2025年湘教版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版必修1物理下册月考试卷898考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图甲所示，一倾角θ＝的足够长斜面，将一质量为m＝1kg的物体无初速度在斜面上释放，同时施加一沿斜面向上的拉力，拉力随时间变化的关系如图乙所示，物体与斜面间的动摩擦因数μ＝0.25，(取g＝10m/s2，sin＝0.6，cos＝0.8)；则下列说法正确的是。

A.2s末物体的速度是2.5m/sB.2s末物体的速度是10m/sC.前16s内物体发生的位移是15mD.前16s内物体发生的位移是30m2、守门员将迎面飞来的足球，以的速度踢回，守门员踢球的时间为规定足球以被踢回的方向为正方向，则足球在这段时间内平均加速度的大小及方向是（）A.负方向B.正方向C.负方向D.正方向3、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫建立物理模型法B.根据速度定义式，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法C.伽利略在研究力和运动的关系时，得出了力不是维持物体运动的原因，采用了控制变量的方法D.在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法4、高速公路有些路段采用“区间测速”；所谓区间测速就是测量车辆经过某区间的平均速率。已知某高速限速120km/h，“区间测速”路段长度为20km，监测发现某轿车经过这一路段用时12min，则下列说法正确的是（）

A.限速120km/h指的是平均速率大小B.20km指的是位移大小C.12min指的是时刻D.在该测速区间，该轿车仍可能存在超速现象5、对矢量和标量的表述正确的是()A.它们都有大小和方向B.它们的运算法则相同C.出租车的收费标准是1.20元/公里，其中“公里”这一物理量是矢量D.矢量相加时遵从三角形定则6、一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下，研究人员利用运动员随身携带的仪器记录下了他的运动情况，通过分析数据，画出了运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v—t图象如图所示，则对运动员的运动，下列说法正确的是（）

A.0～10s内位移大小为100mB.10s～15s内加速度逐渐增大C.0-10s内运动员所受阻力逐渐增大D.10s～15s内运动员所受阻力逐渐增大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、直线坐标系Ox轴原点处有a、b两质点，t=0时a、b同时沿x轴正方向做直线运动，其位置坐标x与时间t的比值随时间t变化的关系如图所示，则()

A.质点a做匀加速运动的加速度为10m/s2B.a、b从原点出发后再次到达同一位置时，a的速度为10m/sC.a、b从原点出发后再次到达同一位置之前，最远相距1.25mD.a、b从原点出发后，t=1s时再次到达同一位置8、一个做直线运动的物体的速度—时间图象如图所示；以下判断正确的是。

A.0~2s内该物体的加速度大小为B.该物体在2s末速度方向发生了改变C.0~3s内该物体的速度方向始终没有改变D.该物体在2s~3s内的加速度大于0~2s内的加速度9、如图所示，两质量相等的直角三角形斜劈放在水平面上，斜劈乙的表面光滑，两完全相同的小滑块用轻绳连接并跨过斜劈顶端的定滑轮，当时，小滑块刚好不上滑，两斜劈与小滑块也保持静止，且两侧的轻绳与斜劈平行，滑轮间的轻绳与水平面平行。已知两小滑块的质量均为重力加速度为假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）

A.轻绳的拉力大小为B.小滑块与斜劈甲间的动摩擦因数为C.斜劈乙与水平面之间的摩擦力可能为零D.斜劈甲、乙受到水平面的摩擦力大小相等10、汽车从静止开始以加速度a做匀加速直线运动。当速度达到v后立即以大小为a的加速度做匀减速直线运动，直到静止。在整个加速阶段和整个减速过程中，下列物理量相同的是（）A.位移B.加速度C.经历时间D.平均速度11、建筑工地上，工人用滑轮来提升物体，如图所示，工人的质量为M，物体的质量为m，且若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右跨出一步后，人和物体仍保持静止，则下列说法正确的是（）

A.人对绳的拉力增大B.人对地面的作用力增大C.地面对人的支持力增大D.地面对人的摩擦力增大12、两个可视为质点的小球a和b，用质量可忽略的刚性细杆相连，放置在一个光滑的半球面内，如图所示．已知小球a和b的质量之比为＝细杆长度是球面半径的倍。两小球处于平衡状态时，设半球面对小球a的支持力为Fa，对小球b的支持力为Fb，细杆与水平面的夹角为θ；则。

