2025年西师新版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是A.向外界散热B.做为油罐车的标志C.发出响声，提醒其他车辆和行人的注意D.把油罐车积累的电荷及时导入大地，避免由静电造成危害2、如图，00′上方有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．一单匝半圆线圈以角速度ω绕00′轴匀速转动，半圆面积为S．半圆线圈产生的感应电动势的有效值是（）A.BSωB.BSωC.BSωD.BSω3、如图所示，在水平向右的匀强电场中的O

点固定一点电荷+Qabcde

为以O

点为球心的同一球面上的点，aecf

平面水平，bedf

平面与匀强电场垂直，则下列说法中正确的是()A.ac

两点电势相等B.将点电荷+q

从球面上b

点移到c

点，电场力做功为零C.df

两点电场强度大小相等D.将点电荷+q

在球面上任意两点之问移动，从e

点移动到f

点的电势能变化量最大4、如图的插线板中，a

接电源，b

接台灯，c

接电风扇，d

接电脑，三个用电器均在正常工作，abcd

中电流最大的是(

)

A.a

B.b

C.c

D.d

5、如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列正确的是（）A.此液滴带负电B.液滴做匀加速直线运动C.液滴的电势能减少D.合外力对液滴做的总功等于零6、如图所示，质量为M的物体放在水平地面上，物体上方安装一劲度系数为k的轻弹簧，在弹簧处于原长时，用手拉着其上端P点缓慢地向上移动，直到物体脱离地面向上移动一段距离，在这一过程中，P点的位移为H，则物体重力势能的增加量（）A.等于MgHB.小于MgHC.大于MgHD.无法确定7、如图所示，在等边三角形的三个顶点a、b、c处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向垂直纸面向里，a和b两根通电导线在c处产生的合磁场方向和过c点的导线所受培力的方向分别为（）

A.合磁场方向竖直向下，c受到的安培力方向与ab边垂直，指向左边B.合磁场方向竖直向上，c受到的安培力方向与ab边垂直，指向右边C.合磁场方向水平向左，c受到的安培力方向与ab边平行，竖直向上D.合磁场方向水平向右，c受到的安培力方向与ab边平行，竖直向下评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)10、在“探究太阳能转化为内能的效率”学生实验中，研究不同表面对太阳能转化为内能效率的影响．在实验中运用的科学研究方法之一是控制变量法．请举出其中一个被控制的变量是：____；实验得到的三只分别涂黑色、灰色和白色的瓶内温度随时间变化的图线，分别对应的是如图中的____线、____线和____线．

11、在探究“决定导线电阻因素”的实验中；需要进行以下测量．

（1）用螺旋测微器测得导线的直径，如图所示．其读数是____mm．

（2）欲用伏安法测定一段电阻丝的电阻，其阻值约为6Ω，要求测量结果尽量准确，并且电压从零开始．下列器材中电流表应选用的是（填代号下同）____，电压表应选用的是____；在下面的方框内画出应采用的电路图．

A．电池组E（3V；内阻很小）

B．电流表A1（0～3A；内阻0.0125Ω）

C．电流表A2（0～0.6A；内阻0.125Ω）

D．电压表V1（0～3V；内阻3kΩ）

E．电压表V2（0～6V；内阻6kΩ）

F．滑动变阻器R1（0～5Ω；2A）

G．电键；导线．

12、读出（图1）游标卡尺的读数为______cm．（图2）螺旋测微器的读数为______mm

13、某同学用图1

所示装置通过半径相同的AB

两球的碰撞来验证动量守恒定律.

图1

中PQ

是斜槽；QR

为水平槽.

实验时先使A

球从斜槽上某一固定位置G

由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹.

重复上述操作10

次，得到10

个落点痕迹.

再把B

球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A

球仍从位置G

由静止开始滚下，和B

球碰撞后，AB

球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹.

重复这种操作10

次.

