2025年粤教版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理上册阶段测试试卷110考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一平行板电容器，带电荷量为Q，两极板电势差为U，若带电荷量变为2Q，则（）A.电容变为原来的2倍，两极板电压不变B.电容变为原来的倍，两极板电压不变C.电容不变，两极板电压是原来的倍D.电容不变，两极板电压是原来的2倍2、某一电容器在正常的充电过程中，两个极板间的电压U随电容器所带电荷量Q的变化而变化。下图中能够正确反映U和Q关系的图像是（）A.B.C.D.3、如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程；把它们按图接入电路中，则下列说法正确的是（）

A.安培表A1的偏转角大于安培表A2的偏转角B.安培表A1的读数小于安培表A2的读数C.伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数D.伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角4、电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时；下列说法正确的是。

A.电源的输出功率一定先增大后减小B.电源的总功率一定减小C.电源的内部损耗功率可能增大D.电源的效率一定减小5、如图所示，一个带电球体M放在绝缘支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N先后挂在横杆上的和处，通过调整丝线使M、N在同一高度，当小球N静止时，观察丝线与竖直方向的夹角。通过观察发现：当小球N挂在时，丝线与竖直方向的夹角最大；当小球N挂在时N丝线与竖直方向的夹角最小。根据三次实验结果的对比；下列说法中正确的是（）

A.小球N与球体M间的作用力与它们的电荷量成正比B.小球N与球体M间的作用力与它们距离的平方成反比C.球体M电荷量越大，绝缘丝线对小球N的作用力越大D.距离球体M越远的位置，绝缘丝线对小球N的作用力越小6、带正电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点；如图所示，实线是电场线，关于粒子，下列说法正确的是（）

A.在a点的加速度大于在b点的加速度B.在a点的电势能小于在b点的电势能C.在a点的电场强度大于在b点的电场强度D.电场中a点的电势一定比b点的电势高7、电压表；电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲；乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻C.小量程电流表内阻为并联一个电阻R，改装后电流表量程是原来的倍D.为实现对改装电表的逐格校准，可采用限流式电路评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，可视为质点的物块以初速度v0从A点滑上粗糙程度相同的固定斜面，并恰能到达斜面上的B点。不计空气阻力；下列说法正确的是（）

A.物块一定能返回到斜面底端A点B.A到B的过程中物块动能的减少量一定大于物块重力势能的增加量C.A到B的过程中物块克服摩擦力做功一定等于物块机械能的减少量D.若减小斜面倾角，物块仍从A点以相同的初速度v0滑上斜面，一定能到达与B等高的位置9、如图所示，一款微型机器人的内部有一个直流电动机，其额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间；电动机恰好能正常工作，下列说法正确的是（）

A.电动机消耗的总功率为EIB.电动机的效率为C.电源的输出功率为D.电源的效率为10、真空中的某装置如图所示，现有质子、氘核和α粒子都从O点由静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上；使荧光屏上出现亮点（已知质子；氘核和α粒子质量之比为1∶2∶4，电量之比为1∶1∶2，重力不计）。下列说法中正确的是（）

A.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶2B.三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶1C.三种粒子出偏转电场时的速度相同D.在荧光屏上将只出现1个亮点11、如图所示，在正方体的顶点A和顶点处放置带电量分别为的点电荷；则下列说法正确的是（）

A.顶点B、D处的电势相等B.顶点处的电场强度相同C.质子从B点移动到C点电势能减少D.电子从C点移动到D点电势能增加12、如图所示，电容器固定在一个绝缘座上，绝缘座放在光滑水平面上，平行板电容器板间距离为d，右极板有一小孔，通过孔有绝缘杆，左端固定在左极板上，电容器极板连同底座、绝缘杆总质量为M．给电容器充电后，有一质量为m的带正电环恰套在杆上以某一速度v0对准小孔向左运动，设带电环不影响电容器极板间电场的分布．带电环进入电容器后距左极板的最小距离为d/2；则。

