于匀强电场，d是沿着电场线方向两点间距离8、如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34eV

那么对氢原于在能级跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确的是：

A.氢原子由基态跃迁到n=3

能级时会放出能量为12.09eV

的光子B.一个处于n=3

能级的氢原子向基态跃迁时，能放出3

种不同频率的光C.一群处于n=3

能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eV

D.用能量为10.3eV

的光子照射，可使处于基态的氢原于跃迁到激发态9、在“探究功与物体速度变化的关系”实验中，下列叙述正确的是（）A.小车运动中会受到阻力，补偿的方法，可以使木板适当倾斜B.实验中，每次增加橡皮筋条数后，释放小车时橡皮筋伸长的长度都要相同C.某同学在一次实验中，得到一条记录纸带纸带．纸带上打出的点，两端密、中间疏．出现这种情况的原因，可能是没有使木板倾斜D.毎次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、在物理学中，把物体____的变化跟发生这一变化所用时间的____，叫做加速度．加速度是____（矢量，标量），加速度方向始终跟物体____的方向相同．11、在电场中某点放入一个点电荷，其带电量是2.0×10-6C，受到的电场力是1.0×10-3N，方向向右，则该点的电场强度大小为____N、C，电场强度的方向是____，若把该点电荷移走，则该点的电场强度大小为____N/C．12、某质点做匀变速直线运动，位移方程为s=10t+2t2（m），则该物体运动的加速度为____m/s2，4s末速度为____m/s．13、柴油发动机在一次压缩过程中，活塞对气体做功2.5×105J，同时气体内能增加了2×105J，则气体向外界放出的热量是____J．14、在“探究弹簧弹力大小与伸长量的关系”实验中，甲、乙两位同学选用不同的橡皮绳代替弹簧，为测量橡皮绳的劲度系数，他们在橡皮绳下端面依次逐个挂下钩友（每个钩友的质量均为m=0．jkg，取g=10m/s2），并记录绳下端的坐标X加（下标i表示挂在绳下端钩友个数）．然后逐个拿下钩友，同样记录绳下端面的坐标X减，绳下端面坐标的值Xi=（X加+X减）/2的数据如表：

。挂在橡皮绳下端的钩码个数橡皮绳下端的坐标（X/mm）甲乙1216.5216.52246.7232．3284.0246.54335.0264.25394.5281.36462.0301.0（1）同一橡皮绳的X加____X减（大于或小于）；

（2）____同学的数据更符合实验要求（甲或乙）；

（3）选择一级数据用作图法得出该橡皮绳的劲度系数k（N/m）；

（4）为了更好的测量劲度系数，在选用钩码时需考虑的因素有哪些？15、（2013秋•鄞州区校级期中）物体因绕轴转动而具有的动能叫转动动能，转动动能的大小与物体转动的角速度有关．为了研究某一砂轮的转动动能EK与角速度ω的关系；可采用下述方法：先让砂轮由动力带动匀速转动，测得其角速度ω，然后让砂轮脱离动力，由于轮与轴之间存在摩擦，砂轮最后停下，测出脱离动力到停止转动砂轮转过的圈数n．测得几组不同的ω和n如下表所示。