图1

中O

点是水平槽末端R

在记录纸上垂直投影点.B

球落点痕迹如图2

所示，其中米尺水平放置，且平行于GRO

所在的平面，米尺的零点与O

点对齐．

(1)

碰撞后B

球的水平射程应取为______cm

．

(2)

在以下选项中；哪些是本次实验必须进行的测量？答：______(

填选项号)

．

A.水平槽上未放B

球时；测量A

球落点位置到O

点的距离。

B.A

球与B

球碰撞后；测量A

球落点位置到O

点的距离。

C.测量A

球或B

球的直径。

D.测量A

球和B

球的质量(

或两球质量之比)

E.测量G

点相对于水平槽面的高度．14、如图所示是一演示实验的电路图．图中L是一带铁芯的线圈，A是一灯泡．起初，开关处于闭合状态，电路是接通的．现将开关断开，则在开关断开的瞬间，通过灯泡A的电流方向是____．这个实验是用来演示____现象的．

15、如图所示为“研究影响平行板电容器电容的因素”的实验装置；在以下操作步骤中，静电计指针的张角分别是怎样变化的？请将答案填在相应的横线上．

①甲图中将B板上移，静电计的指针张角将____（填“增大”或“减小”或“不变”）

②乙图中将B板左移，静电计的指针张角将____（填“增大”或“减小”或“不变”）

③丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针张角将____（填“增大”或“减小”或“不变”）

④本实验的研究方法是____．16、测一小球直径时，游标卡尺的示数如图所示，可知该小球的直径为______mm．

17、（1）某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图1所示．由图可读出l=______cm，d=______mm．

（2）某一同学用欧姆挡测电阻时；实验步骤如下：

A．将功能选择开关置×100挡。

B．将红黑表笔短接；调节调零旋钮，使指针指向左边零处。

C．接入被测电阻；读数。

D．将功能选择开关置OFF档。

上述实验步骤中，错误的是______，应改为______．若操作无误，指针位置如图2，则被测电阻的阻值是______．

18、如图(a)

所示，阻值为R

匝数为n

的圆形金属线圈与一个阻值为2R

的电阻连接成闭合电路.

线圈的半径为r1

在线圈中半径为r2

的圆形区域存在垂直于线圈平面的匀强磁场(

向里为正)

磁感应强度B

随时间t

变化的关系如图(b)

所示，图中B1t1

为已知量.

导线电阻不计，则t1

时刻经过电阻的电流方向为______(

选填“a隆煤b

”或“b隆煤a

”)

电流的大小为______．

评卷人得分四、推断题(共3题，共21分)19、工业制钛白粉产生的废液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生产补血剂乳酸亚铁。其生产流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中电离为TiO2+和SO2-4。请回答下列问题：

（1）写出TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式____。步骤①中加入足量铁屑的目的是____。

（2）步骤②的离子方程式是____，所得副产品主要是____（填化学式）。

（3）工业上由H4TiO4可制得钛白粉TiO2。TiO2直接电解还原法生产钛是一种较先进的方法，电解质为熔融的CaCl2，原理如图所示，阴极的电极反应式为____。

（4）工业上利用TiO2还可以用下列流程制取单质钛：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol则TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯经下列步骤合成：上述合成路线的总产率为56%，乳酸与碳酸亚铁反应转化为乳酸亚铁晶体的产率为80%，则生产468kg乳酸亚铁晶体（M＝234g/mol）需要标准状况下的乙烯____m3。

20、【化学rm{-}选修rm{5}有机化学基础】有机化合物rm{A}是一种农药生产的中间体，rm{A}在一定条件下可发生如图转化：

请回答下列问题：

rm{(1)A}分子中官能团的名称为____；

rm{(2)C}能发生反应的类型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反应rm{b}rm{.}消去反应rm{c}rm{.}加成反应rm{d}rm{.}氧化反应。

rm{(3)}反应rm{垄脵}的化学方程式为____；

rm{(4)}写出rm{B}到rm{C}的离子方程式____；

rm{(5)E}在一定条件下反应能生成高分子化合物，写出此高分子化合物所有可能的结构简式：____。21、某芳香烃rm{A}分子式为rm{C_{8}H_{10}}某烃类衍生物rm{X}分子式为rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液显紫色；rm{J}分子内有两个互为对位的取代基。在一定条件下有如下的转化关系rm{(}无机物略去rm{)}

