2025年青岛版六三制新必修1物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年青岛版六三制新必修1物理上册阶段测试试卷61考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，一根不可伸长轻绳的右端固定于O点，左端跨过固定光滑轴P悬挂重力为G的物体A，OP段水平，长度为L。现在OP段某处用光滑挂钩悬挂一重物，平衡后，A上升L。则挂钩和重物的总重力为（）

A.GB.GC.GD.2、如图所示是某物体做直线运动的x-t图象；由图可知，下列说法中正确的是。

A.物体前20s做匀加速运动，后10s做匀减速运动B.物体前20s的运动方向与后10s的运动方向相同C.物体前20s的加速度小于后10s的加速度D.物体前20s的速度小于后10s的速度3、小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其v-t图像如图所示；则由图可知。

A.0至0.4s内，小球运动过程的平均速度为2.5m/sB.小球第一次反弹瞬间速度的大小为5m/sC.小球第一次能弹起的最大高度为0.9mD.小球第一次与地面相碰的过程中，速度变化量为-8m/s4、关于时间和时刻，下列说法正确的是（）A.时间很长，时刻很短B.第2s内和2s都是指一段时间间隔C.时光不能倒流，因此时间是矢量D.“北京时间12点整”其实指的是时间间隔5、如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，途径A、B、C三点，其中A、B之间的距离l1=2m，B、C之间的距离l2=3m。若物体通过l1、l2这两段位移的时间相等，则O、A之间的距离l等于（）

A.B.C.D.6、在一长直公路上某交通亭中心，公路为南北走向，规定向北为正方向。坐标系上有A、B两点，A的位置坐标为B的位置坐标是下列说法正确的是（）A.A点位于交通亭中心南方50m处B.A点位于交通亭中心北方40m处C.B点位于交通亭中心南方30m处D.B点位于交通亭中心北方30m处7、下列说法中正确的是（）A.用手压弹簧、手先给弹簧一个作用，弹簧被压缩后反过来给手一个作用B.运动员将垒球抛出，垒球是受力物体，运动员是施力物体C.木块在桌面上受到向上的弹力、是由于木块发生微小的形变而产生的D.接触面间有摩擦力就一定有弹力，但二者不一定相互垂直8、如图所示，某滑雪者从倾角为的倾斜滑道上匀速滑下。已知滑雪者的质量为重力加速度为则滑雪（）

A.受到的摩擦力为0B.受到的摩擦力大小为C.受到的支持力大小为D.受到的摩擦力和支持力的合力大小为9、固定的光滑细杆与地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环，小环在沿杆方向的推力F作用下向上运动，如图甲所示．已知推力F与小环速度v随时间变化规律如图乙和丙所示，由以上条件可求得（）

A.小环的质量m=0.5kgB.小环的质量m=2.0kgC.细杆与地面的倾角α=D.细杆与地面的倾角α=评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图是在同一条直线上运动的A；B两质点的位移图象；由图可知()

A.t=0时，A在B前面B.B在t2秒末追上A并在此后跑在A的前面C.在0－t1时间内B的运动速度比A大D.B开始运动时速度比A小，t2秒后才大于A的速度11、从水平地面竖直上抛一小石块，石块两次经过距地面15m的同一位置所用时间为2s，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，则（）A.石块上升的最大高度为20mB.石块上升的最大高度为30mC.石块落地时的速度大小为20m/sD.石块落地时的速度大小为30m/s12、关于力的说法，正确的是（）A.强相互作用力和弱相互作用力都属于短程力B.施力物体是主动施加力的作用的物体，而受力物体是被动接受力的作用的物体C.重力的大小可以用弹簧测力计或天平直接测出D.在不同地点，质量大的物体一定比质量小的物体所受的重力大13、刚刚结束的奥运会上；广东小将全红婵（图甲）以总分466.2分打破世界纪录，获得跳水单人十米台金牌。自运动员离开跳台开始计时到完全落入水中，其速度随时间变化情况可简化如图乙，选向下为正方向，下列结论正确的是（）