。ω（rad/s）0.51234n52080180320Ek（J）另外已测得砂轮转轴的直径为1cm；转轴间的摩擦力为10/πN．

（1）试计算出每次脱离动力时砂轮的转动动能；并填入上表中；

（2）试由上述数据推导出该砂轮转动动能Ek与角速度ω的关系式Ek=____；

（3）若脱离动力后砂轮的角速度为2.5rad/s，则它转过45圈后角速度ω=____rad/s．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律．____．（判断对错）17、只要温度不变且处处相等，系统就一定处于平衡态．____．（判断对错）18、作用在物体上的合外力减小时，速度也随之减小．____（判断对错）19、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）20、绝对零度是低温的极限，永远达不到．____．（判断对错）21、普朗克在研究黑体的热辐射问题时提出了能量子假说____（判断对错）22、重心就是物体上最重的一点．____．评卷人得分四、识图作答题(共1题，共9分)23、登革热病人有皮疹、发烧、头痛等症状，登革热病毒可通过白色伊蚊传播，该病毒致病机理简图如下，据图同答下列问题。(1)沃尔巴克氏体是一种广泛分布于节肢动物体内的共生微生物，可使雄性伊蚊不育。科研人员将沃尔巴克氏体导入受精卵的细胞质中，该受精卵发育成的雌蚊的后代中都含有沃尔巴克氏体，其原因是_____________________，将含有沃尔巴克氏体的雄蚊释放到自然环境中，可以直接降低白色伊蚊种群的__________，从而有效控制登革热病毒的传播。(2)血管通透性增大，__________外渗引起组织水肿压迫神经，兴奋传至______形成痛觉。(3)登革热病毒侵入人体后，血液中________等激素含量升高，从而使产热增加导致发热。(4)物质甲为_________，该物质和抗体I能促进________，使复合物增多，加重病症。(5)人体感染登革热病毒后是否患病取决于_________________________________。评卷人得分五、简答题(共4题，共20分)24、质量m=1kg的滑块放在质量为M=1kg的长木板左端；木板放在光滑的水平面上，滑块与木板之间的动摩擦因数为0.1，木板长L=75cm，开始时两者都处在静止状态，如图所示，试求：

（1）用水平力F0拉小滑块，使小滑块与木板以相同的速度一起滑动，力F0的最大值应为多少？

（2）用水平恒力F拉小滑块向木板的右端运动；在t=0.5s内使滑块从木板右端滑出，力F应为多少？

（3）按第（2）问的力F的作用，在小滑块刚刚从长木板右端滑出时，滑块和木板滑行的距离各为多少？（假设m与M之间的最大静摩擦力与它们之间的滑动摩擦力大小相等）．（g取10m/s2）25、工业燃烧煤、石油等化石燃料释放出大量氮氧化物rm{(NO_{x})}rm{CO_{2}}rm{SO_{2}}等气体，严重污染空气。对废气进行脱硝、脱碳和脱硫处理可实现绿色环保、废物利用。I.脱硝：已知：rm{H_{2}}的热值为rm{142.9kJ/g(}热值是表示单位质量燃料完全燃烧时所放出的热量rm{)}rm{N_{2}(g)+2O_{2}(g)==2NO_{2}(g)}rm{N_{2}(g)+

2O_{2}(g)==2NO_{2}(g)}rm{triangleH=+133kJ/mol}rm{H_{2}O(g)==H_{2}O(l)}催化剂存在下，rm{triangleH=-44kJ/mol}还原rm{H_{2}}生成水蒸气和其他无毒物质的热化学方程式__________________。Ⅱrm{NO_{2}}脱碳：向rm{.}密闭容器中加入rm{2L}rm{2molCO_{2}}在适当的催化剂作用下，发生反应rm{6molH_{2}}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)}rm{CH_{3}OH(l)+H_{2}O(l)}该反应自发进行的条件是_________________rm{(1)垄脵}填“低温”“高温”或“任意温度”rm{(}rm{)}下列叙述能说明此反应达到平衡状态的是________________________。rm{垄脷}混合气体的平均相对分子质量保持不变rm{a.}和rm{b.CO_{2}}的体积分数保持不变rm{H_{2}}和rm{c.CO_{2}}的转化率相等rm{H_{2}}混合气体的密度保持不变rm{d.}生成的同时有rm{e.1molCO_{2}}键断裂rm{3molH隆陋H}的浓度随时间rm{垄脹CO_{2}}的变化如图所示，在rm{(0隆芦t_{2})}时将容器容积缩小一倍，rm{t_{2}}时达到平衡，rm{t_{3}}时降低温度，rm{t_{4}}时达到平衡，请画出rm{t_{5}}的浓度随时间的变化。

rm{t_{2}隆芦t_{6}}改变温度，使反应rm{(2)}rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH<0}中的所有物质都为气态。起始温度体积相同rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)}rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangle

H<0}密闭容器rm{(T_{1}隆忙}反应过程中部分数据见下表：。rm{2L.}反应时间rm{CO_{2}(mol)}rm{H_{2}(mol)}rm{CH_{3}OH(mol)}rm{H_{2}O(mol)}反应rm{I}恒温恒容rm{0min}rm{2}rm{6}rm{0}rm{0}rm{10m}rm{in}rm{4.5}rm{20min}rm{1}rm{30min}rm{1}反应rm{II}绝热恒容rm{0min}rm{0}rm{0}rm{2}rm{2}rm{垄脵}达到平衡时，反应rm{I}rm{II}对比：平衡常数rm{K(I)}______rm{K(II)(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”，下同rm{)}平衡时rm{CH_{3}OH}的浓度rm{c(I)}_______rm{c(II)}rm{垄脷}对反应rm{I}前rm{10min}内的平均反应速率rm{v(CH_{3}OH)=}___________，在其他条件不变下，若rm{30min}时只改变温度为rm{T_{2}隆忙}此时rm{H_{2}}的物质的量为rm{3.2mol}则rm{T_{1}}_____rm{T_{2}(}填填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}若rm{30min}时只向容器中再充入rm{1molCO_{2}(g)}和rm{1molH_{2}O(g)}则平衡______移动rm{(}填“正向”、“逆向”或“不”rm{)}26、某工业废水中仅含下表离子中的rm{5}种rm{(}不考虑水的电离及离子的水解rm{)}且各种离子的物质的量浓度相等，均为rm{0.1mol隆陇L^{-1}}。阳离子rm{K^{+}}rm{Mg^{2+}}rm{Fe^{3+}}rm{Al^{3+}}rm{Fe^{2+}}阴离子rm{Cl^{-;;}CO_{3}^{2-}}rm{NO_{3}^{-}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{SiO_{3}^{2-}}甲同学欲探究废水的组成，进行了如下实验：rm{垄脵}用铂丝蘸取少量溶液，在火焰上灼烧，无紫色火焰rm{(}透过蓝色钴玻璃观察rm{)}rm{垄脷}取少量溶液，加入rm{KSCN}溶液无明显变化。rm{垄脹}另取溶液加入少量盐酸，有无色气体生成，该无色气体遇空气变成红棕色，此时溶液依然澄清，且溶液中阴离子种类不变。rm{垄脺}向rm{垄脹}中所得的溶液中加入rm{BaCl_{2}}溶液，有白色沉淀生成。请推断：rm{(1)}由rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}判断，溶液中一定不含有的阳离子是__________，一定不含的阴离子是_________________rm{(}写离子符号rm{)}rm{(2)垄脹}中加入少量盐酸生成无色气体的的离子方程式是_____________，rm{垄脺}中生成白色沉淀的离子方程式是___________________。rm{(3)}甲同学最终确定原溶液中所含阳离子是__________，阴离子是________。rm{(}写离子符号rm{)}27、如图所示，长为L的轻杆的两端分别固定着A、B两球，其质量分别为m、M，轻杆中点有一固定光滑转轴，杆可在竖直平面无摩擦地转动，若杆从水平位置开始转动，当B球转至最低点时，求B球的速度大小．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】分别对AB及整体进行受力分析，明确它们可能的运动状态，则可得出摩擦力的大小变化情况．【解析】【解答】解：因整体处于相对静止，则对整体分析可知，整体的加速度a==；则A与木板间的摩擦力大小为：f=3ma=；故A错误；

B；对B分析可知；B的静摩擦力为2ma，故B与长木板间的摩擦力一定小于A与长木板间的摩擦力；故B错误；

C；A与木板之间的最大静摩擦力为μmg；B与木板间的最大静摩擦力为μ2mg；故随着F增大时；A与木板之间的摩擦力先达到最大静摩擦力；故A相对于长木板先滑动；故C正确；D错误；

故选：C．2、B【分析】【分析】传感器的作用是将温度、力、光、声音等非电学量转换为电学量．而光传感器是将光信号转化为电信号的装置．【解析】【解答】解：利用光敏电阻制作的光传感器；记录了传递带上工件的输送情况．如图甲所示为某工厂成品包装车间的光传感记录器，光传感器B能接收到发光元件A发出的光．每当工件挡住A发出的光时，光传感器就输出一个电信号，并在屏幕上显示出电信号与时间的关系，如图乙所示．若传送带始终匀速运动，已知每两个工件间的距离s，既可以判断工件的数量．

故在流水线上安装计数器最好是光传感器．故B正确；ACD错误．

故选：B．3、C【分析】【分析】根据电容器的定义式C=，求出电容器极板间的电势差，根据匀强电场的强度公式E=得出电场强度，即可求解．【解析】【解答】解：根据电容器的定义式C=，得电容器极板间的电势差U=