A.θ＝45°B.θ＝15°C.D.13、放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直线运动．拉力F和物块速度v随时间t变化的图象如图，则（）

A.第1s内物块受到的合外力为5.5NB.物块的质量为1kgC.斜面倾斜角一定是30°D.如果3s撤去拉力F，物块瞬时加速度5m/s2评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、弹性限度：如果形变过大，超过一定的限度，撤去作用力后物体_________（填“能”或“不能”）完全恢复原来的形状，这个限度叫作弹性限度。15、如图所示，质量为的物体A与质量为m的物体B放在光滑的水平面上，在水平推力F的作用下加速运动，则A和B的相互作用力为___________。

16、一深4m的井中用水桶提水，出井口后再往上提了1m，选井口处为原点，水桶竖直向上提升的路线为x轴，向上为正方向，则水桶在水面时的位置坐标为________，最后水桶的位置坐标是_______。如果选水面为坐标原点，那么水桶在水面时的位置坐标为______，最后水桶的位置坐标为_______。17、一物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，设斜面足够长，最初3秒的位移为第二个3秒内的位移为且．则加速度为______18、在水平向右做匀加速直线运动的平板车上有如图所示的装置，其中圆柱体质量为m，左侧竖直挡板和右侧斜面对圆柱体的合力大小为（g为重力加速度），则此时车的加速度大小为______；若圆柱体与挡板及斜面间均无摩擦，当平板车的加速度突然增大时，斜面对圆柱体的弹力将___（选填“增大”；“不变”或“减小”）。

评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)19、在水平拉力F的作用下，A、B两球均处于静止状态，OA、AB绳倾斜，OB绳竖直，请分别在答题卡相应位置作出A、B两球的受力示意图。20、将图中物体的重力按力的实际作用效果进行分解。

21、小球A的重力为20N；在图甲中画出该重力的图示。

22、已知图中的球均处于静止状态，中的球是光滑的；请画出它们所受弹力的方向．

A.B.C.D.评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)23、某同学利用如图所示装置研究小车的匀变速直线运动。

（1）电磁打点计时器是一种使用________（选填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，它的工作电压是当电源的频率为时，它每隔________s打一次点。

（2）某同学实验中获得一条纸带，如图所示，其中两相邻计数点间有四个点未画出。已知所用电源的频率为则打A点时小车运动的速度大小________小车运动的加速度大小________（结果要求保留两位有效数字）

（3）如果当时电网中交变电流的频率是而做实验的同学并不知道，由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏________。（选填“大”或“小”）24、学习小组在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时得到了两条纸带；已知打点计时器所用电源的频率为50Hz。对于这两条纸带的处理，学习小组采用了（1）（2）小题两种不同的方法。

（1）第一种方法：其中一条纸带如图所示：纸带的O点一端与小车相连接；每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s。

①学习小组根据纸带给出的数据得到：vA=________，vB=________，vC=________。

②小车的加速度大小为：___________。

（2）第二方法是先把纸带每隔0.1s剪断，得到若干短纸条，再把这些纸条并排贴在一张纸上，使这些纸条下端对齐，作为时间坐标轴，标出时间，最后将纸条上端中心连起来，于是得到了v-t图象如图所示，则通过这条纸带所求得的加速度大小为___________。

25、某实验小组设计了如图甲的装置来探究加速度与力、质量的关系。将装有力传感器的小车放置在水平长木板上。砂和砂桶的总质量为m，小车和小车中砝码的总质量为M，重力加速度为g。

（1）关于实验，以下说法正确的是___________；

A．m应该远小于M

B．补偿阻力时；应挂上小桶。

C．牵引小车的细绳与长木板可以不平行。

D．用图像法探究加速度与质量关系时，应作图像。

（2）进行正确操作打出一条纸带，选取纸带上一段进行测量，如图乙，取3个计数点A、B、C，测得AB间距AC间距已知打点计时器的周期为则在打下B点时小车的速度为___________小车的加速度为___________（结果均保留两位有效数字）；

（3）若该实验小组将阻力补偿的方法进行改变，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的示数再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，释放小车，记录小车运动时传感器的示数F。改变小桶中砂的重力，多次重复实验获得多组数据，描绘小车加速度a与___________的关系图像，图像为过坐标原点的直线。26、（1）某同学用游标卡尺的________（选填“内测量爪”“外测量爪”或“深度尺”）测得一玻璃杯的内高，如图甲所示，则其内高为________cm.

