2025年鲁科五四新版必修1物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁科五四新版必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、“儿童蹦极”时，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳。如图，质量为30kg的小明处于静止状态，两根橡皮绳间的夹角恰好为120°，这时两根橡皮绳的拉力大小相等。将小明视为质点，可求得每根橡皮绳的拉力大小是（取g=10m/s2）（）

A.150NB.150NC.150ND.300N2、甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其图象如图所示；已知两车在2s时并排行驶，则（）

A.甲车的加速度大小是乙车加速度大小的两倍B.在t=0时，甲车速度为零，加速度也为零C.在t=0时，乙车在甲车前面D.在t=2s时，是甲车追上乙车3、2019年11月22日至24日；在新加坡举行的2019年国际泳联大奖赛最后一站中，以锻炼新人为主的中国队依然获得了10个项目中的七枚金牌，显示了中国梦之队的实力。中国队员在比赛中的一个瞬间如图所示。请判断下列说法正确的是（）

A.跳板发生形变，运动员的脚没有发生形变B.跳板和运动员的脚都发生了形变C.运动员受到的支持力是运动员的脚发生形变而产生的D.跳板受到的压力是跳板发生形变而产生的4、光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法错误的是（）A.物体运动全过程中的平均速度是B.物体运动到斜面中点时的瞬时速度是C.物体在时的瞬时速度是D.物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是5、以下说法中正确的是（）A.两个物体通过的路程相同，则它们的位移的大小也一定相同B.两个物体通过的路程不相同，但位移的大小和方向可能相同C.一个物体在某一运动中，位移大小可能大于所通过的路程D.若物体做直线运动，位移的大小就等于路程6、如图所示，浅色传送带A、B两端距离L=22m，以速度逆时针匀速转动，并且传送带与水平面的夹角为现将一质量的煤块轻放在传送带的A端，煤块与传送带间的动摩擦因数g取则下列叙述不正确的是（）

A.煤块从A端运动到B端所经历时间为2.5sB.煤块从A端运动到B端留下的黑色痕迹为8mC.煤块从A端运动到B端因摩擦产生的热量为120JD.煤块从A端运动到B端时重力的功率为280W评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、以下说法正确的是（）A.形状规则的物体的重心一定在其几何中心B.接触并且互相挤压的两个物体之间一定存在弹力C.摩擦力总是与正压力成正比D.两个分力的合力可以大于、等于或小于任一分力8、武汉新冠肺炎疫情发生后；全国各地都向武汉伸出援助之手。如图为一辆往武汉运输物资的汽车正在平直的高速公路上行驶，集装箱放置在汽车上并且始终相对汽车静止。以下关于集装箱和汽车摩擦力的说法正确的是（）

A.若汽车做匀速运动，则汽车对集装箱的摩擦力向前B.若汽车做加速运动，则汽车对集装箱的摩擦力向前C.若汽车做减速运动，则集装箱对汽车的摩擦力向前D.无论汽车怎样运动集装箱都不受摩擦力作用9、科学的佩戴口罩，对于新冠肺炎、流感等呼吸道传染病具有预防作用，既保护自己，又有利于公众健康，如图所示为一侧耳朵佩戴口罩的示意图，一侧的口罩带是由直线弧线和直线组成的。假若口罩带可认为是一段劲度系数为k的弹性轻绳，它的弹力大小遵循胡克定律，在佩戴好口罩后弹性轻绳被拉长了x，此时段与水平方向的夹角为段与水平方向的夹角为弹性绳涉及到的受力均在同一平面内，忽略一切摩擦，已知则下列说法正确的是（）

A.耳朵对口罩带的作用力方向与水平方向的夹角为其正切值B.耳朵对口罩带的作用力方向与水平方向的夹角为其正切值C.耳朵受到的口罩带的作用力为D.耳朵受到的口罩带的作用力为10、一个做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点的速度分别是v和7v，经过AB的时间是t，则下列判断中正确的是（）A.经过A、B中点时的速度是4vB.经过A、B中间时刻的速度是5vC.前时间通过的位移比后时间通过的位移少D.前位移所需时间是后位移所需时间的2倍11、如图，水平地面上有一楔形物体b，b的斜面上有一小物块a；a与b之间．b与地面之间均存在摩擦．已知楔形物体b静止时，a静止在b的斜面上．现给a和b一个共同的向左的初速度，与a和b都静止时相比；此时可能（）