A.0~t2为空中运动时间，该段时间内，速度始终向下B.在t2~t3时间内，加速度大小逐渐减小C.在0~t1内，平均速度D.在t2~t3时间内，平均速度14、如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图；一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（）

A.只增加绳的长度B.只增加重物的重量C.只将手指向下移动D.只将手指向上移动15、如图所示，水平地面上的小车上固定有一硬质弯杆，质量均为m的小球A、B由细线相连，小球A固定在杆的水平段末端，小球向右做匀加速直线运动，稳定时细线与竖直方向的夹角为θ；重力加速度为g，下列说法中正确的是。

A.小车的加速度大小等于B.细线对小球B的拉力大小等于C.杆对小球A的作用力大小等于mgD.杆对小球A的作用力大小等于16、如图甲所示的按压式圆珠笔可以简化为外壳、内芯和轻质弹簧三部分，已知内芯质量为m，外壳质量为4m，外壳与内芯之间的弹簧的劲度系数为k。如图乙所示，把笔竖直倒立于水平硬桌面上，用力下压外壳使其下端接触桌面（见位置a），此时弹簧压缩量为h=储存的弹性势能为E=然后将圆珠笔由静止释放，圆珠笔外壳竖直上升与内芯发生碰撞时（见位置b），弹簧恰恢复到原长，此后内芯与外壳以共同的速度一起上升到最大高度处（见位置c）。不计摩擦与空气阻力；下列说法正确的是（）

A.弹簧推动外壳向上运动的过程中，当外壳速度最大时，弹簧处于压缩状态B.外壳竖直上升与静止的内芯碰撞前的瞬间外壳的速外壳的速度大小为8gC.外壳与内芯碰撞后，圆珠笔上升的最大高度为D.圆珠笔弹起的整个过程中，弹簧释放的弹性势能等于圆珠笔增加的重力势能17、如图为甲、乙两辆小车从同一地点开始运动的v—t图像；甲乙两条图线分别为正；余弦曲线．下列说法正确的是。

A.t1时刻两车加速度相同B.0～t2时间内两车发生的位移相同C.t3时刻两车相距最远D.t4时刻两车相距最远18、如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，长木板始终静止．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2；且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等．则()

A.μ1一定小于μ2B.μ1可能大于μ2C.改变F的大小，F>μ2(m1＋m2)g时，长木板将开始运动D.改F作用于长木板，F>(μ1＋μ2)(m1＋m2)g时，长木板与木块将开始相对滑动评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)19、在用DIS研究匀速直线运动的实验中，得到如图所示的s-t图像，表明小车的运动________（选填“是”或“不是”）匀速直线运动，由图像可知小车的速度在变________.（选填“大”或“小”）20、质点做直线运动的v－t图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内平均速度的为_____m/s，8s内的平均速率为___________m/s．

21、如图所示，物体A、B重均为10N，水平拉力F1=6N，F2=3N，物体均保持静止，则A、B间的静摩擦力大小为________N，B与地面间的静摩擦力大小为________N。

22、如图所示，一个硬质圆环竖直放置在地面上，两根轻杆OA、OB一端由铰链（图中未画出）连接在圆环圆心O处，另一端也由铰链分别连接在圆环A、B两点。重物G由一根轻绳OC悬挂在O点。开始时，轻杆OA水平，OB与OA夹角为150°。若从图示位置将圆环顺时针缓慢旋转90°，杆OA对O点的作用力大小变化情况是________________；若从图示位置将圆环逆时针缓慢旋转90°，杆OB对O点的作用力大小变化情况是________________（均选填“一直变大”；“一直变小”、“先变大后变小”或“先变小后变大”）。

