2024年沪教版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大，定值电阻R1＝5Ω，R2＝10Ω，a、b两端接交流电，其电压瞬时值的表达式为该电路的电功率为（）

A.15WB.C.30WD.60W2、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其变化过程的p﹣V图象如图所示（）

A.气体在A状态时的内能大于C状态时的内能B.气体在B状态时每个分子的动能都比A状态时大C.气体从状态A到B吸收的热量大于从状态B到C放出的热量D.气体从状态A到B吸收的热量等于从状态B到C放出的热量3、如图所示，四根长直绝缘导线处于同一平面内，它们的电流大小关系是I1=I2>I3>I4，下列做法中一定可以增大正方形ABCD的中心处的磁场强度的是（）

A.增大I1B.增大I2C.使I3反向D.使I4反向4、如图；在薄金属圆筒表面上通以与其轴线平行；分布均匀的恒定电流时，该圆筒的形变趋势为（）

A.沿轴线上下压缩B.沿轴线上下拉伸C.沿半径向内收缩D.沿半径向外膨胀5、下列关于电源电动势的说法，正确的是（）A.电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B.同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C.电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列说法中正确的是（）A.布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动，证明了悬浮微粒分子的无规则运动B.分子平均动能大的物体的温度一定比分子平均动能小的物体的温度高C.物体吸收热量，同时对外做功，其内能可能增加E.小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大的趋势E.小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大的趋势7、带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体，其状态变化如图所示。气体开始处于状态A，由过程到达状态B，其内能减小了E，后又经过程到达状态C。设气体在状态A时的压强、体积和温度分别为和在状态B时的体积为状态C时的温度为则下列说法正确的是（）

A.气体在状态B时的温度B.气体在状态B时的温度C.过程中，气体放出的热量D.过程中，气体放出的热量8、如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如图中从a到b的直线所示。在此过程中（）

A.气体内能一直增加B.气体温度一直降低C.外界一直对气体做功D.气体一直从外界吸热9、对固体、液体性质以及特点的理解，下列说法正确的是（）A.从微观角度解释气体的压强时，气体分子的平均动能和密集程度决定气体压强的大小B.分子间距离减小，分子势能可能增大也可能减小C.某溶液在相同温度下，形成的未饱和汽、饱和汽的压强不同，则该溶液分子的平均动能一定不同E.水银滴在玻璃板上将成椭球状，所以说水银一定是一种不浸润液体E.水银滴在玻璃板上将成椭球状，所以说水银一定是一种不浸润液体10、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，b板接地(规定大地电势为零)在距离两板等远的P点有一个带电液滴处于静止状态．若将b板向下平移一小段距离；则稳定后，下列说法中正确的是。

A.液滴将加速向下运动B.P点电势升高，液滴在P点时的电势能减小C.P点的电场强度变大D.在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功不变11、一简谐横波在图中轴上向右传播，实线和虚线分别是和时刻的波形图，已知．由图判断下列波速哪些是可能的（））

A.B.C.D.12、如图所示；用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落。改变小球距地面的高度和打击的力度，重复这个实验，发现A；B两球总是同时落地。若A、B两球质量相等，且将平抛运动沿水平和竖直两个方向分解。下列说法正确的是。

A.本实验可验证平抛运动在水平方向上是匀速直线运动B.本实验可验证平抛运动在竖直方向上是自由落体运动C.在同一次实验中，两球落地前瞬间重力的功率相等D.在同一次实验中，两球落地前瞬间动量的大小相等13、所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2.图乙为它们弹性碰撞前后的s﹣t（位移时间）图象．已知m1=0.1㎏．由此可以判断。

A.碰前静止，向右运动B.碰后和都向右运动C.D.碰撞过程中系统损失了的机械能评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R2、R3是两个定值电阻．闭合开关S、滑片P向左滑动，伏特表示数将___________，当电流表示数变化量的绝对值为时，电压表示数变化量的绝对值为当电流表示数变化量的绝对值为时，电压表示数变化量的绝对值为若则________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