A.a与b之间的压力减少，且a相对b向下滑动B.a与b之间的压力增大，且a相对b向上滑动C.a与b之间的压力增大，且a相对b静止不动D.b与地面之间的压力不变，且a相对b向上滑动12、为了备战因疫情推迟的东京奥运会，我国羽毛球运动员进行了原地纵跳摸高训练，如图所示。已知质量的运动员原地静止站立（不起跳）摸高为2.10m，训练过程中，该运动员先下蹲，重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.90m的高度。若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响，g取10m/s2。则（）

A.运动员从起跳到上升至最高点过程中处于超重状态B.起跳过程的平均速度等于离地上升到最高点过程的平均速度C.起跳过程中运动员对地面的压力为1300ND.从开始起跳到离地上升到最高点需要评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)13、一个匀加速的物体拖动纸带运动，获得打点计时器打出的一段纸带如图所示，每两个计数点之间的时间间隔为打点计时器打下计数点3时物体的瞬时速度为________；打点计时器打下计数点4时物体的瞬时速度为________；物体的加速度为________。

14、已知的单位是的单位是K，的单位是为无量纲数，则在国际单位制中，的基本单位是___________；若则=___________。15、看图回答下列问题：已知图象表示物体做变速直线运动，规定v为初速度，v1为末速度．则。

(1)该图象所表示的是：规定______的方向为正方向．（填初速度或末速度）

(2)0-t1时间内物体做______运动．加速度的大小为______；方向为_______（填正或负）

(3)t1-t2时间内物体做______运动；加速度的大小为______；方向为______（填正或负）

(4)t1-t2和t2—t3时间内相比较，物体运动的速度方向______(填相同或相反)，加速度的方向______(填相同或相反)16、升降机提升重物时重物运动的v-t图像如图所示，在0~2s与5s~8s内的加速度大小之比是________，在0~8s内的位移是___________m。

17、寒假期间，小伊同学在家完成如下实验：自来水由水管口滴出水滴，每相邻水滴滴出的时间间隔基本上是相等的，在水管口的正下方，倒扣一个小盆，水滴滴到盆底，发出响声，逐渐向上移动小盆，直到看到水滴从水管口刚好落出时，恰听到水滴落到盆底的响声，记录盆底距地面的高度再继续上移小盆，第二次、第三次看到水从水管口滴出同时听到水滴到盆底的响声，分别测出若g取10则相邻水滴滴出的时间间隔为___________s，自来水水管口离地面的高度___________m。18、如图所示，消防员沿竖直杆匀速向上爬时，手与杆间的弹力大小为N1，受到的摩擦力大小为f1；沿竖直杆匀速向下滑时，手与杆间的弹力大小为N2，受到的摩擦力大小为f2。则N1____N2，f1____f2。（均选填“>”“=”或“<”）

19、一切物体总保持________状态或________状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态，这就是牛顿第一定律，牛顿第一定律牛顿又叫做惯性定律，________是衡量物体惯性大小的唯一量度。20、如图所示，A、B两物体质量均为m，A与用弹簧连接，当悬挂A物的细线突然剪断，在剪断的瞬间，A的加速度大小为________，B物体的加速度大小为________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)21、重力为30N的木块浮在水面上，作出木块所受浮力的图示和示意图，并指出施力物体和受力物体。22、在乙图中画出钢管B所受弹力的示意图。

23、画出下图中物体A受力的示意图（各接触面均光滑）。

24、两个共点力F1＝40N，F2＝60N的方向如图虚线所示；利用平行四边形定则用图示法求出合力的大小。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)25、（1）我们已经知道，物体的加速度a同时跟合外力F和质量M两个因素有关。要研究这三个物理量之间的定量关系，需采用的思想方法是___________。