rm{(1)}属于芳香烃类的rm{A}的同分异构体中，其沸点的大小关系为______________。rm{(}不包括rm{A}用结构简式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。rm{(2)J}与rm{(3)E}反应的化学方程式是_________________；反应类型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机物rm{NaOH}以rm{K}为单体合成的高分子化合物的名称是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多种同分异构体，写出一种符合下列性质的rm{J}的同分异构体的结构简式。rm{J}与rm{垄脵}溶液作用显紫色；rm{FeCl_{3}}与新制rm{垄脷}悬浊液作用产生红色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯环上的一卤代物有rm{垄脹}种。________________________________。

rm{2}评卷人得分五、解答题(共1题，共10分)22、如图所示，一电子由静止开始经过一电场加速后，以Ek0=750eV的动能沿中心线AB射人匀强电场．射出时恰好经过电场上极板右端点C；且速度偏转角为30°，求两极板之间的电势差U（电子质量为m；电量为e）．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走；属于静电的防止，故D答案正确．

故选D．

【点评】要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．2、B【分析】解：根据题意可知；感应电动势的最大值为BSω，线圈中产生感应电动势与时间变化的图象，是原来整个磁场产生图象的一半；

所以根据电流的热效应，若线圈处于整个磁场中转动，则有电动势的有效值为

由于磁场只有一半，则图象也只有半轴，根据电流的热效应得：

从而解得：U=．

故选：B

图中线圈只有一个边切割磁感线；电动势为原先的一半，根据法拉第电磁感应定律，求出感应电动势的最大值，再由电流的热交流，来确定有效值．

做交流电的题目不能死记公式，要具体问题具体分析，比如本题套公式就会错选A．【解析】【答案】B3、C【分析】略【解析】C

4、A【分析】解：由图知，台灯、电风扇、电脑三者并联，a

中电流是干路电流，而bcd

中电流是支路电流；根据并联电路的特点：干路电流等于各支路电流之和，可知a

中电流最大，故A正确，BCD错误．

故选：A

由图看出：台灯；电风扇、电脑三者并联；根据并联电路的特点分析电流的大小关系．

解决本题时，首先要明确各用电器的连接关系，掌握并联电路的特点：干路电流等于各支路电流之和．【解析】A

5、A|B|C【分析】试题分析：若液滴带正电，其受力情况如图所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A正确．对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示，故物体所受合力故物体的加速度为：做匀加速直线运动，故B正确；由于电场力所做的功故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，故C正确；由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，故D错误.考点：考查了带电粒子在复合场中的运动【解析】【答案】ABC6、B【分析】解答：手拉着弹簧上端P点缓慢向上移动；可以看成物体是处于平衡状态．

根据胡克定律得：

弹簧的伸长量：

在这一过程中；P点的位移是H

所以物体上升的高度为：

所以物体重力势能的增加量为：＜MgH

故选B．

分析：知道手拉着弹簧上端P点缓慢向上移动；可以看成物体是处于平衡状态．

根据胡克定律求出弹簧的形变量，再求出物体上升的高度．7、A【分析】等边三角形的三个顶点a、b、c处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流．由安培定则可得：导线a、b的电流在c处的合磁场方向竖直向下．再由左手定则可得：安培力的方向是与ab边垂直；指向左边．故A正确，B；C、D错误。故选A。

【点睛】从题中可得这一规律：通电导线的电流方向相同时，则两导线相互吸引；当通电导线的电流方向相反时，则两导线相互排斥．该题也可以先由同向电流相互吸引分别求出a对c的作用力与b对c的作用力，然后求和．二、双选题(共2题，共4分)8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】

影响太阳能转化为内能效率的因素有瓶子；初温、时间、光照等等；采用控制变量法时，其中一个被控制的变量是相同的瓶子（或相同的初温、相同的时间、相同的光照等）．

白色对光反射较多；黑色吸收较多，相同时间内黑色的瓶内温度升高较高，白色的瓶内温度升高较低，故黑色；灰色和白色的瓶内温度随时间变化的图线，分别对应的是如图中的1线、2线、3线．

故答案为：相同的瓶子（或相同的初温；相同的时间、相同的光照等）；1、2、3；

【解析】【答案】影响太阳能转化为内能效率的因素有多个；应采用控制变量的思维来考虑．白色对光反射较多，黑色吸收较多，即可相同内不同颜色的瓶子温度变化的程度．

11、略

【分析】

（1）由图示可知；螺旋测微器的固定刻度是0.5mm，可动刻度示数为20.0×0.01mm=0.200mm，螺旋测微器示数0.5mm+0.200mm=0.700mm；