15、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，过程如图所示，A到B过程图线与横轴平行，B到C过程图线的反向延长线过原点，则气体从A→B过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量，从B→C过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量。

16、如图，一定质量的理想气体从状态a开始，分别经历等温变化a→b和等容变化b→c。在a→b过程中，气体的内能______（填“增大”“减小”或“不变”）；在a→b→c过程中，气体_______（填“吸收”或“放出”）热量。

17、如图所示；将边长为L；总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）线圈放出的热量Q＝_________．

（5）通过导线截面的电量q＝_________．18、【小题1】警车向路上的车辆发射频率已知的超声波，同时探测反射波的频率。下列说法正确的是_______。(填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分：有选错的得0分)。A．车辆匀速驶向停在路边的警车，警车探测到的反射波频率增高B．车辆匀速驶离停在路边的警车，警车探测到的反射波频率降低C．警车匀速驶向停在路边的汽车，探测到的反射波频率降低D．警车匀速驶离停在路边的汽车，探测到的反射波频率不变【小题2】如图，由透明介质构成的半球壳的内外表面半径分别为R和R。一横截面半径为R的平行光束入射到半球壳内表面，入射方向与半球壳的对称轴平行，所有的入射光线都能从半球壳的外表面射出。已知透明介质的折射率为n=求半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径。不考虑多次反射。19、带电粒子A的质量为m，电量为q。带电粒子B的质量为4m，电量为2q。两个粒子分别以相同速度垂直磁感线射入同一匀强磁场中（不计带电粒子的重力）。则两粒子做圆周运动的半径之比Ra∶Rb＝_________，周期之比Ta∶Tb＝_________。20、一质子束入射到静止靶核上，产生如下核反应：式中p代表质子，n代表中子，X代表核反应产生的新核．由反应式可知，新核X的质子数为____________，中子数为______________．评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

由二极管的单向导电性可知，在一个周期T内，有一半时间电流通过做功，中无电流，有一半时间电流通过做功，中无电流，故

其中U为交流电的有效值

解得

故选A。2、C【分析】【详解】

A．由p﹣V图象可得

由理想气体守恒，可知气体在A状态和C状态时的温度相等即

一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度相等内能也相等，因此气体在A状态时的内能等于在C状态时的内能；A错误；

B．由图象知，理想气体从状态A变化到状态B为等压膨胀过程，由守恒可知，温度升高即TA＜TB；温度越高分子平均动能越大，则气体在B状态时分子平均动能比A状态时大，分子平均动能变大并不是每个分子的动能都增大，而是动能较大分子数量所占的比例增大，B错误；

CD．A→B过程：气体体积变大，外界对气体做负功，即W＜0，温度升高，内能增加，即

由热力学第一定律

可知Q＞0；则此过程气体吸热，吸收的热量等于增加的内能加上外界对气体做功的绝对值；

B→C过程：气体体积不变，外界不对气体做功，即W＝0，温度降低，内能减少，即

同理可知Q＜0；此过程气体放热，放出的热量等于减少的内能；

因TA＝TC，可得A→B过程升高的温度等于B→C过程降低的温度，所以A→B过程内能增加量等于B→C过程内能减少量；

由以上分析可知：气体从状态A到B吸收的热量大于从状态B到C放出的热量；D错误，C正确。

故选C。3、B【分析】【详解】

AB．根据安培定则可知，I1在正方形ABCD中心处产生的磁场强度B1方向向外，I2在正方形ABCD中心处产生的磁场强度B2方向向里，I3在正方形ABCD中心处产生的磁场强度B3方向向里，I4在正方形ABCD中心处产生的磁场强度B4方向向里，所以正方形ABCD处的磁场强度为