（2）该同学随后又用螺旋测微器测得玻璃杯的玻璃厚度如图乙所示，则厚度为________mm.

（3）该同学用螺旋测微器测得一小球直径如图丙所示，正确读数后得小球直径为1.731mm，则a＝________，b＝________.

评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)27、如图甲所示，A、B两木块的质量分别为mA、mB，在水平推力F作用下沿水平面向右加速运动，重力加速度为g。

（1）若地面光滑；则A；B间的弹力为多大？

（2）若两木块与水平面间的动摩擦因数均为μ；则A；B间的弹力为多大？

（3）如图乙所示，若把两木块放在固定斜面上，两木块与斜面间的动摩擦因数均为μ，在方向平行于斜面的推力F作用下沿斜面向上加速；A；B间的弹力为多大？

28、一辆汽车从原点O由静止出发沿x轴做直线运动；为研究汽车的运动而记下它的各时刻的位置和速度见下表：

（1）汽车在第2秒末的瞬时速度为多大？

（2）汽车在前3秒内的加速度为多大？

（3）汽车在第4秒内的平均速度为多大。时刻t/s01234567位置坐标x/m00.524.58121620瞬时速度v/(m·s－1)1234444429、汽车正以14m/s的速度在平直的公路上前进，突然发现正前方有一辆自行车以4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭发动机做加速度大小为5m/s2的匀减速直线运动，且汽车恰好没碰上自行车，求关闭发动机时汽车离自行车多远。30、下表是关于小汽车的速率与制动距离（汽车从开始减速到停止的距离）之间的关系。

。速率（m/s）

制动距离（m）

10

8

20

32

30

72

(1)分析表中的数据；汽车的制动距离与汽车的速率有怎样的关系？

(2)当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相碰。若两辆小汽车都以54km/h的速度沿同一方向行驶，后车司机的反应时间为0.7s，求两车之间的安全距离。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

AB．由牛顿第二定律可得

代入数据得：a1=2.5m/s2

又：

代入数据可得v1=5m/s

故AB错误；

CD．物体在前2s内发生的位移为x1，则x1=5m，当拉力为F2=9N时，由牛顿第二定律可得

代入数据可得a2=0.5m/s²

物体经过t2时间速度减为0，则

解得

t2时间发生的位移为x2，则x2=25m，由于

则物体在剩下4s时间内处于静止状态，故物体在前16s内所发生的位移

方向沿斜面向下，故C错误，D正确．2、B【分析】【分析】

【详解】

规定足球以被踢回的方向为正方向，根据加速度定义式，可得

方向为正方向。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．质点采用的科学方法叫建立理想化的物理模型法；A正确，不符合题意；

B．根据速度定义式当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义应用了极限思想法，B正确，不符合题意；

C．伽利略在研究力和运动的关系时；得出了力不是维持物体运动的原因，采用了理想实验模型的方法，C错误，符合题意；

D．在推导匀变速运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，D正确，不符合题意。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．限速120km/h；限制的瞬时速率，不是平均速率大小，故A错误；

B．20km指的是轨迹的长度；即路程，故B错误；

C．12min是指经过一段路程所用的时间；指的是时间，故C错误；

D．区间测速路段长度为s=20km，监测发现某轿车经过这一路段用时t=12min=0.2h，故该轿车的平均速率为

但该在测速区间；某一时刻速度可能超过120km/h，所以该轿车仍可能存在超速现象，故D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