（2）电源电动势是3V，电压表选：电压表V1（0～3V，内阻3kΩ），电路最大电流I===0.5A，则电流表可选：A2（0～0.6A；内阻0.125Ω）；

电压从零开始，滑动变阻器应采用分压接法，==48，==500，＞则电流表采用外接法，实验电路图如图所示．

故答案为：（1）0.700；（2）A2；V1；实验电路图如图所示．

【解析】【答案】（1）螺旋测微器固定刻度最小分度为1mm；可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．

（2）将电路分为测量电路和控制电路两部分．测量电路采用伏安法．根据电压表；电流表与待测电阻阻值倍数关系；选择电流表外接法．要求待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压接法．估算电流的最大值，选择电流表量程．

12、略

【分析】解：1；游标卡尺的主尺读数为：5.4cm=54mm；游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1mm=0.4mm，所以最终读数为：54mm+0.4mm=54.4mm=5.45cm．

2；螺旋测微器的固定刻度为6.5mm；可动刻度为7.6×0.01mm=0.076mm，所以最终读数为6.5mm+0.076mm=6.576mm，由于需要估读，最后的结果可以在6.575～6.578之间．

故答案为：5.45；6.576（6.575～6.578都可以）．

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】5.45；6.576（6.575～6.578都可以）13、略

【分析】解：(1)

碰撞后b

球的水平射程落点如图2

所示；取所有落点中靠近中间的点读数，即可取一个最小的圆的圆心，约为64.8cm

(2)A

水平槽上未放b

球时；测量a

球落点位置到O

点的距离，即测量出碰撞前a

球的速度，故A正确；

B、a

球与b

球碰撞后；测量a

球落点位置到O

点的距离，即测量出碰撞后a

球的速度，故B正确；

C、不需要测量a

球或b

球的直径；故C错误；

D、测量a

球和b

球的质量(

或两球质量之比)

用来表示出球的质量，故D正确；

E；不需要测量G

点相对于水平槽面的高度；故E错误.

故选：ABD

．

故答案为：(1)64.8(2)ABD

．

根据通过实验的原理确定需要测量的物理量；小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相同，水平位移与出速度成正比，可以用水平位移代替小球的初速度，根据动量守恒定律求出需要验证的表达式．

掌握两球平抛的水平射程和水平速度之间的关系，是解决本题的关键，注意理解动量守恒定律的条件．【解析】64.8ABD

14、略

【分析】

在S断开前，自感线圈L中有向右的电流，断开S后瞬间，L的电流要减小，于是L中产生自感电动势，阻碍自身电流的减小，但电流还是逐渐减小为零．原来跟L并联的灯泡A，由于电源的断开，向右的电流会立即消失．但此时它却与L形成了串联的回路，L中维持的正在减弱的电流恰好从灯泡A中流过，方向由b到a．因此；灯泡不会立即熄灭，而是渐渐熄灭．

故答案为：b到a；自感。

【解析】【答案】线圈的特点是闭合时阻碍电流的增大；断开时产生一自感电动势相当于电源，与A组成闭合回路，L的右端电势高．

15、增大增大减小控制变量法【分析】【解答】①根据B板上移，S减小，C减小，Q不变，U增大；张角将增大；

③B板左移，d增大，C减小，U增大；张角将增大；

④插入电介质，εr增大，电容C增大，U减小；张角将减小．

④控制变量法．

故答案为：增大；增大、减小、控制变量法．

【分析】根据联合分析求解；研究某量与其他两之间的关系时，常采用控制变量法．16、略

【分析】解：游标卡尺的主尺读数为42mm；游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为8×0.02mm=0.16mm，所以最终读数为：42mm+0.16mm=42.16mm．