板间场强为E==；故C正确，ABD错误；

故选：C．4、D【分析】【分析】伽利略通过理想斜面实验，提出了力是改变物体运动状态的原因；奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第总结出了电磁感应定律；牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量；库仑通过研究带电体间的相互作用，建立了库仑定律．【解析】【解答】解：A；伽利略通过理想斜面实验；提出了力不是维持物体运动状态的原因，故A错误．

B；奥斯特发现了电流的磁效应；法拉第总结出了电磁感应定律，故B错误．

C；牛顿提出了万有引力定律；卡文迪许通过实验测出了万有引力恒量，故C错误．

D；库仑通过扭秤实验；得出了库仑定律，故D正确．

故选：D5、B【分析】【分析】根据FA=BILsinθ得到B=，分析磁感应强度的大小；磁场方向规定与放在该点的小磁针N极受磁场力方向相同．【解析】【解答】解：A；当通电导线与磁场平行放置时；没有安培力，但不能肯定此处没有磁感应强度，故A错误；

B；某点的磁场方向和放在该点的小磁针N极受磁场力方向相同；故B正确；

C；当某一面积与磁感线平行时；穿过面积的磁通量为零，则该处的磁感应强度并不一定为零，故C错误；

D；空间某处的磁感应强度大小等于穿过某垂直磁场方向的单位面积的磁感线条数；故D错误；

故选：B．6、C【分析】【分析】“嫦娥一号”探月卫星做的运动为曲线运动，故在半径方向上合力不为零且是指向圆心的；又是做减速运动，故在切线上合力不为零且与瞬时速度的方向相反，分析这两个力的合力，即可看出那个图象是正确的．【解析】【解答】解：“嫦娥一号”探月卫星从M点运动到N；曲线运动，必有力提供向心力，向心力是指向圆心的；“嫦娥一号”探月卫星同时减速，所以沿切向方向有与速度相反的合力；向心力和切线合力与速度的方向的夹角要大于90°，所以选项ABD错误，选项C正确．

故答案为C．7、D【分析】【分析】电场强度是电场本身的性质，公式只是求解场强E的计算式并不是决定式；A错；该公式只适用于匀强电场，B错；d是沿着电场线方向两点间距离，D对；C错。

【点评】要深刻理解场强E的三个公式的应用条件，理解公式的应用规律。8、C【分析】略【解析】C

9、A【分析】【分析】橡皮筋拉动小车的方法来探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系实验原理是：1、n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难．2、平衡摩擦力保证动能的增量是只有橡皮筋做功而来．3、小车最大速度由纸带上的点迹均匀部分求出．【解析】【解答】解：A；小车运动中会受到阻力；补偿的方法，可以使木板适当倾斜，使小车沿斜面向下的分量与摩擦力抵消．故A正确；

B；我们用橡皮筋拉动小车的方法；来探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系，实验时，每次保持橡皮筋的形变量一定，当有n根相同橡皮筋并系在小车上时，n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，不需要算出橡皮筋对小车做功的具体数值，为了保证每根橡皮筋对小车做功相同，所以每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需要保持一致，故B正确D错误；

C；某同学在一次实验中；得到一条记录纸带纸带．纸带上打出的点，两端密、中间疏，说明小车到达最大速度后又做减速运动．出现这种情况的原因，可能是没有使木板倾斜，没有平衡摩擦力．故C正确；

故选：ABC．二、填空题(共6题，共12分)10、速度比值矢量速度改变量【分析】【分析】根据加速度的定义及其物理意义作答求解即可．【解析】【解答】解：加速度是反应物体速度变化快慢的物理量；加速度等于物体速度的变化和所用时间的比值，加速度是矢量有大小也有方向，加速度的方向跟物体速度改变量的方向相同．

故答案为：速度，比值，矢量，速度改变量．11、5×102向右5×102【分析】【分析】电场力与电场强度的关系为F=qE，正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同．电场强度与试探电荷无关，由电场本身决定．【解析】【解答】解：该点的电场强度大小为：E===5×102N/C，方向向右，由电场本身决定，则取走电荷后，该点的电场强度不变，大小仍为5×102N/C

故答案为：5×102，向右，5×10212、426【分析】【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度，根据速度时间公式求出4s末的速度．【解析】【解答】解：根据匀变速直线运动的位移时间公式知，物体的初速度v0=10m/s，加速度a=4m/s2；