23、重为G的均匀直杆AB一端用铰链与墙相连，另一端用一条通过光滑的小定滑轮M的绳子系住，如图所示，绳子一端与直杆AB的夹角为30°，绳子另一端在C点与AB垂直，AC=AB；滑轮与绳重力不计．则B点处绳子的拉力的大小是________N；轴对定滑轮M的作用力大小是________N．

24、如图所示，质量为m＝1kg的小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ＝角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止平衡状态，当剪断轻绳的瞬间，取g＝10m/s2，此时轻弹簧的弹力大小为________；小球的加速度大小为________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)25、如下图所示，均匀的长棒A和均匀的木块B均处于静止状态，直接在图中画出它们所受重力G和弹力F的示意图．________26、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

27、如图，绳对物体竖直向上的拉力大小为200N，用力的图示法表示拉力．28、在如图所示的各图中画出物体受到的各接触点或接触面对它的弹力的示意图，各图中物体均处于静止状态．

甲.乙.丙.丁.评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)29、(1)如图所示是测量木块与长木板之间的动摩擦因数实验装置图，图中一端带有定滑轮的长木板水平固定。图乙为木块在水平木板上带动纸带运动时打点计时器打出的一条纸带，0、1、2、3、4、5、6、7为计数点，打点计时器的电源为50Hz的交流电，则木块加速度大小为________m/s2。（结果保留两位有效数字）

(2)若测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，重力加速度为g，则木块与长木板间动摩擦因数μ＝________________（用题中所给字母表示）。

(3)如果滑轮略向下倾斜，使细线没有完全调节水平，由此测得的μ值________（选填“偏大”或“偏小”）。评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)30、高铁的开通给出行的人们带来了全新的旅行感受，大大方便了人们的工作与生活．高铁每列车组由七节车厢组成，除第四节车厢为无动力车厢外，其余六节车厢均具有动力系统，设每节车厢的质量均为m，各动力车厢产生的动力相同，经测试，该列车启动时能在时间t内将速度提高到v，已知运动阻力是车重的k倍．求：

(1)列车在启动过程中；第五节车厢对第六节车厢的作用力；

(2)列车在匀速行驶时，第六节车厢失去了动力，若仍要保持列车的匀速运动状态，则第五节车厢对第六节车厢的作用力变化多大？31、如图所示，隧道是高速公路上的特殊路段也是事故多发路段之一。某日，一轿车A因故恰停在隧道内离隧道入口d＝50m的位置。此时另一辆轿车B正以v0＝90km/h的速度匀速向隧道口驶来，轿车B的驾驶员在进入隧道口时，才发现停在前方的轿车A并立即采取制动措施。假设该驾驶员反应时间t1＝0.57s，轿车制动系统响应时间(开始踏下制动踏板到实际制动)t2＝0.03s，轿车制动时产生的加速度为7.5m/s2。

(1)试通过计算说明该轿车B会不会与停在前面的轿车A相撞？

(2)若会相撞；那么撞前瞬间轿车B速度大小为多少？若不会相撞，那么停止时与轿车A的距离为多少？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

由题意可知；重新平衡后，绳子形状如图。

由于OP长为L，物体上升高度L，说明绳子在左侧总长度为2L，则左右两边均为L，如图所示，则可知sinθ=

故绳子与竖直方向夹角为30°，则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为挂钩和重物的总重力G′=2Gcos30°=G