故答案为：42.16

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】42.1617、略

【分析】解：（1）游标卡尺的读数为：22mm+0.1×5mm=22.5mm=2.25cm；螺旋测微器的读数为：0+0.01×38.5mm=0.385mm．

（2）上述实验步骤中；错误的是B，将红黑表笔短接，指针指向右侧的零处．电阻的阻值R=15×100=1500Ω．

故答案为：（1）2.250.385（2）B是指针指向右侧的0Ω处1500Ω

（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读．

（2）欧姆表的零刻度线在表盘的右边；欧姆调零时，将两表笔短接，使得指针指在右侧零刻度处．

电阻的大小等于表盘读数乘以倍率．

解决本题的关键知道游标卡尺和螺旋测微器以及欧姆的读数方法，知道多用电表的使用步骤以及注意事项．【解析】2.25；0.385；B；是指针指向右侧的0Ω处；1500Ω18、略

【分析】解：由图(b)

可知，在0隆芦t1

时间内，感应电流从b隆煤a

由欧姆定律可知，在t1

以后，感应电流从b隆煤a

因此t1

时，电流从b隆煤a

由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n鈻�娄脮鈻�t=nS鈻�B鈻�t=n娄脨r22B1t1

电流大小I=ER+2R=n娄脨B1r223t1R

故答案为：b隆煤an娄脨B1r223t1R

．

由楞次定律可以判断出电流的方向；由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出电路电流大小．

本题考查了判断感应电流的方向，求感应电流大小，熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．【解析】b隆煤an娄脨B1r223t1R

四、推断题(共3题，共21分)19、略

【分析】【分析】本题考查了铁盐和亚铁盐的相互转变、离子方程式的书写、电解原理、焓变的计算、原料利用率的计算等，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）根据水解原理：盐+水=酸+碱，则TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步骤①中加入足量铁屑的目的是将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+促进TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中电离出HCO3-离子，易电离生成碳酸根，碳酸根和亚铁离子反应生成FeCO3促进HCO3-电离，故离子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副产物为溶液中没有参加反应的铵根离子和硫酸根离子形成的(NH4)2SO4；（3）电解时，阴极上得电子发生还原反应，所以二氧化钛得电子生成钛和氧离子，故阴极电极反应：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依据盖斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由题意知，乳酸生成乳酸亚铁的物质的量之比为2：1，设需要乙烯xm3，则反应生成468kg乳酸亚铁晶体所需乙烯为x=200m3。【解析】（1）TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+，促进TiO2+水解（2）Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O(NH4)2SO4（3）TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）-80kJ/mol（5）20020、（1）氯原子、羟基、酯基（2）acd

（3）

（4）+CO2+H2O→+HCO3-

（5）【分析】【分析】本题考查有机物的推断，难度中等，注意根据rm{A}的结构及反应条件进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等。【解答】rm{A}在碱性条件下水解生成和rm{B}与二氧化碳反应生成rm{C}而rm{C}遇氯化铁溶液显紫色，故B为rm{C}为则rm{D}为rm{D}酸化得到rm{E}为由rm{E}与rm{F}的分子式可知，rm{E}分子内脱去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}为五元环化合物，故E在浓硫酸作用下发生消去反应和酯化反应，rm{F}可能为

rm{(1)}由rm{A}分子结构可知，其不含氧官能团的名称为：氯原子、羟基、酯基，故答案为：氯原子；羟基、酯基；

rm{(2)C}为可以发生取代反应、加聚反应、氧化反应，不能发生消去反应，故答案为：rm{acd}

rm{(3)}反应rm{垄脵}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(4)B}到rm{C}的离子方程式为：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案为：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定条件下反应能生成高分子化合物，其可能的结构简式为：

故答案为：

【解析】rm{(1)}氯原子、羟基、酯基rm{(2)acd}

rm{(3)}

rm{(4)}rm{+CO2+H2O隆煤}rm{+HCO^{3-}}

rm{(5)}21、（1）

（2）（酚）羟基、羧基

（3）酯化反应（或取代反应）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本题考查有机物的推断和合成，题目较为综合，有一定的难度，做题时注意把利用好题给信息，采用正逆推相结合的方法推断，注意同分异构体的判断方法。【解答】某芳香烃rm{A}分子式为rm{C}分子式为rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{{,!}_{10}}和，属于苯的同系物，rm{A}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{B}和rm{C}则rm{A}为则rm{A}为rm{B}最终产物rm{C}能与rm{A}，rm{B}最终产物rm{H}能与rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，则rm{H}为rm{NaHCO}发生水解反应生成rm{{,!}_{3}}为溶液反应，说明rm{H}具