A：既有大小；又有方向的物理量是矢量；只有大小、没有方向的物理量是标量．故A项错误．

B：矢量运算时遵循平行四边形定则或三角形定则；标量运算时是代数法则．故B项错误．

C：出租车按路程收费；路程是标量．故C项错误．

D：矢量运算时遵循平行四边形定则或三角形定则；故D项正确．

【点睛】

本题考查矢量与标量的区别，抓住两者有无方向及运算法则两方面对比．6、C【分析】【分析】

【详解】

A．0～10s内，若运动员匀加速下降，则位移为

由图像可知运动员的位移大小大于100m；A错误；

B．v-t图像的斜率等于加速度；可知10s～15s内加速度逐渐减小，B错误；

C．0～10s内运动员向下的加速度逐渐减小，根据mg-f=ma

则所受阻力逐渐增大；C正确；

D．10s～15s内运动员向上的加速度逐渐减小，根据f-mg=ma

则所受阻力逐渐减小；D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)7、A:C:D【分析】【详解】

对质点a，根据数学知识得：（m/s），则x=5t2+5t（m），与匀变速直线运动的位移公式x=v0t+at2对比得：v0=5m/s，a=10m/s2，所以质点a做匀加速运动的加速度为10m/s2．故A正确．t=1s时，相等，则x相等，所以ls时，a、b再次到达同一位置，此时a的速度为．故B错误，D正确．由图知，对于b，有所以b做速度为10m/s的匀速直线运动．当a、b速度相等时相距最远，则有v0+at=vb，得t=0.5s；由图得xa=3.75m．xb=vbt=5m，所以最远相距S=xb-xa=1.25m，故C正确．8、A:C:D【分析】【详解】

A．0～2s内该物体的加速度大小为：

A正确；

BC．0～3s内该物体的速度一直为正；速度方向始终没有改变，B错误C正确；

D．速度图象的斜率等于加速度，斜率绝对值越大加速度越大，则该物体在2s～3s内的加速度大于0～2s内的加速度，D正确．9、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．假设两斜劈的质量均为由题意对小滑块受力分析；如图所示。

由平衡条件可知

对小滑块受力分析；如图所示。

由平衡条件可知由平衡条件可知

又

由以上可解得

A错误；B正确；

CD．对小滑块和斜劈甲组成的系统；受力分析如图所示。

对小滑块和斜劈乙组成的系统；受力分析如图所示。

又由于一根绳子上的力处处相等，则可知

C错误；D正确；

故选BD。10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

C．设物体运动方向为正方向，已知初速度v0=0，加速过程加速度为a，时间为t，减速过程加速度为-a，物体匀加速过程

设减速到末速度为零所用时间为t2，而末速度v2=0，由得

故C正确；

A．加速过程位移

减速过程位移

所以

故A正确；

B．两个过程加速度大小相等；方向相反，所以加速度不同。故B错误；

D．因为两过程位移相同；时间相等，所以平均速度相同。故D正确。

故选ACD。11、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg；A错误；

B．地面对人的作用力即摩擦力与支持力的合力，由于f和N都是增大的；所以地面对人的作用力也是增大的，B正确。

CD．对人受力分析并正交分解如图：

由平衡条件得

当人拉着绳向右跨出一步后，将变小。

所以

会变大；又

故也将变大。

CD正确。

故选BCD。12、B:C【分析】【详解】

因杆可以绕任一点转动，若杆对a、b的作用力不沿杆，则杆不可能处于平衡状态，故杆对ab球的弹力一定沿杆，且对两球的作用力大小一定相等。设细杆对两球的弹力大小为T，小球a、b的受力情况如图所示：

其中球面对两球的弹力方向指向圆心，设球面的半径为R，即有：

解得：

故的方向为向上偏右，即

的方向为向上偏左，即

两球都受到重力、细杆的弹力和球面的弹力的作用，过O点作竖直线交ab于c点，则Oac与左侧力三角形相似；Obc与右侧力三角形相似；则由几何关系可得：

解得：

取a、b及细杆组成的整体为研究对象，由平衡条件得：

即

解得：

故BC正确，AD错误。13、B:D【分析】【详解】

:ABC.由图可得，0～1s内物体的加速度为。

由牛顿第二定律可得：

1s后匀速有：

联立，并将代入解得：m=1.0kg，因条件不足，故倾角无法解出；故AC不符合题意；

D.如果3s撤去拉力F，合力

由牛顿第二定律可得：

故D符合题意；三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

略【解析】不能15、略

【分析】【详解】

[1]地面光滑把AB看成一个整体，根据牛顿第二定律：F=3ma，隔离对B分析，A对B的作用力大小为：N=ma，联立解得：【解析】16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由题意可知；选井口处为原点，向上为正；则水桶在水面时的在井口的下方，离进口的距离为4m；故坐标值为-4m；出井后，离地面1m；方向向上，故坐标值为1m；