故选A。2、D【分析】【详解】

AB.位移时间图象中斜率表示速度可知；物体前20s物体做正向匀速直线运动，后10s做反向匀速直线运动，两段时间内运动方向相反，故AB错误；

C.两段时间内均做匀速直线运动；加速度为零，故C错误；

D.位移时间图象中斜率表示速度，倾斜度越大则速度越大可知，物体前20s的速度小于后10s的速度，故D正确；3、D【分析】【详解】

A.由图可知物体0−0.5s内做匀加速直线运动，平均速度：

即0−0.5s内的平均速度等于2.5m/s；则0至0.4s内，小球运动过程的平均速度小于2.5m/s，故A错误；

B.当小球的速度为负数时表示物体反弹；故反弹的初速度大小为3m/s，故B错误；

C.当小球的速度再次为0时，小球反弹到最高点，故小球反弹的最大高度为：

故C错误；

D.小球第一次与地面相碰的过程中，速度变化量：

故D正确．4、B【分析】【分析】

【详解】

A．时间是指时间的长度；在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，故A错误；

B．第2s内和2s都是指一段时间间隔；故B正确；

C．时间没有方向是标量。故C错误；

D．12点整是指12时这一时刻；故D错误。

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

设物体的加速度为a，通过l1、l2两段位移所用的时间均为T，则B点的速度为vB=m/s

根据

解得aT2=1m

所以O、A之间的距离

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

AB．由位置坐标的意义可知，A点在原点的正方向50m处，即在交通亭中心北方50m处，故AB错误；

CD．同理，B点在原点的负方向30m处；即在交通亭中心南方30m处，故C正确，D错误。

故选C。7、B【分析】【详解】

A．施力物体与受力物体间的相互作用是同时发生的；不存在先后，故A错误；

B．运动员将垒球抛出；运动员对垒球施加推力，垒球是受力物体，运动员是施力物体，故B正确；

C．木块放在桌面上所受到的向上的弹力；是由于桌面发生微小形变而产生的，故C错误；

D．接触面间有摩擦力就一定有弹力；弹力方向与摩擦力方向一定垂直，故D错误；

故选B。8、D【分析】【详解】

A.匀速运动受力平衡，受到的摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即为受到的支持力大小为故ABC错误；

D.根据平衡条件可知，滑雪者受到的摩擦力与支持力的合力大小为方向向上，故D正确；

故选D。9、C【分析】【详解】

由图示v-t图象可知，0-2s内小环做匀加速运动的加速度为：

0-2s内，由牛顿第二定律得：F1-mgsinα=ma

2s后物体做匀速运动，由共点力平衡条件得：F2=mgsinα

联立解得：m=1kg，α=

A.小环的质量m=0.5kg与分析不相符；故A项与题意不相符；

B.小环的质量m=2.0kg与分析不相符；故B项与题意不相符；

C.细杆与地面的倾角α=与分相符；故C项与题意相符；

D.细杆与地面的倾角α=°与分析不相符，故D项与题意不相符．二、多选题(共9题，共18分)10、A:B【分析】【分析】

位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化；图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．

【详解】

t=0时，A物体的位置坐标为x1，B的位置坐标为0，所以A物体在B物体的前面，故A正确．B在t2秒末之前任意时刻位置坐标均小于A物体的位置坐标，直到t2秒末与A物体的位置坐标相同，即两物体相遇，在此之后B物体的位置坐标大于A物体的位置坐标，即B物体跑在前面，故B正确．由于位移-时间图的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，所以在0-t1时间内A物体的斜率大于B物体的斜率即A的速度大于B的速度，故C错误．由于位移-时间图的斜率表示该时刻的速度，由图可以看出t1之前A的斜率大于B的斜率，即A的速度大于B的速度，但是在此之后A的斜率为零，即A物体速度为零，B物体的速度保持不变，所以从t1后B物体的速度大于A物体的速度，故D错误．故选AB．11、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．设石块两次经过距地面15m时的速度大小为v1，根据

代入数值

解得

从15m处又上升的高度为h2

石块上升的最大高度为H

A正确；B错误；

CD．全程根据自由落体公式，设石块落地时的速度大小为v

解得

C正确；D错误。

故选AC。12、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．强相互作用力和弱相互作用力都属于短程力；万有引力作用和电磁作用是长相互作用，故A正确；