（2）某同学的实验方案如图所示，她想用砂桶的重力表示小车受到的合外力F；为了减少这种做法带来的实验误差，她先做了两方面的调整措施：

a、用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是___________

b、使砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于___________。

（3）该同学利用实验中打出的纸带求加速度时；处理方案有两种：

A.利用公式计算。

B.根据逐差法利用计算。

两种方案中，选择方案___________比较合理。26、某同学以墙面为背景；使用手机频闪照相功能拍摄小球自由下落过程，通过对频闪照片的研究，粗略测定当地的重力加速度。请回答下列问题：

（1）该同学要从下列物体中选择做自由落体的小球，最为合理的是______；

A．小塑料球。

B．小木球。

C．小钢球。

D．小泡沫球。

（2）如图为该同学拍得的频闪照片的一部分，测得图中部分墙的高度手机曝光时间间隔为0.07s，则当地重力加速度g=______小球到达位置4时的速度大小为______m/s；（结果保留3位有效数字）

（3）照片中位置1______（选填“是”“不是”或“不确定”）小球自由下落的初始位置，由于空气阻力影响，测出的重力加速度值比实际值______（选填“偏大”或“偏小”）。27、某学习小组利用如图所示的装置验证牛顿第二定律。研究对象为小车、车上的钩码及悬挂的钩码整体，整体总质量为M，整体所受的合外力F的大小等于悬挂钩码的总重力大小，利用纸带和电火花计时器测出小车的加速度a、

实验一：研究M一定时，加速度a与F的关系。

实验二：研究F一定时，加速度a与M的关系。

（1）下列操作必要的有___________。

A.本实验需让木板倾斜合适的角度；平衡摩擦力。

B.调节定滑轮时；应使连接小车的细线与木板平行。

C.实验时；需满足悬挂钩码的质量远小于小车及车上钩码的质量。

D.实验时；应先释放小车再接通电火花计时器。

（2）实验一：小车上及细线悬挂的钩码总数不变。第一次，细线悬挂1个钩码，其余钩码放在小车上，释放小车后，小车沿斜面下滑打出一条纸带，求出此次实验小车的加速度第二次，细线悬挂2个钩码，其余钩码放在小车上，求出此次实验小车的加速度以此类推，共做5组实验。画出图像，理论上图像斜率___________。

（3）实验二：细线悬挂钩码数不变。第一次，小车上不放钩码，释放小车后，小车沿斜面下滑打出一条纸带，求出此次实验小车的加速度a；第二次，小车上放1个钩码，以此类推，共做5组实验。若画出图像，图线为___________线（填“直”或“曲”）。

（4）某次实验打出的一条纸带如图所示，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点。其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个点未画出，打点计时器接在周期为的交流电源上，测得小车的加速度___________（保留2位有效数字）。

28、某同学想测定滑块与水平桌面间的动摩擦因数,他设计了如图所示的实验装置图,重力加速度为g

(1)他先用天平测量出滑块和遮光条的总质量m,然后用螺旋测微器测遮光条的宽度d,所用的螺旋测微器零刻度不能对齐测量前读数如图(a)所示,测量时如图(b)所示,则遮光条宽度d=__________mm.

(2)按图示组装好器材后,把滑块从桌面上某一位置由静止释放滑块经过两光电门的时间分别为△和△,弹簧秤的示数为F,要测定出滑块与水平桌面间的动摩擦因数还需要测出的物理量及相应符号是____.

(3)用题中给出的物理量和第(2)问中测出的物理量的符号表示出动摩擦因数:_________.评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)29、猎豹由静止开始起跑做直线运动，经过速度达到求：

（1）猎豹在这内的加速度大小？

（2）若猎豹以此加速度，由静止开始加速运动请求出时猎豹的速率？30、以18m/s的速度行驶的汽车，紧急刹车后做匀减速直线运动，其加速度大小为6m/s2。求：

（1）汽车在刹车2s末的速度？

（2）汽车刹车6s内的位移？31、两根平行细杆做成如图所示轨道，水平部分和倾斜部分夹角为两部分长度相同，两杆间的距离需要运送的圆柱形构件的截面半径为R；构件质量分布均匀，长度远小于轨道长度。将构件从轨道最高点自由释放，到达水平轨道最左端时速度恰好减到零，若不考虑构件从倾斜轨道到水平轨道连接处的能量损失。试求：