则4s末的速度v=v0+at=10+4×4m/s=26m/s．

故答案为：4，2613、5×104【分析】【分析】热力学第一定律内容为：热力系内物质的能量可以传递，其形式可以转换，在转换和传递过程中各种形式能源的总量保持不变．公式为：△U=Q+W．【解析】【解答】解：根据热力学第一定律△U=Q+W，活塞对气缸中的气体做功为W=3.0×105J，气体内能增加了2.5×105J；

根据公式为：△U=Q+W．放出热量为：Q=5.0×104J．

故答案为：5×10414、略

【分析】

（1）同一橡皮绳的X加＜X减．由于实验中加挂钩码过多；拉力过大，橡皮筋的伸长超过了弹性限度，减挂钩码时弹性尚未恢复．

（2）由于橡皮筋的伸长与拉力（钩码个数）成正比；橡皮绳下端坐标（橡皮筋长度）应随钩码个数的增加线性增加，即每增加一个够吗，橡皮绳下端坐标值的增加相同，从表中数据可以看出，乙同学的测量数据较符合这一要求．

（3）由所给数据的该变量如下表所示：

。挂在橡皮绳下端的钩码个数改变量（Xn-X1）/mm甲乙1230.215.5367.530.04118.547.75178.064.86245.584.5由乙同学的数据可得到不同拉力下橡皮绳的伸长量（Xi-X1）数据：（2N；15.5mm）（3N，30.0mm）（4N，47.7mm）（5N，64.8mm）（6N，85.5mm）；

由乙数据可描点做出图象如图所示．

根据胡克定律F=k△x可知在F-△x图象中，图象的斜率表示劲度系数的大小，由图象的斜率可知：K乙≈58N/m．

对于甲同学的数据；因为只有前几个数据可认为在弹性范围内，由图中切线的斜率得；

k甲≈30（N/m）

（4）尽可能使伸长量在弹性范围内；同时有足够大的伸长量，以减小长度测量误差．

故答案为：（1）小于（2）乙（3）K乙≈58N/m，k甲≈30N/m

（4）尽可能使伸长量在弹性范围内；同时有足够大的伸长量，以减小长度测量误差．

【解析】【答案】钩码数增至某值时橡皮筋的伸长量比减至同一数值时小一些．这是由于实验中加挂钩码过多；拉力过大，橡皮筋的伸长超过了弹性限度，减挂钩码时弹性尚未恢复．

由乙同学的数据可得到不同拉力下橡皮绳的伸长量（Xi-X1）数据；用描点做出图象，根据图象的斜率求出橡皮绳的劲度系数．尽可能使伸长量在弹性范围内，同时有足够大的伸长量，以减小长度测量误差．

15、2ω22【分析】【分析】（1）砂轮克服转轴间摩擦力做功公式W=f•n•πD；f是转轴间的摩擦力大小，n是砂轮脱离动力到停止转动的圈数，D是砂轮转轴的直径．根据动能定理得知，砂轮克服转轴间摩擦力做功等于砂轮动能的减小，求解砂轮每次脱离动力的转动动能．

（2）采用数学归纳法研究砂轮的转动动能Ek与角速度ω的关系式：当砂轮的角速度增大为原来2倍时，砂轮的转动动能Ek是原来的4倍；当砂轮的角速度增大为原来4倍时，砂轮的转动动能Ek是原来的16倍，得到Ek与ω2成正比，则有关系式Ek=kω2．将任一组数据代入求出比例系数k，得到砂轮的转动动能Ek与角速度ω的关系式．

（3）根据动能与角速度的关系式，用砂轮的角速度表示动能，根据动能定理求出转过45圈后的角速度．【解析】【解答】解：（1）根据动能定理得：Ek=f•n•πD，代入计算得到数据如下表所示．。ω/rad•s-10.51234n5.02080180320Ek/J0.5281832（2）由表格中数据分析可知，当砂轮的角速度增大为原来2倍时，砂轮的转动动能Ek是原来的4倍，得到关系Ek=kω2．当砂轮的角速度增大为原来4倍时，砂轮的转动动能Ek是原来的16倍，得到Ek与ω2成正比，则有关系式Ek=kω2．k是比例系数．将任一组数据比如：ω=1rad/s，Ek=2J，代入得到k=2J•s/rad，所以砂轮的转动动能Ek与角速度ω的关系式是Ek=2ω2