B．施力物体是主动施加力的作用的物体；而受力物体是被动接受力的作用的物体，故B正确；

C．重力的大小可以用弹簧测力计测量；但不能用天平直接测出，故C错误；

D．物体在同一地点；质量大的物体一定比质量小的物体所受的重力大，但在不同地点，由于重力加速度不相同，故质量大的物体不一定比质量小的物体所受的重力大。故D错误。

故选AB。13、B:C【分析】【详解】

A．0～t2为空中运动时间内；速度先为负值，后为正值，则速度方向先向上，后向下，故A错误；

B．v-t图像斜率的绝对值表示加速度大小，由图可以看出，在t2~t3时间内图线斜率逐渐减小；加速度大小逐渐减小，故B正确；

C．在0~t1内；图线斜率不变，表示匀变速直线运动，则由匀变速直线运动推论，平均速度等于初；末速度和的一半，故C正确；

D．v-t图像与坐标轴所围的面积表示位移，由图像可以看出，实际图线在t2~t3时间内围的面积小于虚线（匀减速到零）所围面积，平均速度等于位移与所用时间的比值，所以此段时间内的平均速度小于此段时间内匀减速到零的平均速度故D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

A．对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg；如图。

三个力的合力为零；两个拉力的大小恒定，夹角越大，合力越小，夹角越小，合力越大；增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变，动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故A错误；

B．只增加重物的重力；两个绳拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大，故手指所受的拉力增大，故B正确；

C．只将手指向下移动；两个绳拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手指所受的拉力增大，故C正确；

D．只将手指向上移动；两个绳拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手指所受的拉力减小，故D错误。

故选BC。15、B:D【分析】【详解】

A．对小球B受力分析可知，B受重力、拉力的作用而做加速度为g的匀加速直线运动，受力分析如图所示；则B的加速度a=gtanθ

故A错误；

B．细线对小球的拉力大小

故B正确；

CD．对AB整体分析可知，整体水平方向合力为2mgtanθ，竖直方向重力等于2mg；则杆对A球的作用力

故C错误；D正确；

故选BD。16、A:C【分析】【详解】

A.外壳受向下的重力和向上的弹力；弹力逐渐减小，当弹力等于重力时，加速度为零，速度最大，所以当外壳速度最大时，弹簧处于压缩状态，故A正确；

B.设外壳与内芯碰撞前的瞬间外壳的速度为v，动能定理：

即：

得：

故B错误；

C.外壳和内芯碰撞过程，取竖直向上为正方向，由动量守恒定律得：

碰后过程，由机械能守恒定律得：

联立解得：

故C正确；

D.笔从撒手到弹起到最大高度处的过程中；外壳和内芯碰撞过程中系统的机械能有损失，所以弹簧释放的弹性势能大于笔增加的重力势能，故D错误。

故选：AC。17、B:D【分析】【详解】

A、由图线可知，在t1时刻；乙车图象切线的斜率为负，甲车图象切线的斜率为正，故A错误；

B、速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，可知在0～t２时间内；乙车的位移与甲车的位移相等，故B正确；

CD、时间内，甲的速度比乙的速度大，甲在乙的前方，则两者间距增大，时刻后，甲的速度比乙的小，两者间距减小，所以两车在时刻相距最远；故C错误，D正确；

故选BD．

【点睛】根据速度时间图线的斜率比较甲、乙两车的加速度，根据图线围成的面积表示位移，分析两车的速度关系，分析相距最远的条件．18、B:D【分析】【分析】

因为木块所受的摩擦力为滑动摩擦力；地面对木板的摩擦力为静摩擦力，无法比较动摩擦因数的大小．通过对木板分析，根据水平方向上的受力判断其是否运动．当F作用于长木板时，先采用隔离法求出临界加速度，再运用整体法，求出最小拉力．