（1）构件加速下滑时；其中一根细杆对构件的弹力与构件重力的比值；

（2）滑杆与构件间的动摩擦因数μ（结果可带根号）。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

设每根橡皮绳的拉力大小是T；则。

2Tcos60°=mg解得。

T=mg=300N故选D。2、A【分析】【详解】

A．v-t图像的斜率表示加速度，由图可得，甲的加速度为

乙的加速度为

则甲车的加速度大小是乙车加速度大小的两倍；A正确；

B．由图可知，在t=0时；甲车速度为零，但是加速度不为零，B错误；

C．两车在2s时并排行驶；在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积表示位移大小；

则2s内甲车的位移为

2s内乙的位移为

所以在t=0s时；甲车在前乙车在后，相距10m，C错误；

D．开始时，甲车在前乙车在后，则在t=2s时；是乙车追上甲车，D错误。

故选A。3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．运动员起跳时；跳板和运动员的脚都会受到力的作用，所以都会发生形变，A错误，B正确；

C．运动员受到的支持力是跳板发生形变产生的；C错误；

D．跳板受到的压力是运动员的脚发生形变产生的；D错误。

故选B。4、C【分析】【分析】

【详解】

AC．由匀加速直线运动的规律及平均速度的公式得

故A正确；C错误；

B．设物体做匀加速运动的加速度为a，由公式

联立解得物体运动到斜面中点瞬时速度为

故B正确；

D．由公式

可解得物体从顶点运动到斜面中点所需时间

故D正确。

本题选不正确项，故选C。5、B【分析】【详解】

AB.路程是轨迹长度；位移是起点到终点的有向线段，所以，路程相同，位移大小不一定相同，比如曲线运动，A错误B正确。

C.当向直线运动中；位移大小等于路程，其他运动位移大小都小于路程，不可能大于路程，C错误。

D.如果做往复直线运动，位移大小小于路程，D错误6、B【分析】【详解】

煤块放在传送带后受到沿斜面向下的滑动摩擦力作用，一定先向下做匀加速直线运动．设经过时间t1，煤块的速度与传送带相同，匀加速运动的加速度大小为a1，则根据牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；

可得a1=g（sinθ+μcosθ）=10×（sin30°+×cos30°）=8m/s2；

由v0=a1t1得t1=1.5s；

此过程通过的位移大小为x1==9m<L．

由于mgsinθ>μmgcosθ，故煤块速度大小等于传送带速度大小后，继续匀加速向下运动，受到的滑动摩擦力沿斜面向上．设煤块接着做匀加速运动的加速度为a2，运动的时间为t2，则mgsinθ–μmgcosθ=ma2；

可得a2=g（sinθ–μcosθ）=10×（sin30°–0.5×cos30°）=2m/s2；

由L–x1=v0t2+a2t22，代入数据得：22–9=12t2+×2×t22，解得t2=1s．

故煤块从A到B的运动时间是t=t1+t2=2.5s；故A正确；

由于第一个过程煤块与传送带间的相对位移大小v0t1–x1=9m；此过程中煤块留下的痕迹向前；

第二个过程煤块与传送带间的相对位移大小（L–x1）–v0t2=1m，此时煤块留下的痕迹向后，所以煤块从A端运动到B端留下的黑色痕迹长度为9m；选项B错误；

煤块从A端运动到B端因摩擦产生的热量为Q=μmgcosθ∆L，其中∆L=9m+1m=10m，代入数据解得Q=120J；故C正确；

煤块从A端运动到B端时速度v=v0+a2t2=12m/s+2×1m/s=14m/s；

此时重力的瞬时功率为P=mgvsinθ=4×10×14×sin30°W=280W；故D正确．

本题选不正确的，故本题选B二、多选题(共6题，共12分)7、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．形状规则；质量分布均匀的物体的重心一定在其几何中心；A错误；