（3）根据动能定理得。

-f•n•πD=2ω22-2ω12

代入解得ω2=2rad/s

故答案为：

（1）如表格所示；

（2）2ω2；

（3）2．三、判断题(共7题，共14分)16、√【分析】【分析】位移-时间图象中的曲线反映了物体的位移随时间变化的规律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根据x-t图象的意义可知；x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律，所以该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据；据此分析判断即可．【解析】【解答】解：一般来说；平衡态是针对某一系统而言的，描述系统状态的参量不只温度一个，还与体积压强有关，当温度不变时，系统不一定处于平衡态．所以该说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解析】【解答】解：加速度是反映速度变化快慢的物理量．根据牛顿第二定律可知；加速度的方向与物体受到的合外力的方向相同；

结合速度与加速度的关系可知；当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．当物体的加速度方向与速度方向相反，速度减小．

所以作用在物体上的合外力减小时；速度可能随之减小，也可能随之增大．所以以上说法是错误的．

故答案为：×19、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时，电子脱离氢原子核的约束，成为自由电子，氢原子变成氢离子，刚好到无穷远处的能量为0，因此这时吸收的能量最小．【解析】【解答】解：当电子恰好电离时吸收的能量最小；此时有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】热力学温标亦称“绝对温标”．是由开尔文首先引入的．开尔文所利用的实验事实是气体发生等容变化时，压强与摄氏温度成线性关系，再进行合理外推得到的．热力学温度与摄氏温度的关系是T=t+273.15K；热力学温度的0K是不可能达到的．【解析】【解答】解：根据热力学第三定律可知；热力学温标的零K达不到．所以该说法是正确的．

故答案为：√21、√【分析】【分析】根据物理学史的知识，结合普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假设即可正确解答．【解析】【解答】解：普朗克在研究黑体的热辐射问题时提出了能量子假说．故以上说法是正确的．

故答案为：√22、×【分析】【分析】重心是物体的等效作用点，不是物体上最重的一点，重心可以在物体上，也可以不在物体上．【解析】【解答】解：重心是物体所受重力的等效作用点；不是物体上最重的一点；有的物体重心根本不在物体上，如玻璃杯，圆环，皮球等等，故说法错误．

故答案为：×四、识图作答题(共1题，共9分)23、（1）子代受精卵中的细胞质主要来自卵细胞（细胞质遗传）出生率

（2）血浆蛋白大脑皮层

（3）甲状腺激素和肾上腺素

（4）淋巴因子病毒在吞噬细胞中的繁殖

（5）合成抗体的种类（和数量）（或：是否产生抗体Ⅰ）【分析】【分析】本题结合病毒致病机理图，考查人体免疫系统在维持稳态中的作用，要求考生识记人体免疫系统的组成，掌握体液免疫和细胞免疫的具体过程，能结合图中信息准确答题，属于考纲识记和理解层次的考查。分析题图：图示为病毒致病机理图，病毒侵染后首先被吞噬细胞处理，并将之呈递给T细胞；T细胞再将抗原呈递给B细胞，并分泌淋巴因子，因此物质甲为淋巴因子；抗原刺激B细胞后会增殖分化为浆细胞；不同的浆细胞产生的抗体不同，其中抗体Ⅰ与病毒结合形成复合物导致通透性增大，进而引起组织水肿；抗体Ⅱ与子代病毒中和后被清除。【解答】（1）由于子代受精卵中的细胞质主要来自卵细胞（细胞质遗传），因此将沃尔巴克氏体导入受精卵的细胞质中，该受精卵发育成的雌蚊的后代中都含有沃尔巴克氏；沃尔巴克氏体可使雄性伊蚊不育，因此将含有沃尔巴克氏体的雄蚊释放到自然环境中，可影响伊蚊种群的性别比例，直接降低白色伊蚊种群的出生率，从而有效控制登革热病毒的传播。