增大I1磁场强度B减小；增大I2磁场强度B增大；A错误；B正确；

C．使I3反向磁场强度为

磁场强度减小；C错误；

D．使I4反向磁场强度为

磁场强度减小；D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

根据电流间的相互作用力关系：同向电流相互吸引，反向电流相互排斥，所以通以同向电流后，电流间相互吸引，所以整个圆筒有沿半径向内收缩的趋势，ABD错误C正确5、D【分析】【分析】

电动势与电势差是两个不同的概念；电动势等于内外电路电压之和。电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量。电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关。

【详解】

根据W＝EIt可知；电源向外提供的电能多，不能说明电动势大，还与电源做功的时间；电路中的电流有关。故A错误；电动势表示的是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上是等于将单位正电荷从负极移到正极时非静电力所在的功，电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，故BC错误；电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故D正确。故选：D。

【点睛】

本题考查对于电源的电动势的理解能力。电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关。二、多选题(共8题，共16分)6、B:C:D【分析】【详解】

A．布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动；反映了液体或气体分子的无规则运动，故A错误；

B．温度是分子平均动能的标志；温度高的物体分子平均动能大，温度低的物体分子平均动能小，故B正确；

C．物体吸收热量同时对外做功可正；可负；所以内能可能增加，故C正确；

D．食盐是晶体；晶体具有各向异性的特点，故D正确；

E．小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小的趋势；故E错误。

故选BCD。7、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由题图知，过程为等压变化。

由盖-吕萨克定律得

解得

故A正确；B错误；

CD．由过程，气体发生等压变化，气体体积减小，外界对气体做功

由热力学第一定律得

则

即气体放出的热量

故C正确；D错误。

故选AC。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知气体的PV一直增加，由理想气体状态方程

知气体温度一直增加；故A正确；

B．一定量的理想气体内能只与温度有关；温度一直增加，气体的内能一直增加，故B错误；

CD．体积增大，气体一直对外做功，即外界一直对气体做负功，气体内能一直增加，根据热力学第一定律

可知气体一直从外界吸热；故D正确，C错误。

故选AD。9、A:B:D【分析】【详解】

A．根据气体压强的微观解释；可知气体分子的平均动能和密集程度决定气体压强的大小，A正确；

B．当r小于平衡距离时，r减小，分子力表现为斥力，分子力做负功，分子势能增大，当r大于平衡距离时，r减小；分子力表现为引力，分子力做正功，分子势能减小，B正确；

C．温度是分子平均动能的标志；同种液体在相同温度下形成的未饱和汽；饱和汽的分子平均动能相同，C错误；

D．根据热力学第二定律；内能不可能全部转化为机械能而不引起其他变化，D正确；

E．浸润与不浸润是由液体和固体共同决定的；液体浸润固体，附着层面积要扩张，不浸润固体附着层面积要收缩；水银不浸润玻璃，但可能浸润其他固体，E错误。

故选ABD。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

原来液滴受力平衡，则知所受的电场力向上，液滴带负电．电容器与电源相连，板间电压不变．将b板向下平移时，两板间的距离变大，由E=U/d分析可知：板间电场强度减小，粒子受到的电场力减小，故液滴将向下加速运动；故A正确，C错误；下极板接地，电势为零，b板下移时，P与上极板的距离不变，根据U=Ed可知，P点与上极板的电势差减小，则P点的电势升高，因带电液滴带负电，故电势能将减小，故B正确；因两板间的电势差不变，由W=Uq知，前后两种状态下移动电荷时，电场力做功相同，故D正确；故选ABD．11、C:D【分析】【详解】