B．接触并且互相挤压的两个物体之间一定存在弹力；B正确；

C．滑动摩擦力总是与正压力成正比；静摩擦力与正压力无此关系，C错误；

D．由平行四边形定则可知；两个分力的合力可以大于；等于或小于任一分力，D正确。

故选BD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．若汽车匀速行驶；集装箱与汽车没有相对运动趋势，则集装箱不受摩擦力作用，A错误；

B．若汽车加速行驶；集装箱相对汽车有向后运动的趋势，则集装箱受静摩擦力方向向前，B正确；

C．若汽车减速行驶；集装箱相对汽车有向前运动的趋势，则集装箱受静摩擦力方向向后，集装箱对汽车的摩擦力向前，C正确；

D．根据以上分析；D错误。

故选BC。9、B:C【分析】【详解】

弹性轻绳被拉长了x，同一根轻绳弹力大小相等，即

将分别正交分解；如图：

则

则耳朵受到的口罩带的作用力

作用力方向与水平方向夹角

故选BC。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据公式得。

解得中间位置的速度是故A错误；

B．经过中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度；即为。

故B错误；

C．前时间通过的位移。

后时间内通过的位移。

所以。

故C正确；

D．通过前位移所需时间。

通过后位移所需的时间。

解得。

故D正确；

故选CD。11、B:C【分析】【详解】

ABC．依题意，若两物体依然相对静止，则a的加速度一定水平向右，如图将加速度分解为垂直斜面与平行于斜面，则垂直斜面方向，N－mgcosθ=may，即支持力N大于mgcosθ，与都静止时比较，a与b间的压力增大；沿着斜面方向，若加速度a过大，则摩擦力可能沿着斜面向下，即a物块可能相对b向上滑动趋势；甚至相对向上滑动，故A错误，BC正确；

D．对系统整体，在竖直方向，若物块a相对b向上滑动，则a受到沿斜面向下的滑动摩擦力，此时a受到的合力不可能为零，a的加速度在竖直方向有分量，再对整体用牛顿第二定律可知，系统对地面的压力不可能等于系统的总重力，而a和b都静止时，系统对地面的压力能等于系统的总重力，即b与地面之间的压力不变发生了变化；故D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【详解】

A．运动员在起跳过程中可视为匀加速直线运动；加速度方向竖直向上，所以运动员起跳过程处于超重状态，离地上升到最高点过程中，加速度向下，处于失重状态，故A错误；

B．在起跳过程中和离地后上升至最高的过程中均做匀变速直线运动，其平均速度均为

即两者相等；故B正确；

C．运动员离开地面后做竖直上拋运动，根据

可知

根据速度位移公式可知

解得

对运动员根据牛顿第二定律可知

根据牛顿第三定律可知；对地面的压力为1300N，故C正确；

D．起跳过程运动的时间

起跳后运动的时间

故运动的总时间

故D错误。

故选BC。三、填空题(共8题，共16分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

利用匀变速直线运动的推论：中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，则有打下计数点3时物体的瞬时速度为

打点计时器打下计数点4点时物体的瞬时速度为

由

得【解析】14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]C的基本单位。

[2]因为的单位。

而a无单位，v的单位是m∙s-1；则。

【解析】15、略

【分析】【分析】

（1）速度时间图象反映了物体的速度随时间的变化规律，可直接读出速度的正负，即知道其方向．

（2）、（3）倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率等于加速度．

（4）根据速度的正负和加速度的正负；分析它们方向的关系．由数值分析大小关系．

【详解】

（1）t=0时，物体的速度v＞0，说明是以物体的初速度的方向为正方向；

（2）0-t1时间内物体做匀加速直线运动，其加速度a1＝方向为正方向，即沿物体的初速度的方向；

（3）t1-t2时间内物体做匀减速直线运动，其加速度a2＝−方向为负方向，即与物体的初速度的方向相反；

（4）t1-t2时间内物体的速度方向沿正方向，t2-t3时间内物体的速度方向沿负方向，所以速度方向相反．因t1-t3时间内v-t图象中的图线斜率相同；所以加速度的大小和方向均相同．