A.带电环与左极板相距最近时的速度B.此过程中电容器移动的距离C.此过程中电势能的变化量D.带电环减少的动能大于电容器增加的动能13、一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，现将它们串联到电路中，电动机和电炉都能正常工作的情况下，在相同时间内（）A.电炉放热与电动机放热相等B.电炉两端电压小于电动机两端电压C.电炉两端电压等于电动机两端电压D.电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率14、额定电压均为220V的白炽灯L1和L2的U－I特性曲线如图甲所示，现将和L2完全相同的L3与L1和L2一起按如图乙所示电路接入220V电路中；则下列说法正确的是（）

A.L2的额定功率约为99WB.L2的实际功率约为17WC.L2的实际功率比L3的实际功率小17WD.L2的实际功率比L3的实际功率小82W15、如图所示，是一火警报警器的电路示意图，其中为半导体热敏材料制成的传感器；这种半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而减小，电流表为值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，下列说法正确的是。

A.当所在处出现火情时，显示器的电流报警器两端的电压都变小B.当所在处出现火情时，显示器的电流报警器两端的电压都变大C.当所在处出现火情时，显示器的电流报警器两端的电压都变大D.当所在处出现火情时，显示器的电流报警器两端的电压都变小16、如图所示，一电子以初速度v沿与金属板平行的方向飞入两板间，在下列几种情况下，电子将向M板偏转的有()

A.开关S接通的瞬间B.断开开关S的瞬间C.接通开关S后，变阻器的滑动触头向右迅速滑动时D.接通开关S后，变阻器的滑动触头向左迅速滑动时评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，一带负电的导体球M放在绝缘支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N挂在横杆上。当小球N静止时，丝线与竖直方向成角，由此推断小球N带_______电荷（选填“正”或“负”）。现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则丝线与竖直方向的夹角将_________（选填“变大”或“变小”）。

18、可持续发展。

（1）可持续发展的核心：追求发展与______、______的平衡：既满足当代人的需求；又不损害子孙后代的需求．

（2）需要做好两方面：

①要大力提倡______；

②发展______能源以及天然气、清洁煤和核能等在生产及消费过程中对生态环境的污染程度低的______能源．19、如图所示，真空中有甲、乙、丙三个完全相同的摆，摆球都带正电，摆线绝缘。现在甲的悬点放一个负点电荷，在丙所在空间加一竖直向下的匀强电场，从相同高度由静止开始释放，则甲、乙、丙做竖直面内的圆周运动，摆到最低点时细线对它们的拉力分别为T1、T2、T3，则它们的大小关系为T1________T2，T2_________T3三者运动到最低点的动能Ek1、Ek2、Ek3的大小关系为Ek1________Ek2；Ek2__________Ek3。（选填“=”；“>”；“<”）

20、氢原子中核外电子绕核做半径为的匀速圆周运动，已知电子的质量为电荷量为静电力常量为不考虑相对论效应。

（1）电子的动能为______；

（2）选离核无限远处电势能为0，电子的电势能则氢原子的能量为______；

（3）电子绕核运动形成的等效电流为______。21、判断下列说法的正误。

（1）导体内没有电流时，就说明导体内部的电荷没有运动。（____）

（2）电流既有大小，又有方向，是矢量。（____）

（3）导体中的电流一定是正电荷定向移动形成的。（____）

（4）电子定向移动的方向就是电流的方向。（____）

（5）电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量越多。（____）22、如图所示，已知闭合电键后，安培表读数为0.75A，电压表读数为经过一段时间，一个电阻断路，安培表读数变为电压表读数变为则的阻值是______电阻断路前、后电路消耗的总功率之比______。

23、某学生小组使用DIS做“测定电动机效率”实验；实验装置如图。

（1）用电流传感器和电压传感器（图中电流表和电压表）测量的是电动机_________电流电压值（填“输入”或“输出”）

（2）（每空4分）右图是用位移传感器测定重物匀速上升时的位移——时间图线，同时电流传感器和电压传感器的读数基本不变，约为0.14A和3.3V，已知重物质量则在2.4~2.8s时间段，重物克服重力做功的功率为___________W；该电动机的工作效率约为___________。