由图可得谐横波在图中x轴上向右传播，则波的周期为波速

A．将代入可得n=0.25；不符合波速通项，故A错误；

B．将代入可得n=0.5；不符合波速通项，故B错误；

C．将代入可得n=1；符合波速通项，故C正确；

D．将代入可得n=2；符合波速通项，故D正确；

故选CD．

【点睛】解题方法根据波的周期性得到周期和波速通项式，考查运用数学知识处理物理问题的能力.12、B:C【分析】【分析】

A球沿水平方向抛出做平抛运动；同时B球被松开，自由下落做自由落体运动，发现每次两球都同时落地，只能说明平抛竖直方向的分运动是自由落体运动。

【详解】

本实验将A的做平抛运动与竖直方向下落的B的运动对比；只能说明A竖直方向运动情况，不能反映A水平方向的运动情况。本实验中A做平抛运动，B做自由落体运动，每次两球都同时落地，说明A竖直方向的分运动是自由落体运动。故A错误，B正确；两小球落地时的竖直分速度相同，故由P=mgv可知，两球落地时的功率相等，故C正确；由于两球落地时的瞬时速度不同，平抛运动的合速度大于自由落地的速度，故落地时的动量不相等，故D错误。故选BC。

【点睛】

本题考查研究平抛运动规律的实验，主要是对分析推理的能力的考查，注意本实验采用对比的方法来研究平抛运动水平方向的分运动情况。13、A:C【分析】【详解】

A.由s-t图象的斜率等于速度，可得m1碰前速度v1=4m/s，m2碰前速度v2=0，则知碰前m2静止，m1向右运动；故A正确；

BC.碰后m1速度为v′1=-2m/s，向左运动．碰后m2的速度v′2=2m/s，向右运动．

根据动量守恒定律得m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2．

代入数据解得：m2=0.3kg．

故BC错误；

D.两物体组成的系统在碰撞过程中的机械能损失为：

所以碰撞过程是弹性碰撞．故D错误．三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1]由电路图可以知道，三电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R1两端的电压；滑片P向左滑动；滑动变阻器接入电路的电阻变小，由串联分压规律可以知道，变阻器两端的电压变小，即电压表示数将减小；

[2]由欧姆定律可以知道，定值电阻两端电压变化量与电流变化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，变阻器两端的电压变小，电源电压不变，由串联分压规律可以知道，R2和R3两端的总电压将变大，且变阻器两端电压减小量等于R2和R3两端总电压的增大量，即电压表示数变化量的绝对值串联电路电流处处相等，则电压表和电流表示数变化量的比值

电压表示数变化量的绝对值为时，同理可得此时电压表和电流表示数变化量的比值

而R2、R3均为定值电阻，所以【解析】.减小等于15、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态A变化到状态B；发生的是等容变化，气体对外不做功，但温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量。

[2]从B变化到C过程，气体发生的是等压膨胀，气体对外做功，同时温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体一定吸收热量。【解析】放出吸收16、略

【分析】【详解】

[1]在a→b过程中；气体的温度不变，则内能不变；

[2]因c态温度低于a态温度，则在a→b→c过程中，气体内能减小，即∆U<0

气体体积减小，外界对气体做功，则W>0

则根据热力学第一定律可知∆U=W+Q

则Q<0

即气体放出热量。【解析】不变放出17、略

【分析】【详解】

（1）线框受到的安培力由平衡条件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感应电动势产生的焦耳热

（5）感应电动势电流电荷量【解析】18、略

【分析】【小题1】本题考察的是多普勒效应；凡是波源靠近观察者，观察者接收到的频率就会变大，远离观察者，接收到的频率就会变小，故AB正确。

【小题2】分析边缘光线a；如图：

由几何关系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，设为r；在△OBC中；

由勾股定理有：

进而求出

故半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径为【解析】【小题1】AB

【小题2】19、略

【分析】试题分析：在磁场中运动过程中，受到的洛伦兹力充当向心力，故有解得：故根据周期公式可得

考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【解析】1:2；1:220、略

【分析】【详解】

质子的电荷数为1，质量数为1，中子的电荷数为0，质量数为1．根据电荷数守恒、质量数守恒，X的质子数为1+13-0=14，质量数为1+27-1=27．因为质量数等于质子数和中子数之和，则新核的中子数为27-