【点睛】

本题考查v-t图象的应用，关键要抓住图象的斜率表示加速度，矢量的正负表示其方向．【解析】（1）初速度（2）加速(v2-v)/t1正（3）减速-v2/(t2-t1)负（4）相反相同16、略

【分析】【详解】

[1]v-t图像的斜率绝对值表示物体的加速度大小，所以在0~2s内的加速度为m/s2

5s~8s内的加速度大小为m/s2

所以

[2]图像围成的面积表示位移，所以m【解析】3：227.517、略

【分析】【详解】

[1]设相邻水滴的施加间隔为自来水水管口离地面的高度为由题可知

解得

[2]第二次看到水从水管口滴出同时听到水滴到盆底的响声时，水滴到达盆底的速度

第二次看到水从水管口滴出同时听到水滴到盆底的响声时，管口到盆的距离为

故自来水水管口离地面的高度【解析】0.12.5518、略

【分析】【详解】

[1]消防员沿竖直杆匀速上爬时摩擦力是静摩擦力，那么最大静摩擦力大小要大于此时的静摩擦力大小，即满足最大静摩擦力fmax=μN1>f1=mg，而匀速下滑时是滑动摩擦力，即f2=μN2=mg，可知N1>N2。

[2]无论匀速向上爬还是匀速向下滑，摩擦力与重力都是平衡的，即摩擦力大小f1=f2=mg。【解析】>=19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]由牛顿第一定律的内容是：一切物体总保持静止状态或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态。而质量是衡量物体惯性大小的唯一量度。【解析】①.静止②.匀速直线运动③.质量20、略

【分析】【详解】

[1]剪断细绳，弹簧弹力不能突变，则物体A受力分析

解得：

[2]剪断细绳，弹簧弹力不能突变，则B物体所受合力为零，加速度为零。【解析】2g0四、作图题(共4题，共36分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

用单位长度的线段表示10N的力，从木块的作用点竖直向上画一条三倍于标度的线段，在线段上标出方向表示力的方向，图甲为木块所受浮力的图示，从力的作用点沿浮力的方向画有向线段，并标明浮力F；图乙为木块所受浮力的示意图，如图所示。

浮力的施力物体是水，受力物体是木块。【解析】浮力的施力物体是水，受力物体是木块22、略

【分析】【分析】

【详解】

受力分析如图。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）弹力方向垂直于接触面。

（2）死杆力的方向可以不沿杆；但是由于必须平衡重力，所以杆的弹力向上。

（3）绳子的拉力必须沿绳；若斜面有支持力，则物体受力不平衡，则支持力不存在。

（4）加速度水平向右；所以合外力水平向右且等于重力，所以杆在水平方向和竖直方向的分力都等于重力，则杆的力斜向右上方45°。

（5）绳子的拉力必须沿绳。

【解析】24、略

【分析】【详解】

首先选取标度；如图。

再按比例画出画出两个力的图示；以F1、F2为邻边，根据平行四边形定则作出合力F，量得F与标度之比为4.7：1，所以合力大小为F=4.7×20N=94N【解析】五、实验题(共4题，共28分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]先保持M不变，研究a与F的关系；再保持F不变，研究a与M的关系；体现出控制变量法的思想。

（2）[2]由于保持F不变，研究a与M的关系。则当质量发生改变时；若没有平衡摩擦力，则砂桶的重力就不再是小车所受的合力，所以必须平衡摩擦力。

[3]由于小车的加速运动；出现加速度，所以导致砂桶的重力大于拉小车的细线的拉力。当砂桶的质量远小于小车的质量时，砂桶的重力接近拉小车的细线的拉力。

（3）[4]由于做匀变速直线的物体在相等的时间内位移总是相等。所以可借助于。

利用逐差法计算加速度大小。另一种方案不合理的理由是方案必须要从初速度为零开始研究。

故选B。【解析】控制变量法平衡摩擦力砂桶的重力B26、略

【分析】【详解】

（1）[1]为减小空气阻