评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、解答题(共3题，共9分)26、如图所示，已知电源电动势E＝20V，内阻r＝1Ω，当接入固定电阻R＝4Ω时，电路中标有“3V,6W”的灯泡L和内阻RD＝0.5Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：

(1)电路中的电流大小；

(2)电动机的额定电压；

(3)电动机的输出功率．27、如图所示，电源的电动势E=80V，内电阻r=4Ω，R1=2Ω，R2为电阻箱．求：

（1）当电阻箱R2阻值为多大时，电阻R1消耗的功率最大？

（2）当电阻箱R2阻值为多大时，电阻箱R2消耗的功率最大？

（3）如果要求电源输出功率为256W，电阻箱R2阻值应为多少？此时电源效率为多少？

28、在电场强度为E=100N/C，方向水平向右的匀强电场中，用一根长为L=1m的绝缘细杆（质量不计）固定一个质量为m=2×10-5kg的电量为q=+2×10-6C带电的小球，细杆可绕轴O在竖直平面内自由转动。现将杆从水平位置A轻轻释放，在小球运动到最低点B的过程中(g=10m/s2)。

求：

(1)电场力对小球作多少功？小球的电势能如何变化？

(2)A、B两位置的电势差多少？

(3)小球到达B点时的速度多大？

(4)在最低点时绝缘杆对小球的作用力？

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

【详解】

电容大小与电容器所带电量无关，故增大电量时电容不变，由Q=UC可知；两极板电压是原来的2倍；故D正确，ABC错误；

故选D。2、A【分析】【详解】

根据

可得

由于电容器不变，因此电压U和电量Q成正比；故A正确，BCD错误。

故选A。3、D【分析】【详解】

AB．安培表A1、A2并联，电压相同，表头的电流，指针偏转角度相同，由于安培表A1的量程大于A2的量程，则安培表A1的读数大于安培表A2的读数．故AB错误．

CD．伏特表V1与V2串联，流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同，由于伏特表V1的量程大于V2的量程，则伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数．故C错误，D正确．4、B【分析】【详解】

A.由电路图可知，当滑动变阻滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源的电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时；电源输出功率最大，由于电源的内电阻与外电阻的大小关系未知，不能判断电源输出功率如何变化，故A错误；

B.电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率

则P一定减小；故B正确；

C.电源内阻r不变,电流I减小,电源内部的发热功率。

一定减小；故C错误；

D.电源的效率

外电阻增大；路端电压U增大，则电源效率一定增大，故D错误；

故选：B；5、D【分析】【详解】

D．设丝线与竖直方向夹角为由平衡条件可得

故距离球体M越远的位置，越小，绝缘丝线对小球N的作用力T越小；D正确；

B．小球N与球体M间的作用力F随距离的增大而减小；但是否与它们距离的平方成反比无法从三次实验结果的对比中看出，B错误；

AC．实验过程中；小球N与球体M的电荷量均不变，故无法看出作小球N与球体M间的作用力与它们的电荷量成正比，AC错误。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

AC．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知Ea＜Eb，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大；故AC错误；

BD．整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，则在a点的电势能大于在b点的电势能，由于是带正电的粒子，因此电场中a点的电势一定比b点的电势高；故C错误，D正确。

故选D。7、C【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；

B．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，B错误；

C．小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程

得出

C正确；

D．分压式电路电压；电流可以从零开始调节；可以实现对改装电表的逐格校准，D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)8、B:C【分析】【详解】

A．若物块重力沿斜面的分力小于最大静摩擦力，物块静止于斜面上，物块无法返回到点；A错误；

B．A到B的过程中根据能量守恒定律可知物块动能的减少量等于重力势能的增加量和摩擦产生的热量，所以A到B的过程中物块动能的减少量一定大于物块重力势能的增加量；B正确；