[3][4]如果选水面为坐标原点，那么水桶在水面时的位置坐标为0，最后水桶的位置坐标为5m。【解析】-4m1m05m17、略

【分析】【详解】

根据

得【解析】0.218、略

【分析】【详解】

[1]汽车向右做匀加速直线运动，所以小球的加速度水平向右，则小球所受合外力水平向右，所以有

解得

[2]对小球受力分析可知，斜面对圆柱体的作用力在竖直方向上始终和重力相等，所以当平板车的加速度突然增大时，斜面体对圆柱体的作用力始终不变。【解析】不变四、作图题(共4题，共40分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

对球B受力分析，B球受到重力和OB绳子的拉力，AB绳对B球没有拉力，否则OB不能处于竖直状态；

对球A受力分析，受到重力、拉力F和OA绳子的拉力；共三个力作用，如图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

如图：

【点睛】

本题考查了力的分解、求分力，要根据力的实际作用效果对力进行分解，分析清楚重力的作用效果、正确应用平行四边形定则即可正确解题．【解析】见解析图21、略

【分析】【分析】

【详解】

因为小球是规则物体；故重心在小球的几何中心，所以过球心作竖直向下的力即为小球受到的重力，标度取1cm为10N，小球A的重力为20N，则画2个标度，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【详解】

A中弹力的方向垂直于接触面指向球心；如图；

B图中水平地面对球有竖直向上的弹力；而上面的斜面对球无弹力（假设有弹力的话球不能平衡），如图：

C图中水平地面对球有竖直向上的弹力；而左侧的斜面对球无弹力（假设有弹力的话球不能平衡），如图：

D图中两边绳子对球的拉力方向沿绳子方向；如图；

【解析】如图所示。

A.B.C.D.五、实验题(共4题，共16分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

解：（1）[1]电磁打点计时器是一种使用低压交流电源的计时仪器。

[2]当电源的频率为时；由周期与频率的关系，则它每隔0.02s打一次点。

（2）[3]因纸带上两相邻计数点间有四个点未画出；所以打相邻两计数点的时间间隔是0.1s，由匀变速直线运动中，中间时刻的速度等于平均速度，则有。

[4]由∆x=aT2；可得小车运动的加速度大小。

（3）[5]如果当时电网中交变电流的频率是则打点周期变大，即打相邻两计数点的时间变大，小车的真实位移变大，计算时仍按原时间，则有由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏大。

【解析】交流0.020.340.39大24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）①[1]相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，即打纸带A点的速度为。

[2]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，即打纸带B点的速度为。

[3]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，即打纸带C点的速度为。

②[4]由纸带上数据得出相邻的计数点位移之差相等；根据匀变速直线运动的推论。

可得。

（2）[5]因为剪断的纸带所用的时间都是。

即时间t相等；所以纸带的长度等于此段纸带的平均速度之比，而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，速度-时间直线斜率表示加速度，可知运动物体的加速度为。

【解析】0.415m/s0.425m/s0.435m/s0.1m/s20.2m/s225、略

【分析】【详解】

（1）[1]

A．细绳拉力可以通过力传感器得到，所以不需要满足应该远小于故A错误；

B．补偿阻力时；应小桶撤去，故B错误；

C．为了保证小车运动过程中；细绳拉力恒定不变，牵引小车的细绳与长木板必须平行，故C错误；

D．用图像法探究加速度与质量关系时，应作图像，如果图像为过原点的倾斜直线，说明与成正比，即与成反比；故D正确。

故选D。

（2）[2]由纸带可知相邻计数点之间的时间间隔为

根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下B点时小车的速度为

[3]根据

可得小车的加速度为

（3）[4]缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的示数可知小车受到的阻力为

继续向小桶中加入细砂，释放小车，记录小车运动时传感器的示数则小车受到的合力为

根据

可知描绘小车加速度a与的关系图像，图像为过坐标原点的直线。【解析】D0.582.026、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]因需测量的是玻璃杯的内高即深度；所以要