（2）血管通透性增大，血浆蛋白外渗引起组织水肿压迫神经；感觉中枢是大脑皮层。

（3）登革热病毒侵入人体后，血液中甲状腺激素和肾上腺素等激素含量升高，促进新陈代谢，增加产热而导致发热。

（4）物质甲是T细胞分泌的，为淋巴因子；由图可知，该物质和抗体Ⅰ能促进病毒在吞噬细胞中的繁殖，使复合物增多，加重病症。

（5）由图可知，人体感染登革热病毒后是否患病取决于是否产生抗体Ⅰ。【解析】（1）子代受精卵中的细胞质主要来自卵细胞（细胞质遗传）出生率（2）血浆蛋白大脑皮层（3）甲状腺激素和肾上腺素（4）淋巴因子病毒在吞噬细胞中的繁殖（5）合成抗体的种类（和数量）（或：是否产生抗体Ⅰ）五、简答题(共4题，共20分)24、略

【分析】【分析】（1）先以木板为研究对象，当滑块对木板的静摩擦力达到最大时，根据牛顿第二定律求出木板能够产生的最大的加速度，再对滑块研究，求出力F0应满足的条件．

（2）滑块从木板右端滑出时；滑块相对于木板的位移等于板长，根据位移公式求出滑块的加速度，再由牛顿第二定律求出F．

（3）根据位移时间公式求解在小滑块刚刚从长木板右端滑出时，滑块和木板滑行的距离．【解析】【解答】解：（1）当拉力F0作用于滑块m上，木板能够产生的最大加速度为：

为使滑块与木板共同运动，滑块最大加速度am≤aM

对于滑块有：F0-μmg=mam

得F0=μmg+mam=2N

即为使小滑块与木板以相同的速度一起滑动，力F0最大值为2N．

（2）设滑块相对于水平面的加速度为a1，木板的加速度为a2；由运动学公式可知：

，；

滑块从木板右端滑出时，则有s1-s2=L=0.75m

滑动过程中木板的加速度；

联立解得：滑块运动的加速度a1=7m/s2

对滑块：F=μmg+ma1=8N

（3）在小滑块刚刚从长木板右端滑出时，滑块的位移；

木板滑行的位移．

答：（1）用水平力F0拉小滑块，使小滑块与木板以相同的速度一起滑动，力F0的最大值应为2N；

（2）用水平恒力F拉小滑块向木板的右端运动；在t=0.5s内使滑块从木板右端滑出，力F应为8N；

（3）按第（2）问的力F的作用，在小滑块刚刚从长木板右端滑出时，滑块和木板滑行的距离分别为0.875m和0.125m．25、I.4H2(g)+2NO2(g)＝N2(g)+4H2O(g)△H=-1100.2kJ/molII.（1）①低温②de③如右图（2）①<<②0.025mol·L-1·min-1<不【分析】【分析】本题考查了热化学方程式书写，平衡影响因素分析判断，平衡计算的分析应用，注意恒温恒容和恒容绝热容器的分析判断，掌握基础是关键，题目难度中等。【解答】Ⅰrm{.}已知：rm{H_{2}}的热值为rm{142.9KJ?g^{-1}}燃烧热为rm{285.8KJ/mol}

rm{垄脵{H}_{2}(g)+dfrac{1}{2}{O}_{2}(g)={H}_{2}O(l)?H=-285.8KJ/mol;}

rm{垄脷N_{2}(g)+2O_{2}(g)=2NO_{2}(g)triangleH=+133kJ?mol^{-1}}

rm{垄脹H_{2}O(g)=H_{2}O(l)triangleH=-44kJ?mol^{-1}}

rm{垄脵{H}_{2}(g)+

dfrac{1}{2}{O}_{2}(g)={H}_{2}O(l)?H=-285.8KJ/mol;}得到催化剂存在下，rm{垄脷N_{2}(g)+2O_{2}(g)=2NO_{2}(g)triangle

H=+133kJ?mol^{-1}}还原rm{垄脹H_{2}O(g)=H_{2}O(l)triangle

H=-44kJ?mol^{-1}}生成水蒸气和其它无毒物质的热化学方程式为：rm{4H_{2}(g)+2NO_{2}(g)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-1100.2kJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{4H_{2}(g)+2NO_{2}(g)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-1100.2kJ?mol^{-1}}