C．摩擦力做功改变物块的机械能，所以A到B的过程中物块克服摩擦力做功一定等于物块机械能的减少量；C正确；

D．减小斜面倾角，斜面倾斜程度较小，若斜面倾角为0，则永远不可能到达与B等高的位置；D错误。

故选BC。9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．电动机消耗的总功率为UI；故A错误；

B．电动机的效率。

故B错误；

C．电源的输出功率。

C正确；

D．电源的效率。

故D正确。

故选CD。10、A:D【分析】【详解】

B．设在加速电场中静止释放的粒子质量为m，电荷量为q，根据动能定理有

可得，粒子进入偏转电场的初速度为

设偏转电场的长度为L，两极板间距为d，则在偏转电场中，根据牛顿第二定律有

粒子在偏转电场中，做类平抛运动，则在平行OO′方向有

可得，粒子在在偏转电场中运动时间为

由于三种粒子质量之比为1∶2∶4，电量之比为1∶1∶2，则三种粒子在偏转电场中运动时间之比为1∶∶故B错误；

A．而粒子在偏转电场中的偏转位移为

则偏转电场的电场力对粒子做功为

可知；偏转电场的电场力对三种粒子做功之比等于三种粒子的电量之比为1∶1∶2，故A正确；

C．粒子从静止释放到离开偏转电场，根据动能定理有

可知，由于三种粒子的比荷不都相同；则三种粒子出偏转电场时的速度不都相同，故C错误；

D．粒子离开偏转电场的竖直速度为

则粒子离开偏转电场时的速度偏转角的正切值为

因此；三种粒子离开偏转电场时的位置和速度方向都相同，则在荧光屏上将只出现1个亮点，故D正确。

故选AD。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．在正方体的顶点A和顶点处放置带电量分别为的点电荷，由对称性知顶点B、D处的电势相等；选项A项正确；

B．由电场叠加和对称性知顶点处的电场强度大小相等；但方向不同，选项B错误；

C．B点的电势高于C点的电势，则质子从B点移动到C点电势能减少；选项C正确；

D．C点的电势低于D点的电势，则电子从C点移动到D点电势能减少；选项D错误。

故选AC。12、B:C:D【分析】【分析】

带电环与极板间相距最近时两者速度相等；选取带电环与电容器构成的系统作为研究对象，根据动量守恒定律，即可求出带电环与左极扳相距最近时的速度大小；结合运动学公式求解电容器移动的距离；在此过程，系统中，带电小环动能减少，电势能增加，同时电容器等的动能增加，系统中减少的动能全部转化为电势能．

【详解】

A．带电环进入电容器后在电场力的作用下做初速度为的匀减速直线运动，而电容器则在电场力的作用下做匀加速直线运动，当它们的速度相等时，带电环与电容器的左极板相距最近，由系统动量守恒定律可得

解得

A错误；

B．该过程中电容器向左做匀加速直线运动根据运动学基本公式得环向左做匀减速直线运动，由公式得

根据位移关系有

解得

B正确；

C．在此过程，系统中，带电小环动能减少，电势能增加，同时电容器等的动能增加，系统中减少的动能全部转化为电势能．所以

联立得

C正确；

D．在此过程；系统中，带电小环动能减少，转化为电容器增加的动能以及系统的电势能，故带电环减少的动能大于电容器增加的动能，D正确。

故选BCD。13、A:B:D【分析】【详解】

试题分析：对于电炉电路和电动机电路；焦耳定律都适用，欧姆定律只适用于电炉，不适用于正常工作的电动机；根据欧姆定律研究电炉两端的电压；电动机两端的电压大于电流与电阻的乘积．