【详解】

对m1，根据牛顿运动定律有：F-μ1m1g=m1a，对m2，由于保持静止有：μ1m1g-Ff=0，Ff＜μ2（m1+m2）g，所以动摩擦因数的大小从中无法比较．故A错误、B正确．改变F的大小，只要木块在木板上滑动，则木块对木板的滑动摩擦力不变，则长木板仍然保持静止．故C错误．若将F作用于长木板，当木块与木板恰好开始相对滑动时，对木块，μ1m1g=m1a，解得a=μ1g，对整体分析，有F-μ2（m1+m2）g=（m1+m2）a，解得F=（μ1+μ2）（m1+m2）g，所以当F＞（μ1+μ2）（m1+m2）g时；长木板与木块将开始相对滑动．故D正确．故选BD．

【点睛】

解决本题的关键能够正确地受力分析，结合整体和隔离法，运用牛顿第二定律进行求解．三、填空题(共6题，共12分)19、略

【分析】【详解】

[1]匀速直线运动的s-t图像为倾斜直线；所以图像表示的不是匀速直线运动。

[2]s-t图像的斜率表示速度，所以可知速度越来越大。【解析】不是大20、略

【分析】【详解】

[1]根据图线围成的面积知，前3s内的位移：

3s-8s内的位移为：

质点在前8s内平均速度的为：

[2]8s内的平均速率为：【解析】-0.25121、略

【分析】【详解】

[1]对A分析，在水平方向上有

[2]将A、B看作一个整体，在水平方向上有【解析】6322、略

【分析】【详解】

[1]对O点受力分析；受重力和两个杆沿着杆的拉力，若从图示位置将圆环顺时针缓慢旋转90°，相当于重力反向（逆时针）转动90度，如图。

从图可以看出；当重力方向等效逆时针转动时，两个杆的弹力的合力也逆时针转动，杆AO的弹力先变大后变小，而杆BO的弹力一直变小。

[2]若从图示位置将圆环逆时针缓慢旋转90°；相当于重力反向（顺时针）转动90度，如图。

从图可以看出，当重力等效顺时针转动时，杆OA弹力变小，杆OB弹力也变小。【解析】先变大后变小一直变小23、略

【分析】【详解】

杆处于力矩平衡状态，设绳子的拉力为F，杆长为L，则由力矩平衡条件可知：

解得：F=

滑轮受两绳的拉力及轴对定滑轮的作用力而处于平衡，即轴对定滑轮的作用力与两边绳子的拉力的合力相等，则由力的平行四边形可求得两拉力的合力即为定滑轮对轴的作用力：

由几何关系可知：

【点睛】

本题应注意以下几点：（1）同一根绳中的各个点上的拉力都是相同的，方向均指向绳收缩的方向；（2）注意几何关系的应用，本题中可通过作辅助线的方式得到直角三角形，从而求得合力F′；（3）注意掌握力臂的求法，在图中要作出力臂的示意图，并能利用几何关系正确求出力臂．【解析】24、略

【分析】【详解】

[1]小球的受力分析图如图所示，根据共点力平衡得，弹簧的弹力

剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，则轻弹簧的弹力

[2]此时小球所受的合力

则小球的加速度【解析】10N14.14m/s2四、作图题(共4题，共28分)25、略

【分析】依据受力分析中重力弹力的产生特点；重力G和弹力F的示意图如图：

【解析】26、略

【分析】【详解】

由于物体受到的弹力是因为地面发生了形变；而对物体产生的，又因为弹力的方向总与物体（地面）的形变方向相反可知，物体所受弹力方向应竖直向上，如下图所示。

【解析】见解析27、略

【分析】用力的图示法画出200N的力竖直向上提着一个物体；如图所示．

【点睛】本题关键要能够区分力的图示与力的示意图；有时只需表示在某个方向上有力，就用简单一根带箭头的线段来表示力（无标度，也并不严格要求其长度与力的大小相匹配），这叫力的示意图．【解析】28、略

【分析】【详解】

甲中属于绳的拉力，应沿绳指向绳收缩的方向，因此弹力方向沿绳向上；乙中P与斜面的接触面为平面，P受到的支持力垂直于斜面向上；丙中AB两点都是点与平面相接触，弹力应垂直于平面，且必过球心，