Ⅱrm{垄脵隆脕4-垄脷-垄脹隆脕4}熵变rm{H_{2}}则反应焓变rm{NO_{2}}低温下满足rm{triangleH-TtriangleS<0}

故答案为：低温；

rm{4H_{2}(g)+2NO_{2}(g)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-1100.2kJ?mol^{-1}}

rm{4H_{2}(g)+2NO_{2}(g)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-1100.2kJ?mol^{-1}}混合气体的平均式量始终保持不变，不能说明反应达到平衡状态，故rm{.(1)垄脵CO_{2}(g)+3H_{2}(g)篓TCH_{3}OH(l)+H_{2}O(l)}错误；

rm{triangleS<0}向rm{triangleH<0}密闭容器中加入rm{triangleH-Ttriangle

S<0}rm{垄脷CO_{2}(g)+3H_{2}(g)篓TCH_{3}OH(l)+H_{2}O(l)}rm{a.}rm{a}按照rm{b.}rm{2L}反应，所以过程中rm{2mol}和rm{CO_{2}}的体积分数始终保持不变，故rm{6mol}错误；

rm{H_{2}}向rm{1}密闭容器中加入rm{3}rm{CO_{2}}rm{H_{2}}rm{b}按照rm{c.}rm{2L}反应，rm{2mol}和rm{CO_{2}}的转化率始终相等，不能确定反应是否达到平衡状态，故rm{6mol}错误；

rm{H_{2}}反应物是气体，生成物是液体，混合气体的密度保持不变，说明反应达到平衡状态，故rm{1}正确；

rm{3}rm{CO_{2}}生成的同时有rm{H_{2}}rm{c}键断裂，说明正逆反应速率相同，反应达到平衡状态，故rm{d.}正确；

故答案为：rm{d}rm{e.1mol}

rm{CO_{2}}在rm{3mol}时将容器容积缩小一倍，压强增大，二氧化碳浓度增大，平衡正向进行，随后减小，rm{H-H}时达到平衡，rm{e}时降低温度，平衡正向进行，二氧化碳减小，反应速率减小，rm{d}时达到平衡；

图象rm{e}起点二氧化碳浓度突然增大为rm{垄脹}随反应进行减小，图中rm{t_{2}}到rm{t_{3}}终点平衡线在rm{t_{4}}的线上，rm{t_{5}}以后在rm{t_{2}}线以下；但不能到横坐标线上且有平衡线段，图象为：

故答案为：

rm{(2)垄脵CO_{2}(g)+3H_{2}(g)篓TCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH<0}反应Ⅰ是恒温恒容容器，Ⅱ为恒容绝热，反应是放热反应，图表中反应ⅠⅡ若恒温恒容达到相同平衡状态，Ⅱ为逆向恒容绝热，温度降低，平衡正向进行，平衡常数增大，甲醇浓度增大；

故答案为：rm{1mol/L}rm{t_{3}}

rm{t_{4}}rm{0.5}

起始量rm{t_{4}}rm{0.5}rm{(2)垄脵CO_{2}(g)+3H_{2}(g)篓TCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangle

H<0}rm{<}rm{<}

变化量rm{垄脷}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)篓TCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}rm{(mol)}rm{2}rm{6}

rm{0}量rm{0}rm{(mol)}rm{1}rm{3}rm{1}

对反应rm{1}前rm{30min}内的平均反应速率rm{v(C{H}_{3}OH)=dfrac{1}{3}V({H}_{2})=dfrac{1}{3}隆脕(6-4.5)mol/(L隆陇min)=0.025mol/(L?min)}

若rm{(mol)}时只改变温度为rm{1}此时rm{3}的物质的量为rm{1}氢气增加，说明平衡逆向进行，温度升高rm{1}若rm{I}时只向容器中再充入rm{10min}rm{v(C{H}_{3}OH)=dfrac{1}{3}V({H}_{2})=

dfrac{1}{3}隆脕(6-4.5)mol/(L隆陇min)=0.025mol/(L?min)}和rm{30min}rm{T_{2}隆忙}对正逆反应的影响程度相同，平衡不变；

故答案为：rm{H_{2}}rm{3.2mol}不。rm{T_{2}>T_{1}}【解析】I.rm{4H_{2}(g)+2NO_{2}}rm{(g)=N_{2}}rm{(g)+4H_{2}O(g)}rm{triangleH=-1100.2kJ/mol}rm{II.(1)垄脵}低温rm{垄脷de}rm{垄脹}如右图rm{(2)垄脵<}rm{<}rm{垄脷0.025mol隆陇L^{-1}隆陇min^{-1;;;;;}<}不26、（1）K+、Fe3+CO32－、