解：

A、电炉电路和电动机电路焦耳定律都适用．根据焦耳定律Q=I2rt；知电炉和电动机的电阻相同，电流相同，则在相同的时间内电炉和电动机产生的电热相等．故A正确．

B、C、设电流为I，电阻为r，则电炉两端电压U炉=Ir，电动机两端电压U机＞Ir，所以U机＞U炉．即电动机两端电压大于电炉两端电压；故B正确，C错误．

D；电动机消耗的电能一部分转化为内能；另一部分转化为机械能，电炉消耗的电能全部转化为内能，而相等时间内它们产生的热量相等，则在相同的时间内，电动机消耗的电能大于电炉消耗的电能，则电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率．故D正确．

故选ABD．

【点评】此题要明确电动机工作时电功只能用W=UIt求，电热只能用焦耳定律求；电炉工作时，电热等于电功，W=UIt=I2rt．14、A:B:D【分析】【详解】

A．由L2的伏安特性曲线可得，在额定电压220V时的电流为0.45A，则L2的额定功率为P额＝U额I额＝99W

故A正确；

B．图示电路为L1和L2串联再与L3并联，所以L1和L2串联后两端的总电压为220V，那么流过L1和L2的电流及两灯的电压满足I1＝I2U1＋U2＝220V

由L1和L2的U－I图线可知I1＝I2＝0.25AU1＝152VU2＝68V

故灯L2的实际功率P2＝I2U2＝17W

故B正确；

CD．由于L3两端的电压为220V，故P3＝P额＝99W

则P3－P2＝82W

故C错误；D正确。

故选ABD。15、A:D【分析】【详解】

AB．半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而减小，当所在处出现火情时，的电阻变小，根据“串反并同法”可知显示器的电流报警器两端的电压都变小；故A正确，B错误；

CD．同理当所在处出现火情时，的电阻变小，显示器的电流报警器两端的电压都变小；故C错误，D正确。

故选AD。16、A:D【分析】【详解】

由安培定则得下方的电流产生的磁场的方向N极向上，S向下；开关K接通瞬间，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律知在上线圈中感应出上正下负的电动势，电子向M板偏转，A正确；断开开关S瞬间，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知在上线圈中感应出上负下正的电动势，电子向N板偏转，B错误；接通S后，变阻器滑动触头向右迅速滑动，电阻增大，电流减小，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知在上线圈中感应出上负下正的电动势，电子向N板偏振，C错误；接通S后，变阻器滑动触头向左迅速滑动，电阻减小，电流增大，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律知在上线圈中感应出上正下负的电动势，电子向M板偏振，D正确；故选AD．三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

[1]因M对N有斥力作用，因M带负电，则由此推断小球N带负电荷。

[2]现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则M带电量减小，则对N的斥力减小，则丝线与竖直方向的夹角将变小。【解析】负变小18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】资源环境节约能源可再生清洁19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]根据动能定理，甲乙两图的摆球只有重力做功，重力做功相等，所以到达底端的动能相等，对于丙图，重力和电场力都做正功，根据动能定理得，知动能最大

根据

则运动到底端的速度关系为

对于甲

对于乙

对于丙

比较可得【解析】①.<②.<③.=④.<20、略

【分析】【详解】

（1）[1]由库仑力提供向心力，根据牛顿第二定律

电子的动能

（2）[2]由于电子的电势能为则氢原子的能量为

（3）[3]电子绕核运动形成的等效电流【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误错误错误错误正确22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如图所示，一个电阻断路，电流表、电压表示数都增加，若R3断路，电压表无示数；R1或R4断路，电流表无示数，则断路电阻为R2，断路后R1、R4串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中电流，R1的电阻为

[2]断路前R1两端电压为

R2、R3串联后与R1并联，R3两端电压为

R3中电流为

电路中总电流为

电阻断路前、后电路消耗的总功率之比为【解析】45∶423、略

【分析】【详解】

（1）[1]电压传感器和电流传感器测量的是电动机的输入电流和输入电压。

（2）[2]根据图线知，重物的速度

重物克服重力做功的功率

[3]电动机的工作效率【解析】输入0.21346%四、作图题(共2题，共10分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器